牛顿运动定律知识点总结

1、牛顿运动定律1、顿第一定律：一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态为止。(1 )运动是物体的一种属性，物体的运动不需要力来维持;(2)它定性地揭示了运动与力的关系，即力是改变物体运动状态的原因,(运动状态指物体的速度)又根据加速度定义：a _v，有速度变化就一定有加速度，所以可以说：力是使物体产生加速度的原因。 t(不能说“力是产生速度的原因”、“力是维持速度的原因”，也不能说“力是改变加速度的原因”。);(3)定律说明了任何物体都有一个极其重要的属性一一惯性；一切物体都有保持原有运动状态的性质，这就是惯性。惯性反映了物体运动状态改变的难易程度(惯性大

2、的物体运动状态不容易改变)。质量是物体惯性大小的量度。(4)牛顿第一定律描述的是物体在不受任何外力时的状态。而不受外力的物体是不存在的，牛顿第一定律不能用实验直接验证，因此它不是一个实验定律(5 )牛顿第一定律是牛顿第二定律的基础，物体不受外力和物体所受合外力为零是有区别的，所以不能把牛顿第一定律当成牛顿第二定律在F=0时的特例，牛顿第一定律定性地给出了力与运动的关系,牛顿第二定律定量地给出力与运动的关系。2、顿第二定律 ：物体的加速度跟作用力成正比，跟物体的质量成反比。公式F=ma.(1)牛顿第二定律定量揭示了力与运动的关系，即知道了力，可根据牛顿第二定律研究其效果，分析出物体的运动规律；反

3、过来，知道了运动，可根据牛顿第二定律研究其受力情况，为设计运动，控制运动提供了理论基础;(2)牛顿第二定律揭示的是力的瞬时效果，即作用在物体上的力与它的效果是瞬时对应关系,力变加速度就变,力撤除加速度就为零，力的瞬时效果是加速度而不是速度;(3)牛顿第二定律是矢量关系，加速度的方向总是和合外力的方向相同的，可以用分量式表示,Fx=max,Fy=may,若F为物体受的合外力，那么 a表示物体的实际加速度；若 F为物体受的某一个方向上的所有力的合力，那么a表示物体在该方向上的分加速度；若F为物体受的若干力中的某一个力，那么a仅表示该力产生的加速度，不是物体的实际加速度。(4)牛顿第二定律 F=ma

4、定义了力的基本单位一一牛顿(使质量为1kg的物体产生1m/s2的加速度的作用力为1N,即 1N=s2.(5 )应用牛顿第二定律解题的步骤明确研究对象。对研究对象进行受力分析。同时还应该分析研究对象的运动情况(包括速度、加速度)，并把速度、加速度的方向在受力图旁边画岀来。若研究对象在不共线的两个力作用下做加速运动, 般用平行四边形定则 (或三角形定则) 解题；若研究对象在不共线的三个以上的力作用下做加速运动,般用正交分解法解题(注意灵活选取坐标轴的方向，既可以分解力，也可以分解加速度)。当研究对象在研究过程的不同阶段受力情况有变化时，亠-那就必须分阶段进行受力分析，分阶段列方程求解。3、牛顿第三

5、定律：两个物体之间的作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一直线上。理解要点:作用力和反作用力相互依赖性，它们是相互依存，互以对方作为自已存在的前提;(2)作用力和反作用力的同时性，它们是同时产生、同时消失，同时变化，不是先有作用力后有反作用力;(3 )作用力和反作用力是同一性质的力;(4)作用力和反作用力是不可叠加的，作用力和反作用力分别作用在两个不同的物体上，各产生其效果，不可求它们的合力，两个力的作用效果不能相互抵消，这应注意同二力平衡加以区另1。(5 )区分一对作用力反作用力和一对平衡力：一对作用力反作用力和一对平衡力的共同点有：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上。不同点

6、有：作用力反作用力作用在两个不同物体上，而平衡力作用在同一个物体上；作用力反作用力一定是同种性质的力，而平衡力可能是不同性质的力；作用力反作用力一定是同时产生同时消失的，而平衡力中的一个消失后，另一个可能仍然存在。5.超重和失重：(1 )超重：物体具有竖直向上的加速度称物体处于超重。处于超重状态的物体对支持面的压力(或对悬挂物的拉力)大于物体的重力，即F=mg+ma.;(2 )失重：物体具有竖直向下的加速度称物体处于失重。处于失重状态的物体对支持面的压力Fn (或对悬挂物的拉力)小于物体的重力 mg，即FN=mg ma，当a=g时，Fn=O,即物体处于完全失重。6、牛顿定律的适用范围：(1)只

7、适用于研究惯性系中运动与力的关系，不能用于非惯性系;(2)只适用于解决宏观物体的低速运动问题，不能用来处理高速运动问题;(3)只适用于宏观物体，一般不适用微观粒子。7.常用公式F=maV2-V02=2axT=2x/a1/2V=vO+at,x=v0t+1/2atA2二、解析典型问题 问题1:必须弄清牛顿第二定律的矢量性。牛顿第二定律F=ma是矢量式，加速度的方向与物体所受合外力的方向相同。在解题时，可以利用正交分解法进行求解。例1、如图1所示，电梯与水平面夹角为30°，当电梯加速向上运动时，人对梯面压力是其重力的6/5，则人与梯面间的摩擦力是其重力的多少倍ax分析与解：对人受力分析，他

8、受到重力mg、支持力Fn和摩擦力Ff作用，如图1示.取水平向右为x轴正向，竖直向上为 y轴正向，此时只需分解加速度，据牛顿第二定律可得:Ff=macos300,FN-mg=mas in 30°因为H 6，解得Zl毎mg 5mg 5问题2:必须弄清牛顿第二定律的瞬时性。物体在某一时刻加速度牛顿第二定律是表示力的瞬时作用规律，描述的是力的瞬时作用效果一产生加速度。当物体所受到的合外力发生变化的大小和方向，是由该物体在这一时刻所受到的合外力的大小和方向来决定的。时，它的加速度随即也要发生变化，F=ma对运动过程的每一瞬间成立，加速度与力是同一时刻的对应量，即同时产生、同时变化、同时消失。例

9、2、如图2( a)所示，一质量为 m的物体系于长度分别为 Lu L2的两根细线上,L1的一端悬挂在天花板上，与竖直方向夹角为0,L2水平拉直，物体处于平衡状态。现将L2线剪断，求剪断瞬时物体的加速度。(I)下面是某同学对该题的一种解法:777777保持平衡，有T1cos0 = mg, sin0 = T2, T2= mgtan 0剪断线的瞬间，T2突然消失，物体即在 T2反方向获得加速度。因为 ma,所以加速度a = g tan 0,方向在T2反方向。你认为这个结果正确吗请对该解法作出评价并说明理由。(2)若将图2(a)中的细线L1改为长度相同、质量不计的轻弹簧，如图2(b)所示，其他条件不变，

10、求解的步骤和结果与(I)完全相同，即 a= g tan 0,你认为这个结果正确吗请说明理由。a=gsin0 .分析与解：（1 ）错。因为L2被剪断的瞬间，L1上的张力大小发生了变化。剪断瞬时物体的加速度（2）对。因为L被剪断的瞬间，弹簧 Li的长度来不及发生变化，其大小和方向都不变。问题3:必须弄清牛顿第二定律的独立性。图3当物体受到几个力的作用时，各力将独立地产生与其对应的加速度（力的独立作用原 理），而物体表现出来的实际加速度是物体所受各力产生加速度叠加的结果。那个方向的力 就产生那个方向的加速度。例3、如图3所示，一个劈形物体 M放在固定的斜面上，上表面水平，在水平面上放有光滑小球 m，

11、劈形物体从静止开始释放，则小球在碰到斜面前的运动轨迹是:A.沿斜面向下的直线B.抛物线C.竖直向下的直线D无规则的曲线。分析与解：因小球在水平方向不受外力作用，水平方向的加速度为零，且初速度为零，故小球将沿竖直向 下的直线运动，即 C选项正确。问题4:必须弄清牛顿第二定律的同体性。加速度和合外力（还有质量）是同属一个物体的，所以解题时一定要把研究对象确定好，把研究对象全过程的受力情况都搞清楚。例4、一人在井下站在吊台上，用如图4所示的定滑轮装置拉绳把吊台和自己提升上来。中跨过滑轮的两段绳都认为是竖直的且不计摩擦。吊台的质量 m=15kg,人的质量为 M=55kg,起动时吊台向上的加速度是a=s

12、2,求这时人对吊台的压力。（g=s2）分析与解：选人和吊台组成的系统为研究对象，受力如图5所示，F为绳的拉力，由牛顿第二定律有：2F-(m+M)g=(M+m)a图4Ff fF(m+M)g图图5则拉力大小为：F一m）（a g） 350N2再选人为研究对象，受力情况如图 6所示，其中Fn是吊台对人的支持力。由牛顿第二定律得：F+FN-Mg=Ma,故 FN=M(a+g)-F=200N.由牛顿第三定律知，人对吊台的压力与吊台对人的支持力大小相等，方向相反，因此人对“ F八Fn刘Mg吊台的压力大小为 200N，方向竖直向下。问题5:必须弄清面接触物体分离的条件及应用。相互接触的物体间可能存在弹力相互作用

13、。对于面接触的物体，在接触面间弹力变为零时，它们将要分离。抓住相互接触物体分离的这一条件，就可顺利解答相关问题。下面举例说明。例5、一根劲度系数为k,质量不计的轻弹簧，上端固定，下端系一质量为m的物体，有一水平板分析与解：设物体与平板一起向下运动的距离为x时，物体受重力 mg,弹簧的弹力F=kx和平WWWooaao将物体托住，并使弹簧处于自然长度。 如图7所示。现让木板由静止开始以加速度a(av9 =匀加速向 下移动。求经过多长时间木板开始与物体分离。板的支持力N作用。据牛顿第二定律有:mg-kx-N=ma 得 N=mg-kx-ma当N=0时，物体与平板分离，所以此时xm(g a)kF图8受到

14、盘的支持力为零，由于盘和弹簧的质量都不计，所以此时弹簧处于原长。在这段时间内上运动的距离:x=mg/k=因为x at2，所以P在这段时间的加速度a当P开始运动时拉力最小，此时对物体年 20m/s2t2F777777N-mg+Fmin=ma，又因此时 N=mg，所以有因为x 0，所以t 警0旦。例6、如图8所示，一个弹簧台秤的秤盘质量和弹簧质量都不计，盘内放一个物体 P处于静止,P的质量m=12kg，弹簧的劲度系数 k=300N/m。现在给P施加一个竖直向上的力F,使P从静止开始向上做匀加速直线运动，已知在t=内F是变力，在以后F是恒力，g=10m/s2,则F的最小值，F的最大值是分析与解：因为

15、在t=内F是变力，在t=以后F是恒力，所以在t=时，P离开秤盘。此时 PFmin=ma=240N.当P与盘分离时拉力 F最大，Fmax=m(a+g)=360N.其劲度系数为例7、一弹簧秤的秤盘质量m1=1. 5kg，盘内放一质量为 m2=10. 5kg的物体P,弹簧质量不计,k=800N/m ,系统处于静止状态，如图9所示。现给P施加一个竖直向上的力F,使P从静止开始向上做匀加速直线运动，已知在最初0. 2s内F是变化的，在0. 2s后是恒定的，求 F的最大值和最小值各是多少(g=10m/s2)分析与解：因为在t=内F是变力，在t=以后F是恒力，所以在t=时，P离开秤盘。此时P受到盘的支持力为

16、零，由于盘的质量 m1=1. 5kg，所以此时弹簧不能处于原长，这与例2轻盘不同。设在这段时间内P向上运动的距离为X,对物体P据牛顿第二定律可得：F+N-m2g=m2a对于盘和物体 P整体应用牛顿第二定律可得:(m1 m2)gx (m1 m2)g (m1 m2)a细线与水平方向间的夹角a<45°.由牛顿第二定律得：Tcosa =ma,Tsina =mg，解得T mja? g2切5mg。令N=0,并由述二式求得Xm2gm1ak ，而 Xfat2，所以求得 a=6m/s2.k2当P开始运动时拉力最小，此时对盘和物体P整体有Fmin=(m 1+m2)a=72N.当P与盘分离时拉力F最

17、大,Fmax=m2(a+g)=168N.问题6:必须会分析临界问题。例&如图10,在光滑水平面上放着紧靠在一起的AB两物体，B的质量是A的2倍，B受到向右的恒力Fb=2N,A受到的水平力F A=(9-2t)N , (t的单位是S)。从t= 0开始计时，则:A.A物体在3S末时刻的加速度是初始时刻的5/11 倍;B. t >4 S后,B物体做匀加速直线运动;C. t =时,A物体的速度为零;图10分析与解：对于 A、B整体据牛顿第二定律有:D. t >后,AB的加速度方向相反。FA+FB=(mA+mB)a,设A、B间的作用为N,则对B据牛顿第二定律可得:N+FB=mBa解得

18、NmB AFBmA mBFb当t=4s时N=0, A、B两物体开始分离，此后B做匀加速直线运动，而 A做加速度逐渐减小的加速运动，当t=时A物体的加速度为零而速度不为零。t>后 仏所受合外力反向，即A、B的加速度方向相反。当 t< 4 s时，A、B的加速度均为FaFbmAmB。综上所述,选项 A、B、D正确。例9、如图11所示，细线的一端固定于倾角为 45°的光滑楔形滑块线的另一端拴一质量为m的小球。当滑块至少以加速度a=图11A的顶端P处向左运动时，球对滑块的压力等于零，当滑块以a=2g的加速度向左运动时，线中拉力T=分析与解：当滑块具有向左的加速度a时，小球受重力 m

19、g、绳的拉力T和斜面的支持力N作用，如图12所示。在水平方向有 Tcos48-Ncos450=ma;在竖直方向有 Tsin450-Nsin450-mg=0.T m(g a)由上述两式可解出：N豐譚2cos450由此两式可看出，当加速度 a增大时，球受支持力 N减小，绳拉力T增加。当a=g时,N=0 ,此时小球虽与斜面有接触但无压力，处于临界状态。这时绳的拉力T=mg/cos450= V2mg .当滑块加速度a>g时，则小球将“飘”离斜面，只受两力作用，如图13所示，此时+ mg图13问题7:必须会用整体法和隔离法解题。两个或两个以上物体相互连接参与运动的系统称为连接体.以平衡态或非平衡态

20、下连接体问题拟题屡次呈现于高考卷面中，是考生备考临考的难点之一例10、用质量为 m、长度为L的绳沿着光滑水平面拉动质量为M的物体，在绳的一端所施加的水平拉力为F,如图14所示，求:77777777777777777777(1)物体与绳的加速度;图14(2)绳中各处张力的大小(假定绳的质量分布均匀，下垂度可忽略不计。分析与解：(1)以物体和绳整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得:F=( M+m)a,解得 a=F/(M+m).(2)以物体和靠近物体 x长的绳为研究对象，如图15所示。根据牛顿第二定律可得：Fx=(M+mx/L)a=(M+ x)FL M m由此式可以看出：绳中各处张力的大小是不同的，

21、当x=0时，绳施于物体图15力的大小为M mL质量不计的细绳，绳的另一端d例11、如图16所示，AB为一光滑水平横杆，杆上套一轻环，环上系一长为拴一质量为m的小球，现将绳拉直，且与AB平行，由静止释放小球，则当细绳与AB成e角时，小球速度的水平分量和竖直分量的大小各是多少轻环移动的距离是多少分析与解：本题是“轻环”模型问题。由于轻环是套在光滑水平横杆上的，在 小球下落过程中，由于轻环可以无摩擦地向右移动，故小球在落到最低点之前，绳 子对小球始终没有力的作用，小球在下落过程中只受到重力作用。因此，小球的运动轨迹是竖直向下的，这样当 绳子与横杆成e角时，小球的水平分速度为 Vx=0,小球的竖直分速

22、度Vy j2gLsin 。可求得轻环移动的距离是d=L-Lcose .问题&必须会分析与斜面体有关的问题。例12、如图17所示，水平粗糙的地面上放置一质量为M、倾角为e的斜面体，斜面体表面也是粗糙的有一质量为m的小滑块以初速度 V0由斜面底端滑上斜面上经过时间t到达某处速度为零，在小滑块上滑过程中斜面体保持不动。求此过程中水平地面对(m+M)g/地面对系统的支持力斜面体的摩擦力与支持力各为多大分析与解：取小滑块与斜面体组成的系统为研究对象，系统受到的外力有重力N、静摩擦力f(向下)。建立如图17所示的坐标系，对系统在水平方向与竖直方向分别应用牛顿第二定律得:f=0 mVocos 0 /

23、t.N (m+M)g=0 mVosin 0 /t所以fmV0 cosmV0sint ，方向向左；N (m M)g 。问题9:必须会分析传送带有关的问题。例13、如图18所示，某工厂用水平传送带传送零件，设两轮子圆心的距离为S,传送带与零件间的动摩擦Q处。设零件运动的后因数为，传送带的速度恒为V,在P点轻放一质量为 m的零件，并使被传送到右边的一段与传送带之间无滑动，则传送所需时间为，摩擦力对零件做功为分析与解：刚放在传送带上的零件，起初有个靠滑动摩擦力加速的过程，当速度增加到与传送带速度相同时，物体与传送带间无相对运动，摩擦力大小由f=卩mg突变为零，此后以速度 V走完余下距离。由于f=卩mg

24、=ma,所以a=卩 g.加速时间t1加速位移S11V22通过余下距离所用时间t2S S1V共用时间t t1t21 2 W -mV22例14、如图19所示，传送带与地面的倾角0摩擦力对零件做功=37°，从A到B的长度为16m，传送带以V0=10m/s的速度逆时针转动。在传送带上端无初速的放一个质量为kg的物体，它与传送带之间的动摩擦因数卩=，求物体从A运动到B所需的时间是多少. 0 0(si n37 =COS37 =Nf2mg分析与解：物体放在传送带上后，开始阶段，传送带的速度大于物体的速度,图19图20mg(b)传送带给物体一沿斜面向下的滑动摩擦力，物体由静止开始加速下滑，受力分析t

25、an 0,物体在重力作用下将继续加速，此后物如图20 (a)所示；当物体加速至与传送带速度相等时，由于卩体的速度大于传送带的速度，传送带给物体沿传送带向上的滑动摩擦力，但合力沿传送带向下， 物体继续加速下 滑，受力分析如图20(b)所示。综上可知，滑动摩擦力的方向在获得共同速度的瞬间发生了“突变”开始阶段由牛顿第二定律得：mg si n0 + jimg cos0 =m a1；所以：ai = g sin 0 + ag COS0 =10m/s2;物体加速至与传送带速度相等时需要的时间t1 =v/ a1 = 1s;发生的位移:时仍未到达B点。第二阶段，有：mg sin 0 mg cos 0=ms=

26、a1 t 12/2= 5m< 16m ;物体加速到 10m/sa2 ;所以：a2= 2m/s 2;设第二阶段物体滑动到 B的时间为t2则:Lab S=vt 2 + a2 t 22/2 ;解得：t2= 1s ,t 2/=-11s (舍去)。故物体经历的总时间 t=t1 + t 2 =2s .从上述例题可以总结出， 皮带传送物体所受摩擦力可能发生突变，不论是其大小的突变，还是其方向的突变,都发生在物体的速度与传送带速度相等的时刻。问题10:必须会分析求解联系的问题。例15、风洞实验室中可产生水平方向的，大小可调节的风力。现将一套有小球的细直杆放入风洞实验室。小球孔径略大于细杆直径。如图21所

27、示。(1)当杆在水平方向上固定时，调节风力的大小,使小球在杆上作匀速运动，这时小球所受的风力为小球所受重力的0. 5倍。求小球与杆间的动摩擦因数。(2 )保持小球所受风力不变，使杆与水平方向间夹角为37°并固定，则小球从静止出发在细杆上滑下距离S分析与解：依题意，设小球质量为m，小球受到的风风所需时间为多少(sin370 = 0. 6, COS370 = 0. 8)力为F,方向与风向相同，水平向左。当杆在水平方向固定 时，小球在杆上匀速运动，小球处于平衡状态，受四个力作 用：重力G、支持力Fn、风力F摩擦力Ff，如图21所示.由平衡条件得:FN=mgF=FfFf=a Fn解上述三式得同理，分析杆与水平方向间夹角为370时小球的受力情况：重力G、支持力Fn1、风力F、摩擦力Ff1，如图21所示。根据牛顿第二定律可得:mg sin Fcos Ff1 maFn1 F sinmg cos 0Ff1 =Fn1解上述三式得aF cos mg sin Ff13-g.4由运动学公式，可得小球从静止出发在细杆上滑下距离S所需时间为：分析纠错：接触过程中运动员受到向上的弹力