安安法 伏伏法

1、三、实验题(AA法/VV法)1.有以下可供选用的器材及导线若干条，要求使用个数最少的仪器尽可能精确地测量一个电流表的满偏电流A被测电流表A1：满偏电流约700800，内阻约100 ，刻度均匀、总格数为N；B电流表A2：量程0.6 A，内阻0.1 ；C电压表V：量程3 V，内阻3 k；D滑动变阻器R1：最大阻值200 ；E滑动变阻器R2：最大阻值1 k；F电源E：电动势3 V、内阻1.5 ；G开关一个.（1）选用的器材应为_（填AG字母代号）（2）在虚线框内画出实验电路图，并在每个选用的仪器旁标上题目所给的字母序号（3）测量过程中测出多组数据，其中一组数据中待测电流表A1的指针偏转了n格，可算出

2、满偏电流Ig=_，式中除N、n外，其他字母符号代表的物理量是_【答案】（1）ACDFG（2）如图所示（3），U为电压表读数，RV为电压表内阻【解析】（1）电压表量程为3 V，内阻3 k，满偏电流为Ig=A=1 mA=1000 A，与待测电流表类似，可以当作电流表使用，与待测电流表串联即可；由于滑动变阻器用分压电路，故选D，故应选用的器材为：ACDFG.（2）题目中的电流表量程0.6 A，偏大，不需要；采用滑动变阻器分压式接法，电压可以连续调节电路图如图所示：（3）待测电流表总格数为N，电流等于电压表电流，为；电流表与电压表串联，通过他们的电流相等，指针偏转格数之比：，故，U为电压表读数，为电压

3、表内阻.2.现有一只量程3 mA、内阻约为100 的灵敏电流表（表头）为了较准确地测量它的内阻，采用了如图甲所示的实验电路，实验室提供的器材除电源（电动势为2 V，内阻不计）、电阻箱（最大阻值为999.9 ）、开关和若干导线外，还有多个滑动变阻器和定值电阻可供选择（如表）A滑动变阻器R1（05 ，1 A）D定值电阻R01（阻值为200 ）B滑动变阻器R2（0200 ，0.5 A）E定值电阻R02（阻值为25 ）C滑动变阻器R3（01750 ，0.1 A）F定值电阻R03（阻值为5 ）（1）按照实验电路，用笔画线代替导线，在如图乙所示的方框中完成实物图连接（部分导线已画出）（2）连接好电路之后，

4、实验小组进行了以下操作：第一，先将滑动变阻器的滑片移到最右端，调节电阻箱的阻值为零；第二，闭合开关S，将滑片缓慢左移，使灵敏电流表满偏；第三，保持滑片不动（可认为a、b间电压不变），调节电阻箱R的阻值使灵敏电流表的示数恰好为满刻度的若此时电阻箱的示数如图丙所示，则灵敏电流表内阻的测量值Rg为（3）为较好地完成实验，尽量减小实验误差，实验中应选择的滑动变阻器和定值电阻分别为和（填表格中器材前的字母）（4）要临时把该灵敏电流表改装成3.0 V量程的电压表使用，则应将其与电阻箱（填“串联”或“并联”），并把电阻箱的电阻值调为【答案】（1）如图所示（2）102.5 （3）F A （4）串联 897.5

5、【解析】（1）根据原理图可得出对应的实物图；如图所示；（2）由电阻箱的读数方法可得：R=1100+21+50.1=102.5 （3）定值电阻起保护作用，防止电源短路，则由欧姆定律可知定值电阻选F即可；滑动变阻器采用分压接法，故滑动变阻器选择A；（4）要使电流表改装成3.0 V的电压表，应串联一个电阻；由欧姆定律可知：Ig（Rg+R）=3.0 V；解得：R=897.5 ；3.某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻他设计了一个用标准电流表G1来校对待测电流表G2的满偏电流和测定G2内阻的电路，如图1所示已知G1的量程略大于G2的量程，图中R1为滑动变阻器，R2为电阻箱该

6、同学顺利完成了这个实验（1）实验步骤如下；A分别将R1和R2的阻值调至最大B合上开关S1C调节R1使G2的指针偏转到满刻度，此时G1的示数I1如图2甲所示，则I1=AD合上开关S2E反复调节R1和R2的阻值，使G2的指针偏转到满刻度的一半，G1的示数仍为I1，此时电阻箱R2的示数r如图2乙所示，则r=（2）仅从实验设计原理上看，用上述方法得到的G2内阻的测量值与真实值相比（选填“偏大”“偏小”或“相等”）；（3）若要将G2的量程扩大为I，并结合前述实验过程中测量的结果，写出需在G2上并联的分流电阻RS的表达式，RS=（用I、I1、r表示）【答案】（1）25.0 508 （2）相等 （3）【解析

7、】（1）C.微安表最小分度为1 A，故指针示数为：25.0 A；E.由电阻箱示数可知，电阻箱的读数为：（5100+0+81）=508 ；本实验采用半偏法，故电阻箱的读数为表头内阻，故内阻为508 （2）由原理可知，表头与电阻并联，则当电流达到半偏时，两并联电阻相等（3）扩大量程要并联电阻分流，并联的电阻为：=.4.现用伏安法研究某电子器件R1的（6 V，2.5 W）伏安特性曲线，要求特性曲线尽可能完整（直接测量的变化范围尽可能大一些），备有下列器材：A、直流电源（6 V，内阻不计）；B、电流表G（满偏电流3 mA，内阻Rg=10 ）；C、电流表A（00.6 A，内阻未知）；D、滑动变阻器（02

8、0 ，10 A）；E、滑动变阻器（0200 ，1 A）；F、定值电阻R0（阻值1990 ）；G、开关与导线若干；（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子器件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用（填写器材序号）（3）将上述电子器件R1和另一电子器件R2接入如图（甲）所示的电路中，它们的伏安特性曲线分别如图（乙）中Ob、Oa所示电源的电动势E=6.0 V，内阻忽略不计调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电阻R1和R2阻值的和为，R3接入电路的阻值为【答案】（1）见解析图 （2）D （3

9、）20 4【解析】（1）本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，因该电子元件内阻较小，故应选用电流表外接法，题目中没有给出电压表，因此需要用已知内阻电流表进行改装，具体实验原理图如下所示：（2）由于滑动变阻器采用分压接法，因此，在保证安全的前提下，选择总阻值小的，因此滑动变阻器应选用D（3）R1和R2串联使用，因此它们的电流相等，由乙图可知R1和R2的相等电流为：I=0.25A，此时R1和R2的电压均为：U=2.5 V，因此它们的电阻之和为：；此时R3两端的电压为：U1=6.0 V2.5 V2.5 V=1.0 V，此时接入电路中的电阻为：5.某研究性学习小组欲较准确地测量一电池组的电动势

10、及其内阻给定的器材如下：A电流表G（满偏电流10 mA，内阻10 ）B电流表A（00.6 A3 A，内阻未知）C滑动变阻器R0（0100 ，1 A）D定值电阻R（阻值990 ）E多用电表F开关与导线若干（1）该同学再用提供的其他实验器材，设计了如图甲所示的电路，请你按照电路图在图乙上完成实物连线（2）图丙为该同学根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的I1I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得到被测电池组的电动势E=V，内阻r=（保留2位有效数字）【答案】（1）实物图如图（2）7.6 5.0【解析】解：（1）在实物图的连接中，应注意导线在接在接线柱上，电表要保

11、证红进黑出；实物连接如答图所示；（2）由电路图可知，电流表G与定值电阻串联充当电压表，则由闭合电路欧姆定律可得：1000I1=EI2r；I1=-r；由数学知识可知，将图线延长，图象与纵坐标的交点为：7.6 mA，故电源的电动势为：E=10007.6103V=7.6 V；图象的斜率为：k=5103；故内电阻为：r=10005103=5.0 ；6.在实验室中测量电源的电动势和内电阻，可以提供的器材有：（a）待测电池：电动势E、内电阻r（b）电流表A1：量程0.6 A，内阻r1=0.5 （c）电流表A2：量程1 mA，内阻r2=200 （d）滑动变阻器R1：阻值020 ，额定电流2.5 A（e）电阻

12、箱R2：9999 以及开关、导线、坐标纸等为了测量待测电池的电动势和内电阻，请解答以下问题：（1）由于没有电压表，需将电流表A2和电阻箱R2改装成量程为2 V的电压表，R2的电阻值应为（2）根据下图中设计的测量该电池电动势和内电阻的电路图，利用笔画线代替导线，将实物图连接好.（3）根据实验所测数据画出I2I1图象如图所示，由此图象可求得该电源电动势E=，内阻r=.【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）根据串联电路规律可知，串联电阻阻值.（2）根据电路图可得出对应的实物图，如图所示：（3）由图乙所示图象可知，图象纵轴截距是，电源电动势：；路端电压，当纵轴表示路端电压时，图象斜率的绝对值等于电源

13、内阻，则电源内阻7.在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A待测的干电池（电动势约为1.5 V，内电阻小于1.0 ）B电流表A1（量程03 mA，内阻Rg1=10 ）C电流表A2（量程00.6 A，内阻Rg2=0.1 ）D滑动变阻器R1（020 ，10 A）E滑动变阻器R2（0200 ，l A）F定值电阻R0G开关和导线若干（1）某同学发现上述器材中没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选（填写器材前的字母代号）（2）图乙为该同学根据（1）中选出

14、的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的I1I2图线（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数，且I2的数值远大于I1的数值），但坐标纸不够大，他只画了一部分图线，则由图线可得被测电池的电动势E=V，内阻r=（3）若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小，则图线的纵坐标应该为AI1（R0+Rg1） BI1R0 CI2（R0+Rg2） DI1Rg1【答案】（1）b D （2）1.48 0.84 （3）A【解析】（1）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，电路中电流最大为：Im=A=1.5 A；故电流表至少应选择00.6 A量程；故应将3 mA故应将电流表G串联一个电阻，改装成较大量程的

15、电压表使用电表流A由于内阻较小；故应采用相对电源来说的外接法；故a、b两个参考实验电路，其中合理的是b；因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小滑动变阻器应选D（R1），（2）由图乙所示图象可知，图象纵轴截距是I1=1.49 mA，电源电动势：E=I1（RA1+R0）=1.49103A（10 +990 ）=1.49 V；路端电压U=I1（RA1+R0），当纵轴表示路端电压时，图象斜率的绝对值等于电源内阻，则电源内阻r=1030.85 ；（3）根据闭合电路欧姆定律可知U=EIr，若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小，则图线的纵坐标应该为路段电压，而U

16、=I1（R0+Rg1），即图线的纵坐标应该为I1（R0+Rg1），故选：A8.某实验小组用如图1所示实验电路测三节干电池组成的电池组的电动势和内阻，定值电阻3 （1）滑动变阻器的滑片应移动到最左端，闭合电键后，在连续调节滑动变阻器滑片的过程中，电压表V2的示数（填“增大”、“减小”或“不变”）（2）根据实验测得的两个电压表的多组示数，作出U1一U2图象，如图2所示，由此得到电池组的电动势E=，内阻r=；（3）本实验引起系统误差的主要原因有【答案】（1）增大（2）4.5 V 3 （3）电压表的分流作用【解析】（1）移动滑片过程，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律可

17、知，电路电流增大，定值电阻两端电压增大，电压表V2的示数增大（2）由图示电路图可知，电源电动势：E=U1+Ir=U1+r，整理得：U1=E-U2，则：U1U2图象图象的截距：b=E=4.5 V，图象斜率：k=1，解得：r=kR0=3.0 （3）由于电压表的分流作用，流过电源的电流大于，这是造成实验误差的原因9.两位同学在实验室利用如图（a）所示的电路测定定值电阻R0，电源的电动势E和内电阻r，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表和A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表和A和电压表V2的测量数据并根据数据描绘了如图（b）所示的两条UI直线，回答下列问题：（1

18、）根据甲、乙两同学描绘的直线，可知A甲同学是根据电压表 V1和电流表A的数据B甲同学是根据电压表 V2和电流表A的数据C乙同学是根据电压表 V1和电流表A的数据D乙同学是根据电压表 V2和电流表A的数据（2）根据图（b），可求出可以求出定值电阻R0=，电源电动势E=V，内电阻r=（保留2位有效数字）【答案】（1）AD（2）2.01.501.0【解析】（1）从电路连接可以看出，电流表A的读数增大时，电压表V1的读数减小，电压表V2的读数增大甲同学是根据电压表V1和电流表A的数据绘制图象的，故B错误，A正确；乙同学是根据电压表V2和电流表A的数据绘制图象的，故C错误，D正确（2）从图象可以得出定值

19、电阻R0的阻值为：R0=2.0 ；从甲同学的图象可以得出图象在U轴上的截距为1.50 V，即电源的电动势为1.50 V，图象斜率的绝对值为：k=1.0，即电源的内阻为r=1.0 10.某同学到实验室做“测定电源电动势和内阻”的实验时，发现实验桌上还有一个定值电阻R0.他设计了如图甲所示的电路来测量电源电动势E、内阻r和R0的阻值实验时用U1、U2、I分别表示电表V1、V2、A的读数，并将滑动变阻器的滑片P移动到不同位置时，刻录了U1、U2、I的一系列值(1)他在同一坐标纸上分别作出U1I、U2I图线，如图乙所示，则U1I图线是图中_(填A或B)(2)定值电阻R0的计算表达式是：R0_(用测得的

20、U1、U2、I表示)，若实验中的所有操作和数据处理无错误，实验中测得R0值_(填“大于”“等于”或“小于”)实际值(3)若实验中没有电压表V1，你能测出的量是_(填“电动势E”“内阻r”或“R0”，下同)(4)若实验中没有电压表V2，你能测出的量是_【答案】(1)B(2)大于(3)E、r(4)E【解析】(1)根据闭合电路欧姆定律UEIr，可知斜率的绝对值表示内阻；U1I是把R0等效成了内阻，所以画出的U1I图象斜率会比较大，所以应选B；(2)根据部分电路欧姆定律：R0，因为电压表的分流作用，使得电流表所测电流偏小，所以测得电阻偏大；(3)没有电压表V1,V2的读数直接就是路端电压，同样根据闭合

21、电路欧姆定律UEIr，改变滑动变阻器阻值，根据U2I，斜率的绝对值表示r；纵截距表示电动势E；(4)没有电压表V2，可以把R0等效成内阻，根据V1的读数及闭合电路欧姆定律UEI(R0r)斜率的绝对值表示R0r；纵截距表示电动势E.11.为了测定一节旧干电池的电动势和内阻(内阻偏大)，配备的器材有：A电流表A(量程为0.6 A)B电压表V(量程为1 V，内阻为1.2 k)C滑动变阻器R1(010 ，1 A)D电阻箱R2(09 999.9 )某实验小组设计了如图所示的电路实验中将量程为1 V电压表量程扩大为2 V，电阻箱R2的取值应为_ k.利用上述实验电路进行实验，测出多组改装后的电压表读数UV

22、与对应的电流表读数IA，作出UVIA的图象如图所示由图象可知，电源的电动势E_V，内阻r_.【答案】 1.2 1.62.75【解析】12.如图甲是利用两个电流表A1和A2测量干电池电动势E和内阻r的电路原理图图中S为开关，R为滑动变阻器，固定电阻R1和A1内阻之和为10 000 (比r和滑动变阻器的总电阻大得多)，A2为理想电流表(1)按电路原理图在图乙虚线框内各实物图之间画出连线(2)在闭合开关S前，将滑动变阻器的滑动端c移动至_(选填“a端”、“中央”或“b端”)(3)闭合开关S，移动滑动变阻器的滑动端c至某一位置，读出电流表A1和A2的示数I1和I2.多次改变滑动端c的位置，得到的数据为

23、在如图所示的坐标纸上以I1为纵坐标、I2为横坐标画出所对应的I1I2曲线(4)利用所得曲线求得电源的电动势E_ V，内阻r_ .(保留两位小数)(5)该电路中电源输出的短路电流Im_ A.【答案】(1)(2)b端(3)(4)1.50.60(5)2.5【解析】(1)由电路图连线如图(2)闭合开关S前，为保护电路，应使连入电路的滑动变阻器阻值最大，故滑动端c置于b端(3)连线如图(4)电路中A1与R1串联等效于电压表，纵轴截距为0.149 mA，对应电压值U0.149103104V1.5 V，故电动势E1.49 V，内阻r|0.60 .(5)短路电流ImA2.5 A.13.某同学利用如图(a)所示

24、电路，测量一个量程为03 V，内阻约3 k的电压表V1的内阻Rx，所用的实验器材有：待测电压表V1；电压表V2(量程010 V，内阻约10 k)；滑动变阻器R1(0500 )；定值电阻R5.0 k；电源E(电动势8 V，内阻较小)；开关一个、导线若干回答下列问题：(1)根据图(a)所示的电路，在图(b)中用笔画线代替导线将实物图的电路连接完整；(2)闭合开关S前应先将滑动变阻器的滑片调到最_端(填“左”或“右”)，多次调节滑动变阻器，记下电压表V1的示数U1和电压表V2的示数U2；(3)该同学以U2为纵坐标，U1为横坐标建立坐标系，根据测得数据描点作图如图(c)所示由电路图可知U2与U1的关系

25、式为U2_(用题中所给物理量符号表示)，结合图线(c)和已知数据可求得待测电压表内阻Rx_ k；(结果保留两位有效数字)(4)该同学还想利用图(a)电路，测量一量程为01 V、内阻约2 k的电压表内阻，为保证实验中的测量数据变化范围尽量大，只需更换一个定值电阻即可，若有四个阻值分别为2.0 k，8.0 k，14.0 k，20.0 k的定值电阻可供选择，他应选用阻值为_k的定值电阻【答案】(1)(2)左(3)(1)U13.2(4) 14.0【解析】(1)根据电路图连接实物图，如图所示(2)闭合开关S前应先将滑动变阻器的滑片调到最左端，使通过待测电压表和R的电流和两端的电压为零，保护电路(3)电压

26、表V2测量电压表V1和R的总电压，根据欧姆定律得：解得：U2(1)U1则U2U1图象的斜率表示1，根据图象可知，1解得：Rx3.2 k(4)测量量程为01 V、内阻约2 k的电压表内阻，则此电压表的最大电压为1 V，最大电流为I1，定值电阻与电压表串联，电源电压为8 V，所以定值电阻两端最大电压为7 V，最大电流为I1，则电阻R14.0 k.14.某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻，他设计了一个用标准电流表来校对待测电流表G2的满偏电流和测定G2内阻的电路，如图所示，已知G1的量程略大于G2的量程，图中R1为滑动变阻器，R2为电阻箱该同学顺利完成了这个实验(1)

27、实验过程包含了以下步骤，其合理的顺序依次为_(填步骤的字母代号)A合上开关S2B分别将R1和R2的阻值调至最大C记下R2的最终读数D反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1，使G2的指针偏转到满偏刻度的一半，此时R2的最终读数为rE合上开关S1F调节R1使G1的指针偏转到满刻度，此时G1的示数为I1，记下此时G1的示数(2)仅从实验设计原理上看，用上述方法得到的G2内阻的测量值与真实值相比_(填“偏大”“偏小”“相等”)(3)若要将G2的量程扩大为I，并结合上述实验过程中测量的结果，写出在G2上并联的分流电阻RS的表达式，RS_【答案】(1)BEFADC(2)相等(3)【解析】(1)先把

28、各电阻调到最大值，再把标准电流表单独较准与电表串联得到最大电流值，再用半偏法测其内阻，由此得顺序为BEFADC.(2)电流达到半偏时，两并联电阻相等(3)扩大量程要并联电阻分流，并联的电阻为：RS15.实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联测量实际电流表G1的内阻r1的电路如图所示供选择的仪器如下：待测电流表G1(05 mA，内阻约300 )电流表G2(010 mA，内阻约100 )定值电阻R1(300 )，定值电阻R2(10 )，滑动变阻器R3(01 000 )，滑动变阻器R4(020 )，干电池(1.5 V)，开关S及导线若干(1)定值电阻应选_，滑动变阻器应选_(在空格内填写序

29、号)(2)补全实验步骤：按电路图连接实物图，并将滑动触头移至最左端；闭合开关S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；_；以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图所示(3)根据I2I1图线的斜率k及定值电阻R1，写出待测电流表内阻的表达式r1_.【答案】(1)(2)多次移动滑动触头，记录相应的G1，G2的读数I1，I2(3)(k1)R1【解析】(1)由于定值电阻R1的电阻与待测电流表G1内阻接近相等，可将二者并联，再与电流表G2串联；由于变阻器采用分压式接法时，阻值越小调节越方便，所以变阻器应选最大阻值较小的R4；(2)实物图如图所示：多次移动滑动触头，记录相应的G1

30、，G2的读数I1，I2；(3)由电路图根据串并联规律应有：I1I2，解得：I2(1)I1，根据函数斜率的概念应有：k(1)，解得：r1(k1)R1；16.有一根粗细均匀的空心导体棒如图a所示，截面为同心圆环(如图b)，其电阻约为100 ，这种材料的电阻率为.某同学用以下器材测量该导体棒的内径：A20分度的游标卡尺B螺旋测微器C电流表A1(量程50 mA，内阻R1100 )D电流表A2(量程100 mA，内阻R2约40 )E滑动变阻器R(010 )F直流电源EG导电材料样品RxH开关一只，导线若干(1)用游标卡尺测量导体棒长度如图甲，示数L_mm；用螺旋测微器测量其外径如图乙，示数D_mm.(2

31、)图丙是实验原理图，请在丁图中完成实物连接(3)闭合开关S，调整滑动变阻器，记录电流表A1的读数I1和电流表A2的读数I2，则导体管的内径d_(用已知量和测量量的符号来表示)【答案】(1)100.503.5003.503(2)电路如图(3)【解析】(1)用游标卡尺测量导体棒长度，示数L10 cm0.05 mm10100.50_mm；用螺旋测微器测量其外径，示数D3.5 mm0.01 mm0.33.503 mm.(3)由图可知，Rx，由电阻定律可得：Rx，联立解得：d.17.如图所示是一些准备用来测量待测电阻Rx阻值的实验器材，器材及其规格列表如下：为了能正常进行测量并尽可能减小测量误差，实验要求测量时电表的读数大于其量程的一半，而且调节滑动变阻器能使电表读数有较明显的变化请用实线代替导线，在所给的实验器材中选择合适的器材，连成满足要求的测量Rx阻值的电路【答案】【解析】由于待测电阻约1 000 ，滑动变阻器最大电阻为100 ，要使电表读数发生变化，滑动变阻器必须使用分压式接法当电源电动势全部加在待