同仁县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

1、同仁县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级座号姓名分数一、选择题1.一个物体以初速度vo从A点开始在光滑水平面上运动。一个水平力作用在物体上，物体的运动轨迹如图中实线所示，图中B为轨迹上一点，虚线是过A、B两点并与运动轨迹相切的直线，虚线和实线将水平面划分为图示的5个区域。则关于该施力物体位置的判断，下列说法中正确的是第15页，共13页A.如果这个力是引力，则施力物体一定在区域B.如果这个力是引力，则施力物体一定在区域C.如果这个力是斥力，则施力物体一定在区域D.如果这个力是斥力，则施力物体可能在或区域3. 如图所示，物块A、B叠放在粗糙的水平桌面上，从零开始缓慢增大

2、的水平外力F作用在B上，使A在B上的运动情况分为三段：0ti有时间内A、B都保持静止，tit2时间内A、B保持相对静止一起加速，12r3时间段内A、B之间发生相对运动。下列说法正确的是（设A、B之间的摩擦力为fi,B与水平桌面间的摩擦力为f2）A.t1时刻后A一直做匀加速运动，t2时刻后B一直做匀加速运动间有一正电荷（电荷量两极板的电压，Ep表示图中虚线所示位置，则Ni,球对木板的压力大小为N2,以B. fl一直变大，f2始终不变C. 0tl时间fl为零，tlt2时间fl逐渐增大，t2t3时间fl不变D. 0tl时间f2一直增大，tlt3时间段内f2不变4. 一平行板电容器充电后与电源断开，负

3、极板接地，在两极板很小）固定在P点，如图所示，以E表示极板间的场强，U表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移动到如（）A.U变小，Ep不变B.U变小，E不变C.U变大，Ep变大D.U不变，E不变5 .如图，一小球放置在木板与竖直墙壁之间，设墙面对球的压力大小为木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。不计摩擦，在此过程中A、Ni始终减小，N2始终增大B、Ni始终减小，N2始终减小C、N1先增大后减小，N2始终减小D、N1先增大后减小，N2先减小后增大6 .质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该

4、质点A第1s内的位移是5mB前2s内的平均速度是6m/sC任意相邻1s内的位移差都是1mD任意1s内的速度增量都是2m/s7 .如图所示，在一次救灾工作中，一架离水面高为Hm,沿水平直线飞行的直升飞机A,用悬索（重力可忽略不计）救护困在湖水中的伤员B,在直升飞机A和伤员B以相同的水平速率匀速运动的同时，悬索将伤员吊起。设经ts时间后，幺、3之间的距离为lm,且=耳_产，则在这段时间内关于物体B的受力情况和运动轨迹正确的是下列哪个图8 .库仑定律是电磁学的基本定律。1766年英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电。他受到万有引力定

5、律的启发，猜想两个点电荷（电荷量保持不变）之间的静电力与它们的距离的平方成反比.1785年法国的库仑通过实验证实了两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比。下列说法正确的是（）A.普里斯特利的实验表明，处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电势为零8 .普里斯特利的猜想运用了对比”的思维方法C.为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比，库仑制作了库仑扭秤装置D.为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，库仑精确测定了两个点电荷的电荷量9 .关于速度和加速度，下列说法中正确的是（）A速度方向改变，加速度方向一定改变B加速度大的物体运动

6、得快C加速度减小时速度也一定减小D加速度不为零时，速度一定会改变10 .如图所示，一根重力G=0.1N、长L=1m的质量分布均匀的导体ab,在其中点弯成打60。角，将此导体放入匀强磁场中，导体两端a、b悬挂于两相同的弹簧下端，弹簧均为竖直状态，当导体中通过I=1A的电流时，两根弹簧比原长各缩短了Ax=0.01m,已知匀强磁场的方向垂直纸面向外，磁感应强度的大小B=0.4T,则A.导体中电流的方向为b-aB.每根弹簧的弹力大小为0.10NC.弹簧的劲度系数k=5N/mx.kwD.若导体中不通电流，则弹簧伸长0.02m11.如图所示，P、Q是两个电量相等的正的点电荷,它们连线的中点是O,A、B是中

7、垂线上的两点，OA<OB,用Ea、Eb、"如分别表示A、B两点的场强和电势，则（A. Ea一定大于Eb,。a一定大于加B. Ea不一定大于Eb,依一定大于加C. Ea一定大于Eb,4a不一定大于如D.Ea不一定大于Eb,（）a不一定大于（）b12 .（2015永州三模，19）如图所示，两星球相距为L,质量B!|>比为mA:mB=1：9,两星球半径远小于L。从星球A沿A、B连线向星球B以某一初速度发射一探测器，只考虑星球A、B对探测器的作用，下列说法正确的是（）A.探测器的速度一直减小b.探测器在距星球a为4处加速度为零C.若探测器能到达星球B,其速度可能恰好为零D.若探测

8、器能到达星球B,其速度一定大于发射时的初速度13 .如图4所示，一理想变压器，当原线圈两端接Ui=220V的正弦式交变电压时，副线圈两端的电压U2=55V.对于该变压器，下列说法正确的是（）?A.原、副线圈的匝数之比等于4:1B.原、副线圈的匝数之比等于1:4C.原、副线圈的匝数之比等于2:1D.原、副线圈的匝数之比等于1:214.t=0时，甲、乙两汽车从相距70m的两地开始相向行驶，他们的v-t图像如图所示.忽略汽车掉头所需时间.下列对汽车运动情况的描述正确的是（）AiXnVs）A.在第1S末，乙车改变运动方向B.在第2s末，甲乙两车相距10mC.在前4s内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大

9、D.在第4s末，甲乙两车相遇15 .使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开。下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况,其中正确的是A.AB.BC.CD.D二、填空题16 .一部电梯在t=0时由静止开始上升，电梯的加速度a随时间t的变化如图所示，电梯中的乘客处于失重状态的时间段为（选填“09s”或“1524s”）。若某一乘客质量m=60kg,重力加速度g取10m/s：电梯在上升过程中他对电梯的最大压力为N。17 .用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻”的实验，供选用的器材有A.电流表（量程：0-0.6A,Ra=1qB.电流表（量程：0-3A,Ra=0.69C.电压表（量程：0-3V,

10、Rv=5k9D.电压表（量程：0-15V,Rv=10k9E.滑动变阻器（0-10。断定电流1.5A）F滑动变阻器（0-2k额定电流02A）G.待测电源（一节一号干电池）、开关、导线若干（1）请在下边虚线框中画出本实验的实验电路图（2）电路中电流表应选用，电压表应选用，滑动变阻器应选用。（用字母代号填写）（3）如图所示为实验所需器材，请按原理图连接成正确的实验电路18.测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材:a.待测的干电池（电动势约为1.5V,内电阻小于1.0a）B.电流表G（满偏电流3mA,内阻Rg=10Q）C.电流表A（00.6A,内阻0.1a）D.滑动变阻器R1（020a,

11、10A）E.滑动变阻器R2（0200a,1A）F.定值电阻R0（990a）G,开关和导线若干某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图中甲的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是图的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选（填写器材前的字母代号）（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的I1I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得被测电池的电动势E=V,内阻r=0。三、解答题19.如图所示为一升降机由静止开始下降过程中的速度图象，升降机及其载重总质量为2.0too/(m-s*)

12、g取10m/s2)(1)由图象判断出升降机在哪段时间内出现超重、失重现象；(2)分别求出第2s内、第5s内、第7s内悬挂升降机的钢索的拉力大小。20.如图(甲)所示，在直角坐标系。虫4区域内有沿y轴正方向的匀强电场，右侧有一个以点(3L,0)为圆心、半径为L的圆形区域，圆形区域与x轴的交点分别为M、N。现有一质量为m,带电荷量为e的电子,从y轴上的A点以速度vo沿x轴正方向射入电场，飞出电场后从M点进入圆形区域，速度方向与x轴夹角为30。此时在圆形区域加如图(乙)所示周期性变化的磁场，以垂直于纸面向外为磁场正方向)，最后电子运动一段时间后从N飞出，速度方向与进入磁场时的速度方向相同(与x轴夹角

13、也为30°)。求：(1)电子进入圆形磁场区域时的速度大小；(2)0aq区域内匀强电场场强E的大小；(3)写出圆形磁场区域磁感应强度B0的大小、磁场变化周期T各应满足的表达式。同仁县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参考答案）一、选择题1 .【答案】AC【解析也AC如果这个力是引力，则施力葛体一定点区域，这是因为曲线运动的酰迹应介于合外力的方向与速度的方向之间，£室向合外力的一党，殳求A正由爰生个力是用力，在区域内任注一点分别与H、E两点延逢并延可发现2区域的各点,牝豆就遭不叁合外力方向余造度为何之间，豆区域的点，花度既迹在合外力方句叁速度方向之;明

14、号比过发C正规二2 .【答案】C【解析】试题分析：交流电是指电流的方向发生变化的电流，电流的大小是否变化对其没有影响，电流的方向变化的是C,故C是交流电，ABD是直流电。考点：考查了对交流电的理解3 .【答案】CD也亍在水平方向上珑JCD在“fl时同眄，由于两者看的.好地面辩止所以下工工1号大；好月分析,法菊其他外力,所以摩擦力为掌，即力=0：:广办肺：可史，两者再好静止一起加速运动，即工为动摩擦力，有工=外（网+用Jg，所以工一定，对终后由牛或舞二定漫年超产一=#2（g+的I。，&鬼大,而闻宵£二网口所以工煌大，两者在这一段太：司内数变犯迂造劫：之务时:可内，.4、5之间发

15、生湘W运劭，A超网g在B给的勃摩擦力的作用下加遑运动.工处%且一定，/=为定值.即漱勺加速交统吗运劫¥豺3分析，工%网+吗1g,一定，虫牛襟第二毛室可於尸一工一力=的+吗）色，加W度运看产的堤大豆堤大，散变加迄造动，所以AB幅误，CD正埼,4 .【答案】AB5 .【答案】B【解析】【解析】以小球为研究对象，分析受力情况：重力G、墙面的支持力NJ和木板的支持力WJ.根据牛顿第三定律得知,以=超1电=居q根据平衡条件得:卑=最弟,M'=上，将木板从图示位置开始缓慢STfS地转到水平位置的过程中，S增大,加口¥减小，膜的增大，则叫喷口WJ都始终减小，故盟和区都始终减小，故

16、选B【解析】匀变速直线运动的考查，简单题。第1s内的位移只需将t=1代入即可求出x=6m,A错误；前2s得加速度为a=2m/s27.【答案】A内的平均速度为,B错；由题给解析式可以求,C错；由加速的定义可知D选项正确【解析】根据1=日产，可知B在竖直方向上是匀加速上升的，悬索中拉力大于重力，即表示拉力F的线段F、G并且都在竖直方向上；向上加速，运动B的受力情况和运动轨迹正确的是A。要比表示重力G的线段长，飞机在水平方向匀速率运动，所以轨迹应向上偏转，只有A符合，所以在这段时间内关于伤员8 .【答案】C9 .【答案】D10 .【答案】AC是Jac当导体中逋过Z=1A的电流时，两根弹簧比原我缩短.

17、安熔力方向向上，划去多定则，导体中电流的方向为斯敬A项正靖；通电后，导体棒的有效长史4=03m,受期的安培力一,Fa=ZLB=lx0.5xQ.4N=0.2N,其受力分析G+2F=5,解得F=0.05N,每根建釜的择力太小为0.05、靛B不据误;据百二证N,心港上二5Nm,熬C不正逾；若导体母彳道电流C=2F：,F2=kM二器程：Ax：=0.01m?洋黄/q%0.0im,故D塞维误工11 .【答案】B12 .【答案】BD【解析【名师解析】1薇则器从卫向5运动，所受的万有引力合力先向左再向右，贝I探测器的速度先属小后赠大，故人错误$当探测器合力为零时，加速度为零，则有：胃二簟,因为欧：m=1：&q

18、uot;贝lj二及：is=3：卜知探测器距离星球金的距离为：名,故B正确j探测器到达星球B的过程中，由于5的质量大于A的质量，从W到3万有引力的合力做正功，则动能增加，所以探测器到达星球8的速度一定大于发射时的速度，故C错误，D正确.13 .【答案】AUini【解析】U2n2,A对14 .【答案】BC15 .【答案】B【解析】【解析】把带电金属球移近不带电的验电器.根据静电感应现象的规律可知，若金属球带正电荷，则将导体上的自由电子吸引上来，这样验电器的上部将带负电荷，箔片带正电荷；若金属球带负电荷，则将导体上的自由电子排斥到远端，这样验电器的上部将带正电荷，箔片带负电荷，选项B正确.二、填空题

19、16 .【答案】1524s660（每空3分）【解析17.【答案】(1) .(1)如解析图甲所示(2) .(2)A；(3) .C;(4)【解析】电梯在ao时由静止开始上升,由图可知，口的正方向为竖直向上，所以在1224£内，加速度竖直向下，处干失重状态i电梯在上升过程中处于超重状态，目加速度最大时他对电梯的压力最大，所以在18s内他对电梯的压力最大孑根据牛顿第二定律：*照二刑%代入数据解得：2660N,根据牛顿第三定律，则乘客对电梯的最大压力大小为66CNoE；(5).(3)如解析图乙所示:【解析】(1)电路如图甲所示：®d'由于在电路中只要电压表的内阻Rv?r,这种条件很容易实现，所以应选用该电路。(2)考虑到待测电源只有一节干电池，所以电压表应选C;放电电流又不能太大，一般不超过0.5A,所以电流表应选A;滑动变阻器不能选择阻值太大的，从允许最大电流和减小实验误差的角度来看，应选择电阻较小额定电流较大的滑动变阻器E,故器材应选A、C、E。(3)如图乙所示：18 .【答案】b,D1.48(1.48±0