【KS5U解析】四川省蓉城名校联盟2020届高三下学期第二次联考物理试题 Word版含解析

1、蓉城名校联盟2017级高三第二次联考理科综合能力测试注意事项：1.答题前，考生务必在答题卡上将自己的学校、姓名、班级、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写清楚，考生考试条形码由监考老师粘贴在答题卡上的“条形码粘贴处”。2.选择题使用2b铅笔填涂在答题卡上对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再填涂其它答案；非选择题用0.5毫米黑色签字笔在答题卡的对应区域内作答，超出答题区域答题的答案无效；在草稿纸上、试卷上答题无效。3.考试结束后由监考老师将答题卡收回。二、选择题1.下列说法正确的是（）a. 物体的惯性越大，说明该物体的运动状态改变得越快b. 材料电阻率越小，说明该材料的导电性能越好c

2、. 电容器的电容越大，说明该电容器储存的电荷量越多d. 电源电动势越大，说明该电源将电能转化为其它形式的能就越多【答案】b【解析】【详解】a物体惯性的大小是描述物体运动状态改变的难易程度，而不是运动状态改变的快慢，运动状态改变的快慢是加速度，故a错误；b材料电阻率越小，说明该材料的导电性能越好，选项b正确；c电容器的电容是反映电容器储存电荷的本领，而不是电荷量的多少，故c错误；d电动势的大小反映电源将其它形式的能转化为电能的本领，不是将电能转化为其它形式的能，选项d错误。故选b2.如图所示，光滑半球体固定在水平面内，现用力f将质量为m的小球从a点沿半球体表面缓慢拉到最高点b处，f的方向始终与半

3、球体在该点的切线方向一致。关于小球对半球体的压力n和拉力f的变化情况是（）a. n不变，f先增大后减小b. n、f均减小c. n、f均增大d. n增大，f减小【答案】d【解析】【详解】小球在f方向上有在垂直f方向上有而指f与水平方向的夹角。小球在上移过程中，减小，故f减小，n增大。故选d。3.如图是某船采用甲、乙、丙三种过河方式的示意图（河宽相同）。船在静水中的速度不变，河中各处的水流速度不变，图中小船尖端指向为船头方向。下列判断正确的是（）a. 由甲图可判断出b. 乙过河时间最短c. 丙过河速度最小d. 甲、丙过河时间不可能相同【答案】b【解析】【详解】a设甲图中的小船方向与上游成角，由于合

4、速度垂直河岸，故有，解得，选项a错误；b当船头垂直河岸过河时，其过河时间最短，b正确；c由于丙图中的小船船头指向与水速成锐角，其合速度是这三种情况中最大的，故c错误；d若甲丙的船头方向与垂直河岸方向的夹角相同（船的分位移相同），则它们过河时间就相同，故d错误。故选b。4.如图所示，甲图是真空中等量异种点电荷的电场线分布图。乙图中a、b、c、d四点是以等量异种点电荷为圆心、相同半径的圆与两点电荷连线的交点。关于该四点的电场强度和电势的大小关系正确的是（）a. b. c. d. 【答案】a【解析】【详解】ab根据场强叠加原理以及甲图中电场线的疏密可得出则a正确，b错误。cd将正电荷从a移到b处，正

5、点电荷对其做功为零，而负点电荷对其做正功，则，。将正电荷从c移到d处，正点电荷对其做正功，而负点电荷对其做功为零，则，。沿电场线方向，其电势降低，得，可得选项cd错误故选a。5.如图所示，r为滑动变阻器，、为定值电阻，其中的阻值大于电源内阻。m、n是平行板电容器的上下两极板，在其间p处固定一负点电荷。现闭合电键，将滑动变阻器的滑片向右移动到某处，待电流稳定后，与移动前相比较，则（）a. 电阻两端的电压减小b. 电源的输出功率增大c. 电源的效率增大d. 负点电荷在p处的电势能减小【答案】c【解析】【详解】a滑片向右移动，总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，稳定时中始终无电流，其两端电压始终

6、为0，故a错误；b由于大于r，当外电阻增大时，其输出功率减小，故b错误；c电源的效率为，而u增大，故c正确；d电容器的电压减小，电场强度减小，p处的电势降低，负电荷在该处的电势能增大，故d错误。故选c。6.如图所示，有甲乙两卫星绕地球运转（不计空气阻力），卫星甲的轨道为圆轨道，卫星乙的轨道为椭圆轨道，椭圆轨道的长轴bd刚好等于圆轨道的直径ac，且abcd在同一直线上，两轨道与地球在同一平面内，p是两轨道的交点。某时刻，甲在a处时，乙正好在b处，且它们均逆时针运动。下列判断正确的是（）a. 甲在p处的加速度大于乙在p处的加速度b. 当甲在c处时，乙正好在d处c. 乙卫星在运行过程中机械能不守恒d

7、. 甲在a处的速度大于乙在d处的速度【答案】bd【解析】【详解】a甲乙两卫星在同一位置，其万有引力与质量的比值为该处的加速度，故它们在p处的加速度相同，则a错误。b由开普勒第三定律可得，甲乙两卫星的周期相同，甲卫星从a到c需半个周期，乙卫星从b到d也需半个周期，故b正确。c乙卫星在运行过程中，只受万有引力，故机械能守恒，则c错误。d甲在a处的速度等于c处的速度；若过d点做以地球为圆心的圆轨道，则乙在d点时在圆轨道上的速度大于在椭圆轨道上的速度，而乙在圆轨道上的速度小于甲在c点时的速度，则甲在c点时的速度大于乙在d处椭圆轨道上的速度，故d正确。故选bd.7.如图所示，质量为的物块b与轻质弹簧相连

8、并静止在光滑水平面上，质量为的物块a以的初速度向右运动。则在a、b两物块与弹簧作用的过程中，下列判断正确的是（）a. 弹簧对a、b两物块的冲量相同b. 弹簧的最大弹性势能为6jc. b物块的最大速度为2m/sd. a物块的最小速度为-2m/s【答案】bc【解析】【详解】a弹簧对a、b两物块的力等大反向，其冲量方向相反，故a错误。b当两物块的速度相等时，其弹簧最短，弹性势能最大，由动量和能量关系解得故b正确。cd当a与弹簧分离时，b物块的速度最大，由动量和能量关系解得由于a物块已反向，说明a物块的最小速度为0，故c正确、d错误。故选bc。8.如图所示，矩形区域abcd内（包括边界）存在磁感应强度

9、大小为b、方向垂直纸面向外的匀强磁场，其中，。a处有一正粒子源，均沿ad方向释放出相同比荷、速率不同的粒子，其速率范围为。不考虑粒子间的相互作用，不计空气阻力和粒子的重力。下列判断正确的是（）a. 粒子在磁场中运动的最长时间为b. 粒子在磁场中运动的最长时间为c. 粒子在磁场中运动的最大位移为d. 粒子以的速度进入磁场时，粒子穿过磁场的位移最大【答案】ad【解析】【详解】根据以及 可知，粒子的轨道半径为a当粒子从ab边射出时，其时间最长故a正确。b当粒子的半径为时，粒子从dc边射出，其圆心角为53°，时间最短故b选项错误。cd粒子从c处离开磁场时，其在磁场中的位移最大为5l，由几何关

10、系可得 解得其半径解得故c错误，d正确。故选ad。三、非选择题（一）必考题9.某同学用如图所示装置验证动量守恒定律。斜槽被竖直固定在水平桌面上，其末端q伸出桌面外且切线水平；挡板b竖直固定，点o是q点的水平投影点；小钢球1和玻璃球2的大小相等且均可视为质点；图中的p、m、n是小球与挡板的撞击点。请回答下列问题：(1)第一次在不放玻璃球2时，将小钢球1从斜槽上e点静止释放，它撞击在挡板b上；第二次将玻璃球2放在斜槽末端q处，小钢球仍从e点静止释放，它们均撞击在挡板b上。则第一次小钢球1撞击在挡板b上的_点（填“p”“m”或“n”）。(2)要完成该实验，必须测量的物理量有_和_（填正确答案标号）。

11、a.小钢球1和玻璃球2的质量、b.e、q之间的竖直高度hc.q、o之间的水平距离xd.op、om、on的高度、(3)在误差允许范围内，关系式_成立，说明两球在碰撞过程中动量守恒。（用所测的物理量表示且为最简形式）【答案】 (1). m (2). a（或d） (3). d（或a） (4). 【解析】【详解】(1)1第一次小钢球1撞击在挡板b上的m点。(2)23要验证的关系式是其中 则带入可得即则要完成该实验，必须测量的物理量有a和d。(3)4在误差允许范围内，关系式成立，说明两球在碰撞过程中动量守恒。10.某实验小组欲描绘额定电压为2.5v的小灯泡l的u-i曲线。现准备如下实验器材：电压表（3v

12、，内阻很大）电流表（0.6a，内阻较小）滑动变阻器（05，额定电流1a）电键导线若干请回答下列问题：(1)请用笔划线代替导线，将实验电路图甲补充完整_；(2)闭合电键，移动滑动变阻器的滑片，其电压表、电流表的示数如图乙所示，则电压表读数为_v，电流表读数为_a；(3)将实验数据绘制成u-i图像如图丙中。则该小灯泡的额定功率_w；(4)现有一电子元件，其u-i图像如图丙中所示。现将该电子元件与该灯泡l并联后同电动势、内阻的电源连接，则该灯泡的实际功率_w（保留两位有效数字）。【答案】 (1). (2). 1.30 (3). 0.44 (4). 1.45（1.431.46之间均可） (5). 0.

13、20（0.190.21之间均可）【解析】【详解】(1)1由于电压表内阻远大于小灯泡的电阻，故采用电流表外接；滑动变阻器用分压电路，则电路如图；(2)23电压表量程为3v，最小刻度为0.1v，则读数为1.30v；电流表量程为0.6v，最小刻度为0.02a，则读数为0.44a；(3)4由图可知，当电压为2.5v时，电流为0.58a，则该小灯泡的额定功率p=iu=1.45w；(4) 5电子元件与该灯泡l并联，则电压相等；若画出电源的u-i图像如图；画出平行于i轴的直线即为电压相等的线，与图像、分别交于两点b和a，与u轴交于c点，电源的u-i线交于d，若cd的中点恰在ab的中点，则此时图像对应的b点电

14、压和电流值即为小灯泡的工作状态点，由图可知：u=0.70v，i=0.28a，则灯泡的实际功率p=iu0.20w。11.如图所示，固定的平行金属导轨与水平面夹角为，其间距为，导轨顶端用导线连接理想电流表和阻值为的小灯泡。矩形区域abcd内有垂直导轨平面向上的匀强磁场，其磁感应强度为，bc距离为。现将电阻为、质量为、长也为的导体棒mn垂直导轨放置并从ab处静止释放，在导体棒离开磁场前，电流表的示数已稳定不变。已知导体棒与导轨间的动摩擦因数，小灯泡的电阻恒定不变，导轨和导线的电阻不计，各处接触良好。已知重力加速度，。求：(1)导体棒离开磁场时速度v；(2)小灯泡产生的焦耳热。【答案】(1)2m/s；

15、(2)6j【解析】【详解】(1)导体棒在dc处的感应电动势此时电流导体棒在此处于平衡状态，则解得(2)导体棒从开始运动到dc处，系统的焦耳热为q解得又有解得12.如图所示，半径为的四分之一光滑圆弧轨道bc被竖直固定，o为圆心，c为圆轨道的最低点，oc竖直。长为、质量为的木板静止在水平面上，其左侧紧邻圆轨道的c点，上表面与c点等高。距木板右侧处有固定的竖直挡板，挡板上有橡皮泥（木板撞击挡板时会被橡皮泥牢牢粘住）。现有质量为、可视为质点的物块从b处静止释放。已知物块与木板间的动摩擦因数，木板与地面间的动摩擦因数，重力加速度。求：(1)物块在c处时对圆轨道的压力；(2)木板被粘住瞬间，物块距木板左端

16、的距离；(3)木板与物块、地面间因摩擦而产生的总热量。【答案】(1)120n，方向竖直向下；(2)2.5m；(3)49.5j【解析】【详解】(1)物块从b到c有解得物块在c处有解得由牛顿第三定律可得：物块对轨道的压力大小为120n，方向竖直向下.(2)物块滑上木板时加速度由牛顿第二定律可得：解得木板加速度 设物块经时间与木板共速，则解得在内，木板位移物块位移由于，说明共速时物块未掉下木板；又因，说明木板在末未到达挡板处。假设之后，m、m一起匀减速运动，其加速度而物块的摩擦力故假设成立故木板被粘住瞬间，物块距木板左端的距离为(3)一起减速有解得木板被粘住后，物块减速到0，有解得由于说明物块停下时

17、还未到达挡板。物块在时间内与木板间因摩擦生热木板被粘住后，物块与木板间因摩擦生热木板与地面间因摩擦生热故（二）选考题物理选修3-313.下列说法正确的是_a. 布朗运动就是液体分子的无规则运动b. 0和100氧气分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点c. 0的水和0的冰具有相同的内能d. 空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向e. 制作晶体管、集成电路只能用单晶体【答案】bde【解析】【详解】a布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子的无规则运动的反映，选项a错误；b0和100氧气分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点，选项b正确；c由0的冰变

18、为0的水要吸收热量，则相同质量的0的水的内能大于0的冰具有的内能，选项c错误；d空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向，选项d正确；e制作晶体管、集成电路只能用单晶体，因为单晶体具有各向异性，故e正确；故选bde。物理选修3-314.如图甲所示，粗细均匀、横截面积为s的透热光滑细玻璃管竖直放置，管内用质量为m的水银柱密封着长为l的理想气柱已知环境温度为t1，大气压强为p0，重力加速度为g (i)若仅将环境温度降为，求稳定后的气柱长度；(ii)若环境温度t1不变，将玻璃管放于水平桌面上并让其以加速度a(a>g)向右做匀加速直线运动（见图乙），求稳定后的气柱长度【答案】（1） （2）【解析】【详解】（i）当气体温度变化时，其压强不变，根据盖-吕萨克定律，有 解得 （ii）当玻璃管竖直时，气体压强为当玻璃管水平运动时，对水银柱有对气体有p1ls=p2xs联立解得点睛：此题考查了求气体的温度、空气柱的长度，分析清楚气体的状态变化过程、求出气体的状态参量是解题的前提与关键，应用盖吕萨克定律与玻意耳定律可以解题物理选修3-315.