【KS5U解析】江苏省淮安市涟水县第一中学2019-2020学年高二上学期10月物理试题（理） Word版含解析

1、涟水县第一中学20192020学年度高二年级10月份阶段性测试高二物理试卷（理科）一单项选择题：每小题4分，共40分。每个小题只有一个正确选项。1.关于元电荷下列说法错误的是( )a. 所有带电体的电荷量大小一定等于元电荷的整数倍b. 元电荷的值通常取作e1.60×1019 cc. 元电荷实际上是指电子和质子本身d. 电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的【答案】c【解析】【详解】a. 所有带电体的电荷量大小一定等于元电荷的整数倍，选项a正确；b. 元电荷的值通常取作e1.60×1019 c，选项b正确；c. 元电荷是基本的电量单位，不是指电子和质子本身，选项c

2、错误；d. 电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的，选项d正确；此题选择不正确的选项，故选c.2.某电解池，如果在1 s内共有5×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是()a. 0b. 0.8 ac. 1.6 ad. 3.2 a【答案】d【解析】【详解】由题，电解池中正负离子运动的方向相反，则1s内通过截面正离子的电量为q1=2n1e负离子的电量绝对值为q2=n2e则电流为代入数据解得：a0与分析不符，故a错误；b0.8 a与分析不符，故b错误；c1.6 a与分析不符，故c错误；d3.2 a与分析相符，故d正确3.

3、如图所示，带箭头的线段表示某一电场中的电场线的分布情况。一带电粒子在电场中运动的轨迹如图中虚线所示。若不考虑其他力，则下列判断中正确的是（）a. 若粒子是从a运动到b，则粒子带正电；若粒子是从b运动到a，则粒子带负电b. 不论粒子是从a运动到b，还是从b运动到a，粒子必带正电c. 若粒子是从b运动到a，则其加速度减小d. 若粒子是从b运动到a，则其速度减小【答案】c【解析】【详解】ab若粒子是从a运动到b，则粒子受电场力大致向左，可知粒子带负电；同理若粒子是从b运动到a，则粒子带负电，即不论粒子是从a运动到b，还是从b运动到a，粒子必带负电，选项ab错误；c因为a处电场线较b处稀疏，则若粒子是

4、从b运动到a，则受电场力减小，其加速度减小，选项c正确；d若粒子是从b运动到a，则电场力做正功，则其速度增加，选项d错误。故选c。4.一平行板电容器两极板间距离为，极板正对面积为，对此电容器充电后再与电源断开当只增加两板间距离时，电容器两极板间的（ ）a. 电场强度减小，电势差变大b. 电场强度减小，电势差减小c. 电场强度不变，电势差变大d. 电场强度不变，电势差不变【答案】c【解析】【分析】电容器充电后再与电源断开，所带电量不变当只增加两板间距离d时，根据推论可知板间电场强度不变，电势差增大【详解】电容器充电后再与电源断开，所带电量不变根据板间电场强度，和得到，由题q、s都不变，则板间电场

5、强度e不变板间电势差u=ed，d增大，电势差增大故应选：c【点睛】本题是电容器的动态分析问题，推论要在理解的基础上学会推导，并加强记忆5.如图所示，r1、r2为定值电阻，l为小灯泡，r3为光敏电阻，当照射光强度增大时（ ）a. 电压表的示数减小b. r2中电流增大c. 小灯泡的功率增大d. 电路的路端电压增大【答案】c【解析】【分析】当照射光强度增大时，r3变小，分析电路中总电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可

6、得出灯泡功率的变化【详解】a项：当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，r3变小，外电路总电阻减小，则电路中的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故r1两端的电压增大，即电压表的示数增大，故a错误；b、d项：因电路中总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时r1两端的电压增大，故并联电路部分电压减小，则流过r2的电流减小，故b、d错误c项：由并联电路电压增大，可知流过灯泡的电流一定增大，故由p=i2r可知，小灯泡消耗的功率增大，故c正确故应选：c【点睛】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，

7、要注意灵活应用电路的性质6.a和b为电场中的两个点，如果把的负电荷从a点移动到b点，电场力对该电荷做了的正功，则该电荷的电势能和       a. 增加了，b. 增加了 ，10vc. 减小了，10vd. 减小了，  【答案】d【解析】【详解】负电荷从a点移动到b点，电场力对该电荷做了4×10-7j的功，则在这个过程中，电荷的电势能减小了4×10-7j根据电势差公式 得a、b两点间的电势差为：，故选d.【点睛】本题要抓住电场力做功和电势能变化关系与重力做功和重力势能变化的关系相似：电场力

8、做正功，电势能减小；电场力做负功，电势增大运用公式时各个量均要代符号运算7.如图所示，n个小球（可看做质点）均匀分布在半径为r的圆周上，圆周上p点的一个小球所带电荷量为2q，其余小球带电量为+q，圆心处的电场强度大小为e，若仅撤去p点的带电小球，圆心处的电场强度大小为（ ）a. eb. c. d. 【答案】c【解析】【详解】假设圆周上均匀分布的都是电量为+q的小球，由于圆周的对称性，圆心处场强为0，则知p处q在圆心处产生的场强大小为 e1=k方向水平向左，可知图中所有+q在圆心处的场强e2=e1=k方向水平向右，图中2q在圆心处产生的场强大小e3=方向水平向右根据电场叠加有e2+e3=e则得所

9、以若仅撤去p点的带电小球，圆心处的电场强度大小为，故c正确，abd错误。8.如图所示，图线a是某一电源的ui曲线，图线b是一定值电阻的ui曲线若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0），则说法错误的是（）a. 该定值电阻为6b. 该电源的电动势为20vc. 将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大d. 将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大【答案】c【解析】【详解】a.图线b的斜率k=6则定值电阻的阻值：r=k=6故a正确，不符合题意；b.由图读出交点的电压u=15v，电流i=2.5a，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势e=u+ir=15v+2.5

10、5;2v=20v故b正确，不符合题意；cd.定值电阻的阻值r =6，电源的内阻r=2.0；对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大，则将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大；故c错误，符合题意；d正确，不符合题意。9.在如图所示的电路中，电阻，电流表内阻不计，在a、b两点间加上9v的电压时，电流表的读数为(    )a. 0b. 1 ac. 1.5 ad. 2 a【答案】b【解析】【详解】图中电阻r2与r3并联后与r1串联，电路的总电阻为：根据欧姆定律，干路电流为：由于并联电路的电流与电阻成反比，故：；a. 0，

11、与结论不相符，选项a错误；b. 1 a，与结论相符，选项b正确；c. 1.5 a，与结论不相符，选项c错误；d. 2 a，与结论不相符，选项d错误；10.直流电动机的线圈电阻为r，正常工作时，电动机两端的电压为u，通过的电流强度为i，工作时间为t，下列说法正确的是a. 电动机线圈产生的热量为i2rtb. 电动机线圈产生的热量为c. 电动机消耗的电能为d. 电动机输出机械能为uit【答案】a【解析】【详解】ab.根据焦耳定律得，电动机线圈产生的热量为q=i2rt；电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，线圈产生的热量故a正确，b错误c.电动机两端的电

12、压为u，通过的电流强度为i，工作时间为t，则电功为w=uit，电动机消耗的电能为w=uit；电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，则；故c错误d.由能量转化和守恒定律得，电动机输出的机械能；故d错误二多项选择题：每小题5分，共20分。每个小题有多个选项正确。选对但不全得3分，错选或不选得0分。11.关于电场强度和电势的关系，下列说法正确的是（）a. 电势为零的地方场强也为零b. 场强处处相同的区域内，电势也一定相同c. 场强的方向总是跟等势面垂直d. 电势高的地方场强不一定大【答案】cd【解析】【详解】a. 电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零故a错误；b.

13、场强处处相同的区域内，沿着电场线的方向电势逐渐降低，故b错误c. 根据电场线与等势面的关系可知，场强的方向与等势面总是垂直故c正确d. 沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高故d正确12.某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是()a. 该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻b. 加5 v电压时，导体的电阻约是5 c. 由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小d. 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小【答案】bc【解析】【详解】该元件

14、虽然是非线性元件，但仍能用欧姆定律计算导体在某状态的电阻，故a错误，当u=5v时，由图知电流为i=1.0a，则导体的电阻故b正确；由图知，随着电压的减小，图象上的点与原点连线的斜率增大，此斜率等于电阻的倒数，则知导体的电阻不断减小，故c正确，d错误；故选bc【点睛】本题关键抓住图象上的点与原点连线的斜率等于电阻的倒数，分析电阻的变化，求解电阻的值13.如图所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下已知在金属块滑下的过程中动能增加了12j，金属块克服摩擦力做功8j，重力做功24j，则以下判断正确的是a. 金属块带正电荷b. 金属块的机械能减少12jc. 金属块克服电

15、场力做功8jd. 金属块的电势能减少4j【答案】ab【解析】【详解】acd、在金属块滑下的过程中动能增加了12j，金属块克服摩擦力做功8.0j，重力做功24j，根据动能定理得：w总wg+w电+wfek，解得：w电4j，所以金属块克服电场力做功4.0j，金属块的电势能增加4j，由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷，故a正确，cd错误；b、在金属块滑下的过程中重力做功24j，重力势能减小24j，动能增加了12j，所以金属块的机械能减少12j，故b正确14.如图所示，一电子在外力作用下沿等量异种电荷的中垂线由aob匀速运动，a、b两点关于两电荷连线对称，电子重力不

16、计，则电子运动过程中说法正确的是（）a. 电子受外力先变大后变小，方向水平向右b. 电子受外力先变小后变大，方向水平向左c. 电子在a、b两点电势能相等d. 电子受合力为零【答案】acd【解析】【详解】ab根据等量异种电荷周围的电场线分布知，从aob，电场强度的方向不变，水平向右，电场强度的大小先增大后减小。则电子所受电场力的大小先变大后变小，方向水平向左，则由平衡条件可知，外力的大小先变大后变小，方向水平向右。故a正确，b错误。c等量异种电荷的中垂线是一条等势线，则电子在a、b两点电势能相等，故c正确。d电子所受的电场力和外力必定平衡，否则电子不可能做直线运动，所以电子的合力为零，故d正确。

17、故选acd。三实验题：每空2分，共10分。15.为了研究某导线的特性，某同学所做部分实验如下：(1)用螺旋测微器测出待测导线的直径，如图甲所示，则螺旋测微器的读数为_mm；(2)用多用电表直接测量一段导线的阻值，选用“×10”倍率的电阻档测量，发现指针偏转角度太大，因此需选择_倍率的电阻档（选填“×1”或“×100”），欧姆调零后再进行测量，示数如图乙所示，则测量值为_ ；(3)另取一段同样材料的导线，进一步研究该材料的特性，得到电阻 r 随电压 u 变化图像如图丙所示，则由图像可知，该材料在常温时的电阻为_；当所加电压为 3.00v时，材料实际消耗的电功率为_w

18、（结果保留两位有效数字）【答案】 (1). 1.731（1.7301.733） (2). ×1 (3). 22 (4). 1.5 (5). 0.78（0.700.80均给分）【解析】【详解】(1)1由图可知，螺旋测微器的示数为：d=1.5+23.0×0.01mm=1.730mm；(2)2角度偏转太大，则说明示数太小，阻值太小，应换用小倍率档位，故选用×1档；3由图可知，电阻值为：22×1=22；(3)4由图可知，常温不加电压时，电阻为1.5；5加电压为3v时，电阻为11.5；则功率：四计算题：共30分。请写出必要的文字说明和重要的演算步骤，有数值计算的题，必须明确写出单位，只写出最后答案的不能得分。16.如图所示，在匀强电场中，将带电荷量为q=