高考物理专题复习分类练习电磁感应现象的两类情况推断题综合解答题含答案解析

1、高考物理专题复习分类练习电磁感应现象的两类情况推断题综合解答题含答案解析L,质量为m,电阻为R的 v匀速运动的传送带上，经过一、电磁感应现象的两类情况1.如图所示，线圈工件加工车间的传送带不停地水平传送长为正方形线圈，在传送带的左端线圈无初速地放在以恒定速度一段时间，达到与传送带相同的速度V后，线圈与传送带始终相对静止，并通过一磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场，已知当一个线圈刚好开始匀速度运动时，下一个线 圈恰好放在传送带上，线圈匀速运动时，每两个线圈间保持距离L不变，匀强磁场的宽度为3L,求:(1)每个线圈通过磁场区域产生的热量Q.S和在这段时间里传送带通过的距离S2之(2)在某个线圈

2、加速的过程中，该线圈通过的距离 比.(3)传送带每传送一个线圈，电动机多消耗的电能E (不考虑电动机自身的能耗)【答案】(1) QE=mV2+2B2L3v/R2, 32B L v - c(2)S:S2=1:2R(1)线圈匀速通过磁场，产生的感应电动势为2_ 2 3(BLv) 2L2B LvQ Q Pt R v RE=BLv则每个线圈通过磁场区域产生的热量S1 =vt/2S2=vtvts s2s1一2(2)对于线圈：做匀加速运动，则有 对于传送带做匀速直线运动，则有 故 S1: 8=1: 2(3)线圈与传送带的相对位移大小为线圈获彳#动能EK=mv2/2=fS1 传送带上的热量损失 Q/=f(&

3、amp;-S) =mv2/2送带每传送一个线圈，电动机多消耗的电能为E=EK+Q+Q/=mv2+2B2L3v/R【点睛】本题的解题关键是从能量的角度研究电磁感应现象，掌握焦耳定律、E=BLv欧姆定律和能量如何转化是关键.2.如图所示，两根竖直固定的足够长的金属导轨ad和bc,相距为L=10cm;另外两根水平金属杆MN和EF可沿导轨无摩擦地滑动，MN棒的质量均为 m=0.2kg, EF棒的质量M=0.5kg,在两导轨之间两棒的总电阻为R=0.2(竖直金属导轨的电阻不计)；空间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B=5T,磁场区域足够大；开始时 MN与EF叠放在一起放置在水平绝缘平台上，现

4、用一竖直向上的牵引力使MN杆由静止开始匀加速上升，加速度大小为 a=1m/s2,试求：(1)前2s时间内流过MN杆的电量(设EF杆还未离开水平绝缘平台)；(2)至少共经多长时间 EF杆能离开平台。【答案】(1) 5C; (2) 4s【解析】【分析】【详解】解：(1) t=2s内MN杆上升的距离为h=1at22此段时间内MN、EF与导轨形成的回路内，磁通量的变化量为BLh产生的平均感应电动势为产生的平均电流为流过MN杆的电量It代入数据解得q蛔5C2R(2) EF杆刚要离开平台时有BIL Mg此时回路中的电流为E BLvMN杆切割磁场产生的电动势为MN杆运动的时间为代入数据解得4sMgR772

5、2B L a3.如图所示，足够长的 U型金属框架放置在绝缘斜面上，斜面倾角30 ,框架的宽度L 0.8m,质量M 0.2kg ,框架电阻不计。边界相距d 1.2m的两个范围足够大的磁场I、n ,方向相反且均垂直于金属框架，磁感应强度均为B 0.5T。导体棒ab垂直放置在框架上，且可以无摩擦的滑动。现让棒从MN上方相距x 0.5m处由静止开始沿框架下滑，当棒运动到磁场边界 MN处时，框架与斜面间摩擦力刚好达到最大值fm 3N (此时框架恰能保持静止)。已知棒与导轨始终垂直并良好接触，棒的电阻 R 0.16,质量m 0.4kg ,重力加速度g 10m/s2,试求：(1)棒由静止开始沿框架下滑到磁场

6、边界MN处的过程中，流过棒的电量 q；(2)棒运动到磁场I、n的边界 MN和PQ时，棒的速度 和V2的大小；(3)通过计算分析：棒在经过磁场边界MN以后的运动过程中，U型金属框架能否始终保持静止状态？【答案】(1)q 1.25C； (2)V1 2m/s , v2 4m/s ； (3)框架能够始终保持静止状态【解析】【分析】本题考查导体棒在磁场中的运动，属于综合题。【详解】(1)平均电动势为BLx平均电流则流过棒的电量为BLx t 一 R代入数据解得q 1.25C。3N ,由平衡条件，有(2)棒向下加速运动时，U形框所受安培力沿斜面向下，静摩擦力向上，当棒运动到磁场边界MN处时，框架与斜面间摩擦

7、力刚好达到最大值fm解得V)2m/s 。棒经过Mg sinMN后做匀加速直线运动，加速度B2L2 Vlfm3a g sin 5m/s2Vi 2ad ,解得v2 4m/s(3)棒在两边界之间运动时，框架所受摩擦力大小为方向沿斜面向上棒进入 PQ时,f Mg sin 1N fm框架受到的安培力沿斜面向上，所受摩擦力大小为f2B2L2V2Mg sin 3N fm向沿斜面向下以后，棒做加速度减小的减速运动，最后做匀速运动。匀速运动时，框架所 受安培力为2. 2mgsin 2NB L vF安R方向沿斜面向上。摩擦力大小为2. 2B L vRMg sin1N fm方向沿斜面向下。综上可知，框架能够始终保持

8、静止状态。4.如图所示，两条平行的固定金属导轨相距L=1m光滑水平部分有一半径为r=0.3m的圆B=0.5T o 金属棒 PQ MNMN®：置于倾斜导轨上、刚好 PQ棒在水平外力的作用下由形磁场区域，磁感应强度大小为B 0.5T、方向竖直向下；倾斜部分与水平方向的夹角为0=37。，处于垂直于斜面的匀强磁场中，磁感应强度大小为 的质量均为m=0.lkg ,电阻均为R 1Q。PQ置于水平导轨上, 不下滑。两根金属棒均与导轨垂直且接触良好。从某时刻起， 静止开始向右运动，当 PQ棒进人磁场Bi中时，即以速度v=16m/s;匀速穿过该区域。不 计导轨的电阻，PQ台终在水平导轨上运动。取 g

9、10m/s2, sin37 0.6,cos37 0.8； (1)求MN$刚要滑动时，PQ所处的位置；(2)求从PQ奉开始运动到 MN$刚要滑动的过程中通过PQ奉的电荷量；(3)通过计算，定量画出 PQ棒进人磁场Bi后在磁场中水平外力 F随位移变化的图像。i0.72(3)【解析】0.6 m； (2) -9 C-800(1)开始MN刚好不下滑时，MN受沿倾斜导轨向上的最大静摩擦力fm ,则fm mg sin 37设PQ进入磁场B1后切割磁感线的有效长度为 Lx,由法拉第电磁感应定律得PQ产生的感应电动势为E B1 Lxv由闭合电路欧姆定律得整个回路中的感应电流为2R则MN所受的安培力为Fa B2I

10、LMN棒刚要向上滑动时，MN受沿倾斜导轨向下的最大静摩擦力，由力的平衡条件有FA fm mg sin 37联立解得Lx 0.6 m即MN棒刚要滑动时，PQ棒刚好运动到圆形磁场区域的直径位置。(2)从PQ棒开始运动到 MN棒刚要滑动的过程中，穿过回路的磁通量的变化量为平均感应电动势平均感应电流通过PQ棒的电荷量12BS B1r2E t2R9400Wb厂 E 9q 1t t C2R 2R 800(3)当PQ棒进入磁场Bi后的位移为x时，切割磁感线的有效长度为Ly 2 r2 (r x)2 2/-x2-2rx 回路中的电流为BLyV2R受到的安培力为Fa BiILy由题意知外力为F Fa BiILy

11、故有2, 2Bi LvVFa -1-8x2 4.8x (0 x 0.6)2R因此PQ棒所受水平外力f随位移变化的图像如图所示5.如图所示空间存在有界匀强磁场，磁感应强度B=5T,方向垂直纸面向里，上下宽度为d=0.35m.现将一边长L=0.2m的正方形导线框自磁场上边缘由静止释放经过一段时间，导线 框到达磁场下边界，之后恰好匀速离开磁场区域.已知导线框的质量 m=0.1kg,电阻R 2 . (g 取 10m/s2)求：(1)导线框匀速穿出磁场的速度；(2)导线框进入磁场过程中产生的焦耳热；(3)若在导线框进入磁场过程对其施加合适的外力F则可以使其匀加速地进入磁场区域,且之后的运动同没施加外力F

12、时完全相同。请写出 F随时间t变化的函数表达式.【答案】(1)2m/s (2)0.15J (3)F=0.75-1.25t (0<t<0.4s)【解析】【详解】(1)导线框匀速穿出磁场过程中，感应电动势：E BLv感应电流：I BLvR线框受到的安培力:F安培二BIL2 2BLv线框匀速穿出磁场，由平衡条件得:2. 2BLvmg解得：v=2m/s(2)自导线框刚要进入磁场至刚要离开磁场的过程中，仅进人磁场过程中有焦耳热产生,12由能重守恒得：mgd mv Q2得：Q=0.15J(3)导线框刚好完全进入磁场至刚好要离开磁场的过程22 一v v 2gd L得：导线框刚好完全进入磁场的速度

13、vo=1m/s导线框进入磁场的过程由 v2得：a=2.5m/s2L 1at2 2得：to=0.4s取向下为正方向有： mg F2aLB2L2v'mav' at得：F=0.75-1.25t (0<t<0.4s)6.如图所示，在倾角为 37的光滑斜面上存在两个磁感应强度均为B的匀强磁场区域。磁场I的方向垂直于斜面向下，其上下边界AA'与DD'的间距为H。磁场H的方向垂直于斜面向上，其上边界 CC'与DD'的间距为 ho线有一质量为 m、边长为L(h<L<H)、电阻 为R的正方形线框由 AA'上方某处沿斜面由静止下滑，恰

14、好能匀速进入磁场I。已知当cd边刚要进入磁场n的前一瞬间，线框的加速度大小为a1 0.2g ,不计空气阻力，求：(1)cd边刚到达AA'时的速度% ;(2)cd边从AA'运动到CC '过程中，线框所产生的热量Q;当cd边刚进入磁场 H时，线框的加速度大小 a2。【答案】(I)%3mgR 5B2L2(2)Q3mg(H h)53 222m g R-Z4425B La2【解析】【分析】【详解】(1)cd边刚到达AA'时有mg sin 372, 2B L v1解得Vi3mgRL C 2, 25B L(2)已知当cd边刚要进入磁场n的前一瞬间，由牛顿第二定律得2. 2B

15、L v2mg sin 371-一 ma1解得2mgR 5B2L2由能量守恒得mg(H h)sin 37Q 1mv222解得3mg(H h) 2m3g2R2Q-44525B4 L4(3)当cd边刚进入磁场II时，ab, cd两边分别在两磁场中切割磁感线，则有此时线圈中的 电动势变为只有cd切割时的两倍，电流也为两倍，由左手定则可知，ab, cd两边受的安培力相同，方向沿斜面向上，线圈此时受的安培力变为原来的4倍，则有2 . 2B L v2 mgsin 374-ma2解得a2 g。7.如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距1 m,导轨平面与水平面成9 = 37角，下端连接

16、阻值为 R= 2的电阻.磁场方向垂直导轨平面向上，磁 感应强度为0.4T.质量为0.2kg、电阻不计的金属棒放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良 好接触，它们之间的动摩擦因数为0.25.金属棒沿导轨由静止开始下滑.(g=10m/s2,sin37 = 0.6, cos37 = 0.8) A(1)判断金属棒下滑过程中产生的感应电流方向；(2)求金属棒下滑速度达到 5m/s时的加速度大小；(3)当金属棒下滑速度达到稳定时，求电阻R消耗的功率.【答案】(1)由 a 到 b (2) a 2m/s2 (3) P 8W【解析】【分析】【详解】(1)由右手定则判断金属棒中的感应电流方向为由a到b.(2)金属棒下

17、滑速度达到 5m/s时产生的感应电动势为 E BLv 0.4 1 5V 2V感应电流为I - 1A,金属棒受到的安培力为F BIL 0.4 1 1N 0.4人R由牛顿第二定律得：mgsin mgcos F ma ,解得：a 2m/s2.(3)设金属棒运动达到稳定时，所受安培力为F ,棒在沿导轨方向受力平衡mgsin mgcos F ,解得：F 0.8N，又：F BI L ,0.8I A 2ABL 0.4 1电阻R消耗的功率：p I 2R 8W .【点睛】该题考查右手定则的应用和导体棒沿着斜面切割磁感线的运动，该类题型综合考查电磁感 应中的受力分析与法拉第电磁感应定律的应用，要求的解题的思路要规

18、范，解题的能力要 求较高.8.如图所示，间距为l的平行金属导轨与水平面间的夹角为，导轨间接有一阻值为 R的电阻，一长为l的金属杆置于导轨上，杆与导轨的电阻均忽略不计，两者始终保持垂直且 接触良好，两者之间的动摩擦因数为科，导轨处于匀强磁场中，磁感应强度大小为B,方向垂直于斜面向上，当金属杆受到平行于斜面向上大小为F的恒定拉力作用，可以使其匀速向上运动；当金属杆受到平行于斜面向下大小为的恒定拉力作用时，可以使其保持与2g,求:(1)金属杆的质量;向上运动时大小相同的速度向下匀速运动，重力加速度大小为3RE4B2l2RF 4B2l2tan(2)金属杆在磁场中匀速向上运动时速度的大小。F【答案】(1

19、) m ; (2) v4g sin(1)金属杆在平行于斜面向上大小为F的恒定拉力作用下可以保持匀速向上运动，设金属杆的质量为m,速度为v,由力的平衡条件可得F mgsinmgcosBIl ,同理可得mgsinmgcosBIl ,2由闭合电路的欧姆定律可得E IR ,由法拉第电磁感应定律可得联立解得Fm ,4gsin(2)金属杆在磁场中匀速向上运动时速度的大小3RE RFv2T22.2.4B l 4B l tan9 .如图所示，宽度L=0.5 m的光滑金属框架MNPQ固定于水平面内，并处在磁感应强度 大小B= 0.4 T,方向竖直向下的匀强磁场中，框架的电阻非均匀分布.将质量 m= 0.1 kg

20、, 电阻可忽略的金属棒 ab放置在框架上，并与框架接触良好.以 P为坐标原点，PQ方向为 x轴正方向建立坐标.金属棒从 x0= 17m处以v0= 2?m/s的初速度，沿x轴负方向做 a = 2?m/s2的匀减速直线运动，运动中金属棒仅受安培力作用.求：金属棒ab运动0.5 m,框架产生的焦耳热 Q;(2)框架中aNPb部分的电阻R随金属棒ab的位置x变化的函数关系；为求金属棒ab沿x轴负方向运动0.4 s过程中通过ab的电荷量q,某同学解法为：先算BLx出经过0.4 s金属棒的运动距离 x,以及0.4 s时回路内的电阻 R,然后代入q= = -BLxR R求解.指出该同学解法的错误之处，并用正

21、确的方法解出结果.【答案】(1)0.1 J (2)r=0.4或(3)0.4C【解析】【分析】【详解】(1)金属棒仅受安培力作用，其大小F=ma= 0.1 2= 0.2人金属棒运动0.5 m,框架中产生的焦耳热等于克服安培力做的功 所以 Q= Fx=0.2 0.5= 0.1J .(2)金属棒所受安培力为F=BILE_BLvB2L2RI= 所以 F = ma由于棒做匀减速直线运动 v= v-2a(x0- x)B2L2 -20.42 0.52 :所以 R . V0-2a(X0-x) 22 2 21 x 0.4.xma0.1 2BIx(3)错误之处是把0.4 s时回路内的电阻 R代入q= 肾进行计算.

22、正确的解法是q=It因为 F = BIL=mama0.1 2所以 q=1= 0.4 = 0.4?CBL0.4 0.5【点睛】电磁感应中的功能关系是通过安培力做功量度外界的能量转化成电能.找两个物理量之间 的关系是通过物理规律一步一步实现的.用公式进行计算时，如果计算的是过程量，我们 要看这个量有没有发生改变.10 .如图所示，一对光滑的平行金属导轨(电阻不计)固定在同一水平面内，导轨足够长且间距为L,左端接有阻值 R的电阻，一质量 m、长度L的金属棒MN放置在导轨上，棒的电阻为r,整个装置置于竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B,棒在水平向右的外力作用下，由静止开始做加速运动，保持外力的

23、功率为P不变，经过时间t导体棒最(1)导体棒匀速运动时的速度是多少？(2) t时间内回路中产生的焦耳热是多少 ？【答案】(1).n J广(R十一(2)Q = 三等詈BL23 工【解析】【分析】(1)金属棒在功率不变的外力作用下，先做变加速运动，后做匀速运动，此时受到的安培 力与F二力平衡，由法拉第定律、欧姆定律和安培力公式推导出安培力与速度的关系式， 再由平衡条件求解速度；(2) t时间内，外力F做功为Pt,外力F和安培力对金属棒做功，根据动能定理列式求出 金属棒克服安培力做功，即可得到焦耳热.【详解】(1)金属棒匀速运动时产生的感应电动势为E=BLv.户士占 J E感应电流1=一金属棒所受的

24、安培力 F安=BIL2 T 2联立以上三式得：F安二B.灯R+r外力的功率P=Fv 匀速运动时，有F=F安 联立上面几式可得：v=BLC ，一，=E15(2)根据动能定理： Wf+w安md其中 Wf=Pt, Q=- W 安可得:Q=Pt mP? 2答:(1)金属棒匀速运动时的速度是 加.BLmP (R+亡)(2) t时间内回路中产生的焦耳热是Pt-7【点睛】 金属棒在运动过程中克服安培力做功，把金属棒的动能转化为焦耳热，在此过程中金属棒 做加速度减小的减速运动；对棒进行受力分析、熟练应用法拉第电磁感应定律、欧姆定 律、动能定理等正确解题.11 .某电子天平原理如图所示 ，E形磁铁的两侧为 N极

25、，中心为S极，两极间的磁感应强 度大小均为B,磁极宽度均为L,忽略边缘效应，一正方形线圈套于中心磁极 ，其骨架与秤 盘连为一体，线圈两端C、D与外电路连接，当质量为m的重物放在秤盘上时，弹簧被压 缩，秤盘和线圈一起向下运动 (骨架与磁极不接触)，随后外电路对线圈供电，秤盘和线圈 恢复到未放重物时的位置并静止，由此时对应的供电电流I可确定重物的质量.已知线圈匝数为n,线圈电阻为R,重力加速度为g.问：(1)线圈向下运动过程中，线圈中感应电流是从 C端还是从D端流出?(2)供电电流I是从C端还是从D端流入？求重物质量与电流的关系；(3)若线圈消耗的最大功率为P,该电子天平能称量的最大质量是多少？2

26、nBL , 【答案】(1)感应电流从 C端流出(2)m 1 (3)m0g2nBL P g R【解析】【分析】【详解】(1)根据右手定则，线圈向下切割磁感线，电流应从D端流入，从C端流出流应从D端流入，根据受力平衡mg nBI 2L (2)根据左手定则可知，若想使弹簧恢复形变，安培力必须向上，根据左手定则可知电解得(3)根据最大功率PI2R得联立解得：mo2nBL2nBL , m 1g12 .如图所示，两根金属平行导轨MN和PQ放在水平面上，左端向上弯曲且光滑，导轨间距为L,电阻不计.水平段导轨所处空间有两个有界匀强磁场，相距一段距离不重叠，磁场I左边界在水平段导轨的最左端，磁感强度大小为B,方

27、向竖直向上；磁场 n的磁感应强度大小为2B,方向竖直向下.质量均为 m、电阻均为R的金属棒a和b垂直导轨放置 在其上，金属棒b置于磁场n的右边界CD处.现将金属棒a从弯曲导轨上某一高处由静 止释放，使其沿导轨运动.设两金属棒运动过程中始终与导轨垂直且接触良好.a 21(1)若水平段导轨粗糙，两金属棒与水平段导轨间的最大摩擦力均为-mg,将金属棒a5从距水平面高度h处由静止释放.求：金属棒a刚进入磁场I时，通过金属棒b的电流大小；若金属棒a在磁场I内运动过程中，金属棒 b能在导轨上保持静止，通过计算分析金属棒a释放时的高度h应满足的条件；(2)若水平段导轨是光滑的，将金属棒a仍从高度h处由静止释

28、放，使其进入磁场I .设两磁场区域足够大，求金属棒 a在磁场I内运动过程中，金属棒 b中可能产生焦耳热的最 大值.【答案】(1) 叫殛；h m2gR24 ；(2) mgh2R50B L10【解析】【详解】(1)a棒从h0高处释放后在弯曲导轨上滑动时机械能守恒，有mgh - : mv5mgh - : mv； E2R解得： 3 <ihv0 = a棒刚进入磁场I时E三BL/jE=81/0，此时通过a、b的感应电流大小为解得：ja棒刚进入磁场I时，b棒受到的安培力大小F = 2BUF-2B1L为使b棒保持静止必有F<-由联立解得:(2)由题意知当金属棒 a进入磁场I时，由左手定则判断知 a

29、棒向右做减速运动；b棒向左运动加速运动.二者产生的感应电动势相反，故当二者的感应电动势大小相等时闭合回路的电流为零，此 后二者均匀速运动，故金属棒a、b均匀速运动时金属棒 b中产生焦耳热最大，设此时a、b的速度大小分别为 匕匕与内,，由以上分析有：BLlvl =2BLw二 对金属棒a应用动量定理有： -3iLN = mv1 - mva-8OC = rnv2 - m” 对金属棒b应用动量定理有：三m% 联立解得 vx = vov1=:q ; vzi 丫0 ;沁由功能关系得电路产生的总电热为：1 一 1故金属棒b中广生焦耳热取大值为 Q _ Qtt mgh2心1013 .如图所示，有一光滑、不计电

30、阻且足够长的平行金属导轨，间距L= 0.5m,导轨所在的平面与水平面的倾角为37° ,导轨空间内存在垂直导轨平面的匀强磁场。现将一质量m= 0.2kg、电阻R= 2的金属杆水平靠在导轨处，与导轨接触良好。( g=10m/s2, sin37° = 0.6, cos37° =0.8)(1)若磁感应强度随时间变化满足B=4+0.5t (T),金属杆由距导轨顶部1m处释放，求至少经过多长时间释放，会获得沿斜面向上的加速度。2(2)若磁感应强度随时间变化满足B 2 (T) , t=0时刻金属杆从离导轨顶端0.1 0.1t2so=1m处静止释放，同时对金属杆施加一个外力，使金

31、属杆沿导轨下滑且没有感应电流产生，求金属杆下滑 5m所用的时间。F,其大小为F=a= 10m/s2沿导轨向(3)若匀强磁场大小为定值，对金属杆施加一个平行于导轨向下的外力(v+0.8) N,其中v为金属杆运动的速度，使金属杆以恒定的加速度下做匀加速运动，求匀强磁场磁感应强度B的大小。【答案】(1) 30.4s; (2) 75 s；(3) 272 丁。(1)设金属杆长为L,距离导轨顶部为 x,经过ts后，金属杆有沿着导轨向上的加速度，此 时安培力等于重力沿导轨的分力，则：Fa= mgsin QFa= BIL= BEL ,R其中:E 詈 0.25V所以:(4 0.5t) E L= mgsin ,R

32、解得:t= 30.4s。ts的位移为s,则:(2)由金属杆与导轨组成的闭合电路中，磁通量保持不变，经过BiLso=B2L (s+so), 金属杆做初速度为零的匀加速直线运动，s= 5m,代入数据解得：t , 5s(3)对金属杆由牛顿第二定律:mgsinF- FA= ma ,其中:解得:代入数据得:所以，Fa=BILmgsinB2L2vFB2L2vB2 (1 )v= 2 ,8B2解得：B= 242T。14 .如图所示，足够长的光滑金属导轨EF、PQ固定在竖直面内，轨道间距L =1m ,底部接入一阻值为R = 0.15的定值电阻，上端开口，处于垂直导轨面向内的磁感应强度为B =0.5T的匀强磁场中一质量为 m = 0.5kg的金属棒ab与导轨接触良好，ab连入导轨间的电阻 r = 0.1 ,电路中其余电阻不计，不可伸长的轻质细绳绕过光滑的定滑轮与ab相连，在电键S打开的情况下，用大小为 9N的恒力F从静止开始向下拉绳子的自由端，当自由端下落 高度h =1.0m时细绳突然断了 ，此时闭合电键S运动中ab始终垂直导轨，并接触良好，不计 空气阻力，取g =10m / s2试问：当绳子自由端下落高度大小h =1.0m时，ab上的电流方向