【KS5U解析】四川省天府教育大联考2020届高三479高考模拟训练（一）理综物理试题 Word版含解析

1、四川省2019年高中毕业班天府479高考模拟训练试题(一)理科综合能力测试二、选择题1.在物理学发展过程中做出了重要贡献下列表述正确的是（ ）a. 开普勒测出了万有引力常数b. 爱因斯坦发现了天然放射现象c. 安培提出了磁场对运动电荷的作用力公式d. 卢瑟福提出了原子的核式结构模型【答案】d【解析】【分析】根据物理学史解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【详解】a.卡文迪许测出了万有引力常数，a错误；b.天然放射现象是法国物理学家贝克勒耳发现的，b错误；c.磁场对运动电荷的作用力公式是由洛伦兹提出的，c错误；d.卢瑟福提出了原子的核式结构模型，d正确【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于

2、物理学上重大发现、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2.一端装有定滑轮的粗糙斜面体放在地面上，a、b两物体通过细绳连接，并处于静止状态，不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦，如图所示现用水平力f作用于物体b上，缓慢拉开一小角度，此过程中斜面体与物体a仍然静止则下列说法正确的是a. 在缓慢拉开b的过程中，水平力f不变b. 物体a所受细绳的拉力一定变大c. 物体a所受斜面体的摩擦力一定变大d. 物体a所受斜面体作用力的合力一定变大【答案】b【解析】【分析】先对物体b分析，根据共点力平衡条件求出绳子拉力；再对木块a分析，可以得出各个力的情况【详解】a.对木块b受力分析,如图所示,根据共点力平衡条件有:

3、，在缓慢拉开b的过程中,变大,故f变大,故a错误；b.根据共点力平衡有,在缓慢拉开b的过程中,变大,故t变大，b正确;c.物体a受重力、支持力、细线的拉力,可能没有静摩擦力,也可能有沿斜面向下的静摩擦力,还有可能受沿斜面向上的静摩擦力,故拉力t变大后,静摩擦力可能变小,也可能变大,c错误；d.支持力不变,故斜面对物体a的作用力的合力可能增大也可能减小或不变,d错误【点睛】本题关键分别对a、b受力分析，然后根据共点力平衡条件分析求解3.“月亮正加速远离地球！后代没月亮看了。”一项新的研究表明，月球的引力在地球上产生了周期性的潮汐现象，潮汐力耗散地球的自转能量，降低地球的旋转速度，同时也导致月球正

4、在以每年38cm的速度远离地球。不考虑其他变化，则很多年后与现在相比，下列说法正确的是（）a. 月球绕地球做圆周运动的周期将减小b. 月球绕地球做圆周运动的线速度增大c. 地球同步定点卫星的高度增大d. 地球同步定点卫星的角速度增大【答案】c【解析】【详解】a月球绕着地球做匀速圆周运动，故有：解得：随着地月间距增加，月球绕地球做圆周运动的周期将变大，故a错误；b月球绕着地球做匀速圆周运动，故有：解得：随着地月间距增加，月球绕地球做圆周运动的线速度变小，故b错误；cd潮汐力耗散地球的自转能量，降低地球的旋转速度，则地球自转周期增加，故自转角速度变小，故同步卫星的角速度变小，根据可知轨道半径变大，

5、故高度增大，故c正确，d错误；故选c。4.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2:3，两端共接有六只相同的小灯泡l1、l2、 l3、l4、l5和l6（电阻恒定不变），变压器的原线圈接有输出电压u恒定的交流电源，六只小灯泡均发光下列说法正确的是（ ）a. l1、l2、 l3三只灯泡亮度一定相同b. 小灯泡l2一定比l4亮c. 交流电源输出电压u是小灯泡l4两端电压的4.5倍d. l1消耗的功率是l2消耗灯泡的2.25倍【答案】c【解析】【详解】设小灯泡l4两端电压为，则有副线圈的输出电压为，根据电压与匝数成正比，原线圈的输入电压为，l2、 l3两只灯泡串联后的总电压为；设通过小灯泡l4电流为，

6、根据电流与匝数成反比，则有原线圈电流为，根据欧姆定律可得通过l2、 l3两只灯泡的电流为，根据并联分流可得通过l1灯泡的电流为，小灯泡l1两端电压为，根据串联分压可知交流电源输出电压，根据电功率公式可知，故c正确，a、b、d错误；5.如图所示，空间有一正三棱锥p-abc，d点是bc边上的中点，点是底面abc的中心，现在顶点p点固定一正的点电荷，则下列说法正确的是（ ）a. abc三点的电场强度相同b. 底面abc为等势面c. 将一正的试探电荷从b点沿直线bc经过d点移到c点，静电力对该试探电荷先做负功后做正功d. 若b、c、d三点的电势为，则有【答案】c【解析】【详解】aba、b、c三点到p点

7、的距离相等，根据点电荷的场强公式分析可知，a、b、c三点的电场强度大小相等，但方向不同；a、b、c的三个点到场源电荷的距离相等，在同一等势面，但其它点到场源电荷的距离与a、b、c三点到场源电荷的距离不等，故底面abc所在平面不是等势面，故a、b错误；c将一正的试探电荷从b点沿直线bc经过d点移到c点，电势先升高后降低，电势能先增大后减小，则静电力对该试探电荷先做负功后做正功，故c正确；d由于b、c的两个点到场源电荷的距离相等，在同一等势面， 即，则有，故d错误；6.有一种调压变压器的构造如图所示。线圈ab绕在一个圆环形的铁芯上，c、d之间加上输入电压，转动滑动触头p就可以调节输出电压，图中a为

8、交流电流表，v为交流电压表，r1、r2为定值电阻，r3为滑动变阻器，c、d两瑞按正弦交流电源，变压器可视为理想变压器，则下列说法正确的是（）a 当r3不变，滑动触头p顺时针转动时，电流表读数变小，电压表读数变小b. 当r3不变，滑动触头p逆时针转动时，电流表读数变小，电压表读数变小c. 当p不动，滑动变阻器滑动触头向上滑动时，电流表读数变小，电压表读数变大d. 当p不动，滑动变阻器滑动触头向上滑动时，电流表读数变大，电压表读数变大【答案】ac【解析】【详解】a当不变，滑动触头顺时针转动时，变压器的原线圈的匝数不变，副线圈的匝数减少，两端的电压减小，总电流减小，滑动变阻器两端的电压将变小，电流表

9、的读数变小，故a正确；b当不变，滑动触头逆时针转动时，副线圈匝数增大，电压增大，电流表读数变大，电压表读数变大，故b错误；cd保持的位置不动，即是保持变压器的原、副线圈的匝数比不变，则两端的电压不变，当将触头向上移动时，连入电路的电阻的阻值变大，因而总电流减小，分担的电压减小，并联支路的电压即电压表的示数增大，通过的电流增大，流过滑动变阻器的电流减小，所以电流表读数变小，电压表读数变大，故c正确，d错误；故选ac。7.如图，正方形abcd区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，甲、乙两带电粒子以相同的速度从a点沿与ab成30°角的方向垂直射入磁场甲粒子从b点离开磁场，乙粒子垂直cd边射出磁

10、场，不计粒子重力，下列说法正确的是a. 甲粒子带正电，乙粒子带负电b. 甲粒子的运动半径是乙粒子运动半径的倍c. 甲粒子的比荷是乙粒子比荷的倍d. 两粒子在磁场中的运动时间相等【答案】ac【解析】【详解】a根据左手定则可知，甲粒子带正电，乙粒子带负电，选项a正确；b设正方形的边长为a，则甲粒子的运动半径为r1=a，甲粒子的运动半径为r2=，甲粒子的运动半径是乙粒子运动半径的倍，选项b错误；c根据，解得，则甲粒子的比荷是乙粒子比荷的倍，选项c正确；d甲乙两粒子在磁场中转过的角度均为600，根据，则两粒子在磁场中的运动时间不相等，选项d错误8.如图所示，光滑细杆mn倾斜固定,与水平方向夹角为，一轻

11、质弹簧一端固定在0点， 另一端连接一小球，小球套在细杯上，o与杆mn在同一竖直平面内，p为mn的中点，且op垂直于mn，已知小球位于杆上m、p两点时，弹簧的弹力大小相等且在弹性限度内现将小球从细杆顶端m点由静止释放，则在小球沿细杆从m点运动到n点的过程中（重力加速度为g)，以下判断正确的是a. 弹簧弹力对小球先做正功再做负功b. 小球加速度大小等于gsin的位置有三个c. 小球运动到p点时速度最大d. 小球运动到n点肘的动能是运动到p点时动能的两倍【答案】bd【解析】【详解】a项：由题意不能确定在m点和在n点时弹簧是压缩还是拉伸状态，所以弹簧对小球可能先做正功后做负功，也可能先做负功后做正功，

12、故a错误；b项：由于mp之间和pn之间各有一位置弹簧弹力为零，当弹力为零时小球的加速度为，在p点时由于弹簧的弹力与杆垂直，所以小球的加速度也为，所以小球加速度大小等于gsin的位置有三个，故b正确；c项：由于小球在p点的加速度为，所以小球的速度一定不为最大，故c错误；d项：从m到p由能量守恒得：，从p到n由能量守恒得：，联立解得：小球运动到n点肘的动能是运动到p点时动能的两倍，故d正确故选bd9.某同学在验证合外力一定，物体的质量与加速度的关系时，采用图甲所示的装置及数字化信息系统获得了小车的加速度a与小车质量m(包括所放砝码及传感器的质量)的对应关系图象，如图乙所示实验中所挂钩码的质量20g

13、，实验中选用的是不可伸长的轻绳和光滑的轻质定滑轮(1)实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的轻绳与木板平行他这样做的目的是下列哪一个_；(填字母代号)a可使位移传感器测出的小车的加速度更准确b可以保证小车最终能够做直线运动c可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车所受的合力(2)由图乙可知，图线不过原点o，原因是_；(3)该图线的初始段为直线，该段直线的斜率最接近的数值是_a30 b0.3 c20 d0.2【答案】 (1). （1）c (2). （2）平衡摩擦力使长木板的倾角过大； (3). （3）d【解析】【详解】（1）实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的轻绳与木板平

14、行他这样做的目的是可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车所受的合力，故选c.（2）由f+f1=ma解得 由图乙可知，图线不过原点o，在a轴上有正截距，可知存在与f相同方向的力，可知原因是平衡摩擦力使长木板的倾角过大；（3）根据可知图线斜率等于f，则最接近的数值是f=mg=0.02×10n=0.2n.故选d.10.某同学为了将一量程为3v的电压表改装成可测量电阻的仪表欧姆表（1）先用如图a所示电路测量该电压表的内阻，图中电源内阻可忽略不计，闭合开关，将电阻箱阻值调到3k时，电压表恰好满偏；将电阻箱阻值调到12 k时，电压表指针指在如图b所示位置，则电压表的读数为_v由以上数据可得电压表的内

15、阻rv_k.（2）将图a的电路稍作改变，在电压表两端接上两个表笔，就改装成了一个可测量电阻的简易欧姆表，如图c所示，为将表盘的电压刻度转换为电阻刻度，进行了如下操作：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“3.0v”处，此处刻度应标阻值为_（填“0”或“”）；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻找出对应的电压刻度，则“1 v”处对应的电阻刻度为_k.（3）若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻不能忽略且变大，电动势不变，但将两表笔断开时调节电阻箱，指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量，其测量结果将_a.偏大 b.偏小c.不变 d.无法确定【答案】 (1). 1.50 (2

16、). 6 (3). (4). 1 (5). c【解析】【详解】（1）12由图（b）所示电压表表盘可知，其分度值为0.1 v，示数为1.50 v；电源内阻不计，由图a所示电路图可知，电源电动势：euirur由题意可知：e3×3 000e1.5×12 000解得rv6 000 6k，e4.5v（2）两表笔断开，处于断路情况，相当于两表笔之间电阻无穷大，故此处刻度应标阻值为，当指针指向3v时，电路中的电流为：iga0.000 5 a此时滑动变阻器的阻值：r3 k当电压表示数为1 v时，有：1解得rx1 k.（3）56根据闭合电路欧姆定律可知电池新时有：ig，测量电阻时电压表示数为

17、：u欧姆表用一段时间调零时有：ig，测量电阻时：u比较可知：rrrr所以若电流相同则rxrx，即测量结果不变，故选c11.如图所示，两个平行光滑金属导轨ab、cd固定在水平地面上，其间距l=0.5m，左端接有阻值r=3的定值电阻一根长度与导轨间距相等的金属杆順置于导轨上，金属 杆的质量m=0.2kg,电阻r=2，整个装置处在方向竖直向下、磁感应强度大小b=4t的匀强磁场中，t=0肘刻，在mn上加 一与金属杆垂直，方向水平向右的外力f，金属杆由静止开始 以a=2m/s2的加速度向右做匀加速直线运动，2s末撤去外力f，运动过程中金属杆与导轨始终垂直且接触良好（不计导轨和连接导线的电阻，导轨足够长)

18、求：(1)1s末外力f的大小；(2)撤去外力f后的过程中，电阻r上产生的焦耳热【答案】（1）2n（2）0.96j【解析】【详解】（1）t=1s时刻，金属杆mn的速度大小为 v1=at1=2×1=2m/s金属杆mn产生的感应电动势为 e=blv1金属杆mn中的电流大小 金属杆mn受到的安培力大小 f安=bil联立得 根据牛顿第二定律得 f-f安=ma联立解得 f=2n（2）t=2s时刻，金属杆mn的速度大小为 v2=at2=2×2=4m/s撤去外力f后的过程中，根据能量守恒定律得知电路中产生的总焦耳热 q=mv22=×0.2×42=1.6j电阻r上产生的焦

19、耳热 qr=q=×1.6j=0.96j12.如图，光滑绝缘水平面上静置两个质量均为m、相距为x0的小球a和b，a球所带电荷量为+q，b球不带电现在a球右侧区域的有限宽度范围内加上水平向右的匀强电场，电场强度为e，小球a在电场力作用下由静止开始运动，然后与b球发生弹性正碰，a、b碰撞过程中没有电荷转移，且碰撞过程时间极短，求：(1)a球与b球发生第一次碰撞后b球的速度；(2)从a球开始运动到两球在电场中发生第二次碰撞前电场力对a球所做的功；(3)要使a、b两球只发生三次碰撞，所加电场的宽度d应满足的条件【答案】（1） （2）5qex0（3）8x0<d18x0【解析】【详解】（1）

20、设a球与b球第一次碰撞前的速度为v0，碰撞后的速度分别为va1、vb1对a，根据牛顿第二定律得：qe=ma由运动学公式有：v02=2ax0解得：v0= 对于ab碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律得：mv0=mva1+mvb1mv02=mva12+mvb12解得：vb1=v0=，va1=0（2）设第一次碰撞到第二次碰撞前经历的时间为t1有：xa1=va1t1+at12=vb1t1从a球开始运动到两球在电场中发生第二次碰撞前电场力对a球所做的功为：w=qe（x0+xa1）解得：w=5qex0（3）设第二次碰撞前a的速度为va1，碰撞后a、b的速度分别为va2、vb2有：va1

21、=va1+at1第二次碰撞过程，有：mva1+mvb1=mva2+mvb2mva12+mvb12=mva22+mvb22第二次碰撞后，当a球速度等于b球速度vb2时，a球刚好离开电场，电场区域宽度最小，有：vb22-va22=2ax1a、b两球在电场中发生第三碰撞后，当a球速度等于b球速度时，a球刚好离开电场，电场区域的宽度最大，设第三次碰撞前a球的速度为va2，碰撞后a、b的速度分别为va3、vb3二、三次碰撞间经历的时间为t2有：xa2=va2t2+at22=vb2t2va2=va2+at2第三次碰撞过程，有：mva2+mvb2=mva3+mvb3mva22+mvb22=mva32+mvb

22、32 vb32-va32=2ax2所以电场区域宽度d应满足的条件为：x0+xa1+x1dx0+xa1+xa2+x2解得：8x0d18x013.下列说法正确的是_a. 悬浮在液体中的微粒越大，某一瞬间撞击它的液体分子数越多，布朗运动越明显b. 液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力c. 分子平均速率大的物体的温度一定比分子平均速率小的物体的温度高d. 自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性e. 外界对气体做功，气体的内能可能减小【答案】bde【解析】【详解】a悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间撞击它的液体分子数越少，布朗运动越明显，故a错误；b由于表面分子较

23、稀疏，故液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力，故b正确；c分子的平均动能相等时，物体的温度相等；考虑到分子的质量可能不同，分子平均速率大有可能分子的平均动能小；分子平均速率小有可能分子的平均动能大故c错误；d由热力学第二定律可知，自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故d正确；e当外界对气体做功，根据热力学第一定律u=w+q分析可知，内能可能增大也可能减小，故e正确14.如图，导热性能良好的水平放置的圆筒形气缸与一装有水银的u形管相连，u形管左侧上端封闭一段长度为15cm的空气柱，u形管右侧用活塞封闭一定质量的理想气体开始时u形管两臂中水银面齐平，活塞处于静止状态，此时u形管右侧用活塞封闭的气体体积为490ml，若用力f缓慢向左推动活塞，使活塞从a位置移动到b位置，此时u形管两臂中的液面高度差为10cm