【数学】2019年高考真题——全国Ⅱ卷(文)(word版含答案)

1、2019年普通高等学校招生全国统一考试(全国 n卷)文科数学一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有 项是符合题目要求的.1 .设集合 A= xX2-5x+6>0 , B= x|x-1<0,贝U AAB=()A. (-8, 1) B. (-2, 1)C. (-3, -1) D. (3, +8)2 .设z=-3+2i ,则在复平面内 Z对应的点位于()A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限- T LT /3.已知 AB =(2,3), AC=(3, t), BC=1,则 AB BC=()A. -3B, -2C. 2D. 34 . 20

2、19年1月3日嫦娥四号探测器成功实现人类历史上首次月球背面软着陆，我国航天事业取得又一重大成就，实现月球背面软着陆需要解决的一个关键技术问题是地面与探测器的通讯联系.为解决这个问题，发射了嫦娥四号中继星鹊桥”，鹊桥沿着围绕地月拉格朗日L2点的轨道运行.L2点是平衡点，位于地月连线的延长线上.设地球质量为 Mi,月球质量为M2,地月距离为R, L2点到月球的距离为r,根据牛顿运动定律和万有引力定律，r满足方程：。.牛(R r)r= (R+r)M31.设a=C,由于的值很小，因此在近似计算中 RRc 3 c 4532"3： 工2(1 : )2土角3 ,则r的近似值为(5 .演讲比赛共有9

3、位评委分别给出某选手的原始评分，评定该选手的成绩时，从 9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分，得到7个有效评分.7个有效评分与9个原始评分相比,不变的数字特征是(B.平均数D.极差6.若 a>b,贝UA. ln(a- b)>0C. a3- b3>0B. 3a<3bD. a >b7.设% 3为两个平面，则 a/ 3的充要条件是()A.”内有无数条直线与3平行C. % 3平行于同一条直线8.若抛物线y2=2px(p>0)的焦点是椭圆A. 2C. 49.下列函数中，以三为周期且在区间 2A . f(x)= cos XB .”内有两条相交直线与3平行D. a,

4、3垂直于同一平面22x y十=1的一个焦点，则 p=()3p pB. 3D. 8,Ji n 、，一 一(-,3)单调递增的是()B . f(x)= sin x10.已知汪(0,Ji),2sin 2 a=cos 2 a+1,贝U sin 产()21A. 一5B 5B 5C 3C.3D.必552211.设F为双曲线_ x yC：=一三=1(a A0,b A0)的右焦点，。为坐标原点，以 OF为直径的 a bC. f(x)=cos xD . f(x)= sin x|圆与圆x2 +y2 =a2交于P, Q两点.若PQ =|OF ,则C的离心率为(A.五C. 2B. 73d. V512.设函数 f(x)

5、的定义域为 R,满足 f(x+1)=2 f (x),且当 xW (0,1时，f(x) = x(x 1).8若对任意x =(-叼m,都有f (x) >,则m的取值范围是(9一 9一 7一 5一 8A,4一 B' r,3_ C'a D3_二、填空题：本题共 4小题，每小题5分，共20分.13. 我国高铁发展迅速，技术先进 .经统计，在经停某站的高铁列车中，有 10个车次的正点 率为0.97,有20个车次的正点率为 0.98,有10个车次的正点率为 0.99,则经停该站高铁列 车所有车次的平均正点率的估计值为 .14. 已知 f(x)是奇函数，且当 x<0 时，f(x)

6、= eax.若 f (ln2)=8,则 a =15. 4ABC的内角A, B,C的对边分别为a,b,c.若b = 6,a = 2c, B=,则4ABC的面积 3为.16. 中国有悠久的金石文化，印信是金石文化的代表之一.印信的形状多为长方体、正方体或圆柱体，但南北朝时期的官员独孤信的印信形状是半正多面体”(图1).半正多面体是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体.半正多面体体现了数学的对称美.图2是一个棱数为48的半正多面体，它的所有顶点都在同一个正方体的表面上，且此正方体的棱长为1则该半正多面体共有 个面，其棱长为 .(本题第一空2分，第二空3分.)三、解答题：共70分。解答应写出文字说明

7、、 证明过程或演算步骤。 第1721题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23为选考题，考生根据要求作答.(一)必考题：共 60分。17. (12 分)如图，长方体 ABCD AB1C1D1的底面ABCD是正方形，点 E在AA1上，BE，EC1.&玲. ；A/ /；(1)证明：BE,平面 EBiCi；(2)若AE=AiE,求二面角B_ECCi的正弦值.18. (12 分)11分制乒乓球比赛，每赢一球得1分，当某局打成10:10平后，每球交换发球权，先多得 2分的一方获胜，该局比赛结束.甲、乙两位同学进行单打比赛，假设甲发球时甲得分的概率为0.5,乙发球时甲得分的概率为0.4,各球

8、的结果相互独立.在某局双方10:10平后，甲先发球，两人又打了 X个球该局比赛结束.(1)求 P (X=2)；(2)求事件 X=4且甲获胜”的概率.19. （12 分）已知数列an和bn满足 a1=1, b1=0, 4an+=3an bn +4 , 4bn书= 3bnan 4.(1 )证明：an+bn是等比数列， an七n是等差数列；(2)求an和bn的通项公式.20. （12 分）已知函数f x = ln xx 1x -1(1)讨论f(x)的单调性，并证明f(x)有且仅有两个零点;(2)设xo是f(x)的一个零点，证明曲线 y=ln x在点A(xo, ln xo)处的切线也是曲线y = ex

9、的切线.21. (12 分)已知点A(-2,0), B(2,0),动点M(x,y)满足直线AM与BM的斜率之积为-.记M的轨迹为曲 2线C.(1)求C的方程，并说明 C是什么曲线；(2)过坐标原点的直线交 C于P, Q两点，点P在第一象限，PEx轴，垂足为E,连结QE并延长交C于点G.(i)证明： PQG是直角三角形；(ii)求 PQG面积的最大值(二)选考题：共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第 一题计分.22. 选彳4-4：坐标系与参数方程(10分)在极坐标系中，O为极点，点M(Po,e0)(PoA0)在曲线C:P = 4sin 8上，直线l过点A(4,0

10、) 且与OM垂直，垂足为P.(1)当为=1时，求P。及1的极坐标方程；(2)当M在C上运动且P在线段OM上时，求P点轨迹的极坐标方程23. 选彳4-5：不等式选讲(10分)已知 f (x) =| x -a |x - |x -2 |(x -a).(1)当a=1时，求不等式f(x)<0的解集;若*5*,1时，f(x)<0,求a的取值范围1. A2. C6. C7. B11. A12. B13. 0.9815. 6，,317. ( 1)证明:3. C4. D8. D9. A由已知得,【参考答案】5. A10. B14. T16. 26; 72-1B1c1 _L 平面 ABB1A , BE

11、 二平面 ABB1A1,故 B1C1 _L BE.又 BE _L EC1,所以 BE _L平面 EB1C1.(2)解：由(1)知/BEB1 二90*.由题设知 RtzXABE RtzAB1E ,所以/AEB = 45*,故AE = AB , AA = 2AB .以D为坐标原点，DA的方向为x轴正方向，| DA |为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系D-xyz,则C (0, 1, 0) , B (1, 1,0) , C (0, 1, 2) , E (1, 0, 1) , CE =1 簿 ,CG= (0,0,2).,CB n = 0, r x = 0,设平面EBC的法向量为n= (x, v, x

12、),则T '即,CE n =0, x-y z = 0,所以可取n= (0, -1,-1).设平面ECC1的法向量为m= (x, y, z),则CCi m =0,CE m =0,即2z=0,x - y z = 0.所以可取m= (1, 1, 0)F日十cos : n,m =I n 11m |2所以，二面角B EC Ci的正弦值为 .218.解：(1) X=2就是10： 10平后，两人又打了 2个球该局比赛结束，则这 2个球均由甲得 分，或者均由乙得分.因此 P (X=2) =0.5 >0.4+ (105) X (1 -04) =05.(2) X=4且甲获胜，就是10： 10平后，两

13、人又打了 4个球该局比赛Z束，且这 4个球的得分 情况为：前两球是甲、乙各得 1分，后两球均为甲得分.因此所求概率为0.5 X(1-0.4) + (1 -0.5) X0.4 0.5 >0.4=0.1 .119.解：(1)由题设得 4(an+ +bn书)=2(an +bn),即 an书 + bn书=2 (an + bn).1又因为a1+b1=l,所以an +bj是首项为1,公比为一的等比数列.2由题设得 4(an*-bn*)=4(an-bn)+8,即 an + - bn + = an -bn + 2 .又因为a1七1=l,所以an -bn是首项为1,公差为2的等差数列. .1(2)由(1)

14、知，an +bn =汨，an 。=2n 1 .111所以 an =-(an +bn)+(an -bn)= +n-, 222,111bn ="(an bn) (an bn) =Tyn 彳.22220.解：(1) f (x)的定义域为(0, 1) , ( 1, +8)单调递增.一 ,e 1oa2 1 a2 - 3因为 f (e) = 1 <0 , f (e ) = 2 2 =2> 0 ,e -1e T e -1所以f (x)在(1, +8)有唯一零点X1 ,即f (x1)=0.又 0一1 , f (1) = Tn X)x1 1+7 = -f(x1)=0 ,故f (x)在(0,

15、 1)有唯一零点综上，f (x)有且仅有两个零点.一 一、.1-lnx0,_,1x ,(2)因为 一=e ,故点B ( -lnx0,l)在曲线y=e上.x0x。由题设知f (x0) =0 ,即ln Xo =-1，1 In 1n x0故直线AB的斜率k = -x0-ln x0 - x°七 1x0 -1-xoXov ,1、曲线y=e在点B(-In x0,一)处切线的斜率是 x0曲线y = lnx在点A(x°,ln x°)处切线的斜率也是1一,x0所以曲线y =ln x在点A(xo,ln %)处的切线也是曲线y=ex的切线.21.解:(1)由题设得一x 2 x -222

16、x y_ 一， +L=1(|x|¥2),所以C为中在42坐标原点，焦点在x轴上的椭圆，不含左右顶点.(2) (i)设直线PQ的斜率为k,则其方程为y = kx(kA0).y = kx由 x2y242r2得 x = ± j=11 2k2,1 2k2,则 P(u,uk),Q(-u,-uk), E(u,0).一 k k于是直线QG的斜率为k ,方程为y =-(x-u).22y =-(x -u),由j 2 2 2得L -,42(2 +k2)x2 -2uk2x +k2u2 -8 = 0.设G（Xg，yG）,则-u和Xg是方程的解，故Xg2U(3k 22),由此得 yG2 k2uk32

17、 k2uk3 2 - uk从而直线pg的斜率为上#= -u(3k2 2) k-u2 k2所以PQ _L PG ,即4PQG是直角三角形.(ii)由(i)得 lPQl=2uFF, |PG| 二2uk *2 122k21,8k(1 k2)所以 apqg 的面积 S = l PQ| PG|=N2(1 2k )(2 k )18(- k)k121 2(- k)2设t=k+ ,则由k>0得t>2,当且仅当k=1时取等 k8t因为S=在2, +8）单调递减，所以当1 2t2t=2,即k=1时，S取得最大值,16取大值为.9一，16因此，apqg面积的最大值为922.解：（1）因为M （P。包）在C上，当00Jl , m .冗一1=时，P0 = 4sin = 2>/3.33由已知得 |OP|=|OA|cos3 =2.设Q（P,9）为l上除P的任意一点.在RtzXOPQ中PcosB 三|?op|=2,3经检验，点P（2,二）在曲线PcosJ日-二I=2上.ji所以，l的极坐标方程为 Pcosl8 =2I 3；(2)设 P( P,巧，在 RtzXOAP 中，|OP|qOA|cos6=4cos立 即 P=4cos/.因为P在线段OM上，且AP