旅顺口区一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

1、旅顺口区一中2018-2019学年图二上学期第二次月考试卷物理班级座号姓名分数一、选择题1.如图所示，一块橡皮用细线悬挂于。点，现用一支铅笔贴着细线的左侧水平向右以速度v匀速移动，运动过程中保持铅笔的高度不变，悬挂橡皮的那段细线保持竖直，则在铅笔未碰到橡皮前，橡皮的运动情况是葭、，.*(_A.橡皮在水平方向上做匀速运动B.橡皮在竖直方向上做加速运动C.橡皮的运动轨迹是一条直线D.橡皮在图示虚线位置时的速度大小为1痴/6+12 .如图，若x轴表示时间，y轴表示位置，则该图像反映了某质点做匀速直线运动时，位置与时间的关系。若令x轴和y轴分别表示其他的物理量，则该图像又可以反映在某种情况下，相应的物

2、理量之间的关系。下列说法中正确的是A若x轴表示时间，y轴表示动能，则该图像可以反映某物体受恒定合外力作用做直线运动过程中，物体动能与时间的关系B若x轴表示频率，y轴表示动能，则该图像可以反映光电效应中，光电子最大初动能与入射光频率之间的关系C若X轴表示时间，y轴表示动量，则该图像可以反映某物体在沿运动万向的恒定合外力作用下，物体动量与时间的关系D若x轴表示时间，y轴表示感应电动势，则该图像可以反映静置于磁场中的某闭合回路，当磁感应强度随时间均匀增大时，闭合回路的感应电动势与时间的关系3 .（2015新课标全国H,17）一汽车在平直公路上行驶。从某时刻开始计时，发动机的功率P随时间t的变化如图所

3、示。假定汽车所受阻力的大小f恒定不变。下列描述该汽车的速度v随时间t变化的图线中，可能正确的是（）4 .在如图甲所示的电路中，电源电动势为3V,内阻不计，Li、L2位相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，R为定值电阻，阻值为10a.当开关S闭合后甲乙A.Li的电阻为1.2QB.Li消耗的电功率为0.75WC.L2的电阻为5aD.L2消耗的电功率为0.1W5.家用电吹风中，有一个小电动机和与它串联的一段电热丝。电热丝加热空气，电动机带动风叶转动，送出热风。设电动机线圈的电阻为Ri,电热丝的电阻为将电吹风接到直流电源上，电源输出电压为u,输出电流为I,电吹风消耗的电功率为P。以下表

4、达式中正确的是A.二-ITB.C.-J-D.丁：6. a、b两点各放有电量为+Q和+4Q的点电荷，a、b、c、d、e、f、g七个点在同一直线上，且ac=cd=de=ef=fg=gb,q+4Q如图所示，取无限远处为零电势，则（）1111pb 为零电势高A. d处的场强和电势均acdefgB. e处的电势比f处的C.电子在f处的电势能比在g处的电势能小D.电子从c移到e,电子所受电场力先做负功再做正功7 .下面说法正确是（）A.感抗仅与电源频率有关，与线圈自感系数无关8 .容抗仅与电源频率有关，与电容无关C.感抗.容抗和电阻等效，对不同交变电流都是一个定值D.感抗是由于电流变化时在线圈中产生了自感

5、电动势而对电流的变化产生的阻碍作用8.（2016辽宁五校联考）中国志愿者王跃参与人类历史上第一次全过程模拟从地球往返火星的试验“火星-500”。假设将来人类一艘飞船从火星返回地球时，经历如图所示的变轨过程，则下列说法正确的是（）轨道皿厂轨道口1一一/2（优轨道A.飞船在轨道n上运动时，在P点的速度大于在 Q点的速度B.飞船在轨道I上运动时，在P点的速度大于在轨道n上运动时在P点的速度C.飞船在轨道I上运动到P点时的加速度等于飞船在轨道n上运动到P点时的加速度D.若轨道I贴近火星表面，测出飞船在轨道I上运动的周期，就可以推知火星的密度9.高跷运动是一项新型运动，图甲为弹簧高跷。 而带动高跷跳跃，

6、如图乙。则下列说法正确的是当人抓住扶手用力蹬踏板压缩弹簧后。人就向上弹起，进A.人向上弹起过程中，先处于超重状态，后处于失重状态B.人向上弹起过程中，踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力C.弹簧压缩到最低点时，高跷对人的作用力大于人的重力D.弹簧压缩到最低点时，高跷对地的压力等于人和高跷的总重力10.如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁.若再在斜面上加一物体m,且M、m相对静止，此时小车受力个数为A. 3B.4C.5D.6水平方向成a角，水平方向的匀强磁场与电场正11 .如图所示，实线表示在竖直平面内的电场线，电场线与交，有一带电液滴沿斜向上的虚线L做直线运动，L与水平方向成3

7、角，且3则下列说法中正确的是（）A.液滴可能带负电B.液滴一定做匀速直线运动C.液滴有可能做匀变速直线运动D.电场线方向一定斜向上12 .如图，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是F寸右B.向右做减速运动A.向右做加速运动第4页，共15页C.向左做加速运动D.向左做匀速运动13 .如图所示，物块A、B叠放在粗糙的水平桌面上，从零开始缓慢增大的水平外力F作用在B上，使A在B上的运动情况分为三段：0ti有时间内A、B都保持静止，tit2时间内A、B保

8、持相对静止一起加速，12r3时间段内A、B之间发生相对运动。下列说法正确的是（设A、B之间的摩擦力为fi,B与水平桌面间的摩擦力为f2）第8页，共15页A.ti时刻后A一直做匀加速运动，t2时刻后B一直做匀加速运动B. fi一直变大，f2始终不变C. 0ti时间fi为零，tit2时间fi逐渐增大，t2t3时间fi不变D.0ti时间f2一直增大，tit3时间段内f2不变i4.如图所示，长均为d的两正对平行金属板MN、PQ水平放置，板间距离为2d,板间有正交的竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为期的带电粒子从MP的中点。垂直于电场和磁场方向以vo射入，恰沿直线从NQ的中点A射出；若

9、撤去电场，则粒子从M点射出（粒子重力不计）。以下说法正确的是p QA.该粒子带正电兀B.若撤去电场，则该粒子运动时间为原来的二倍4C.若撤去磁场，则该粒子在运动过程中电势能增加那才D.若撤去磁场，则粒子射出时的速度大小为8015.如图所示，带正电的小球Q固定在倾角为。的光滑固定绝缘细杆下端，让另一穿在杆上的质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放，到达B点时速度恰好为零。若A、B间距为L,C是AB的中点,两小球都可视为质点，重力加速度为go则下列判断正确的是A.从A至B,q先做匀加速运动，后做匀减速运动B.在B点受到的库仑力大小是mgsin0C.Q产生的电场中，A、B两点间的电势差大小

10、为U=qD.在从A至C和从C至B的过程中，前一过程q电势能的增加量较大16 .如图所示，图中实线是一簇未标明方向的点电荷的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是A. 带电粒子所带电荷的电性;B.带电粒子在a、b两点的受力方向;C.带电粒子在a、b两点的加速度何处较大;D.带电粒子在a、b两点的电势能何处较大。为B,方向垂aob= /射人磁场区 是.电阻共计Wo1.0、填空题17 .如图所示，在以。点为圆心、r为半径的圆形区域内，在磁感强度直纸面向里的匀强磁场，a、b、c为圆形磁场区域边界上的3点，

11、其中/boc=600,一束质量为m,电量为e而速率不同的电子从a点沿ao方向域，其中从bc两点的弧形边界穿出磁场区的电子，其速率取值范围18 .输送1.0Xl05瓦的电功率，用发1.0M04伏的高压送电匚产电导线的欧，四出弄线中的电流是2传输电导线上因GUI买制电功率是19 .如图甲所示，竖直编mMN左侧存在水平向右的匀强电场MN右侧存在垂直2mm的均匀磁场，磁感应强度B随时间t变化规律如图乙所示，。点下方竖直距离d=23.5cm处有一垂直于MN的足够大的挡板。现将一重q天力不计、比荷一二106C/kg的正电荷从。点由静止释放，经过？t=XI。s后，电荷以vo=1.5M04m/s的速度m15通

12、过MN进入磁场。规定磁场方向垂直纸面向外为正，t=0时刻电荷第一次通过MN,忽略磁场变化带来的影响。求：(1)匀强电场的电场强度E的大小；(2)t=7-M0*s时刻电荷与O点的竖直距离？d；(3)电荷从O点出发运动到挡板所需时间to (结果保留两位有效数字)20.示波器是一种用来观察电信号的电子仪器，其核心部件是示波管，如图1所示是示波管的原理图。示波管由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，管内抽成真空。电子从灯丝K发射出来(初速度可不计)，经电压为口。的加速电场加速后，以垂直于偏转电场的方向先后进入偏转电极、XX。当偏转电极XX、YY上都不加电压时，电子束从电子枪射出后，沿直线运动，打在荧光屏的中

13、心。点，在那里产生一个亮斑。中示波管的结构乙黄光屏f甲图中从右向左右:图(1)只在偏转电极YY上加不变的电压Vi,电子束能打在荧光屏上产生一个亮斑。已知偏转电极丫的极板长为L,板间的距离为d,YY间的电场可看做匀强电场。电子的电荷量为e,质量为m,不计电子的重力以及电子间的相互作用力。求电子刚飞出YY间电场时垂直于极板方向偏移的距离。图2(2)只在偏转电极丫产上加u=的交流电压，试在图2中画出荧光屏上的图形。(3)在YY上加如图3所示的正弦交流电压，同时在XV上加如图4所示的周期性变化的电压，假设口号,二一%和Ukx二时，电子束分别打在荧光屏上的A、B两点，试在图5中画出荧光屏上的图形。旅顺口

14、区一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参考答案）一、选择题1 .【答案】AB【解析】悬挂橡皮的细线一直保持竖直，说明橡皮水平方向具有和铅笔一样的速度，A正确；在竖直方向上，橡皮的速度等于细线收缩的速度，把铅笔与细线接触的地方的速度沿细线方向和垂直细线方向分解，沿细线方向的分速度v产vsin依。增大，沿细线方向白分速度增大，B正确；橡皮的加速度向上，与初速度不共线，所以做曲线运动，C错误；橡皮在题图虚线位置时的速度用=H=加疝匕,D错误。2 .【答案】C3 .【答案】A【解析】【名师解析】当汽车的功率为H时，汽车在运动过程中;黄足月=而不因为H不变jy逐渐增大，所以牵引力而逐

15、渐减小，由牛顿第二定律得R-勺道凯，f不变，所以汽车做加速度福小的加速运动，当Fkf时速度最大，且当汽车的功率突变为月时，汽车的牵引力突增为无，汽车继续加速，由月二用P可Flf知月城小，又因E-4丽，所以加速度逐渐减小，直时，速度最大环二*以后匀速运动。综合以上分析可知选项A正确口4 .【答案】BC【解析】AB、当开关闭合后，灯泡Li的电压Ui=3V,由图读出其电流Ii=0.25A,则灯泡Li的电阻_Ui3R1=建=i2C,功率Pi=UiIi=0.75W.故A错误，BC正确；Ii0.25C、灯泡L2的电压为U,电流为I,R与灯泡L2串联，则有I=UR=3U=0.3-0.iU,在小灯泡的伏安Ri

16、0特性曲线作图，如图所示，则有I=0.2A,U=1V,L2的电阻为5Q,L2消耗的电功率为0.2W,故C正确，D错误；故选BC。5 .【答案】AD【解析】A、电吹风机消耗的电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU来计算，所以总功率P=IU,故A正确，B错误；电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为P=I2(Ri+R2),吹风机的总功率P=IU要大于发热部分白功率，所以C错误，D正确；故选AD.点睛：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的.6 .【答案】D7 .【答案】D1，【解析】由公式Xl=2nfL得感

17、抗与线圈自感系数有关，A错误。根据公式Xc=,得容抗与电容也2二Cf有关系，B错误。感抗.容抗和电阻等效，对不同交变电流由不同的值，所以C错。感抗是由于电流变化时在线圈中产生了自感电动势而对电流的变化产生的阻碍作用，D正确。8.【答案】ACD【解析【名师解析】根据开普勒第二定律，行星在单位时间内扫过的面积相等可以知道，行星在远离中心天体的位置处速度一定小于在靠近中心天体位置处的速度，类比可以知道，a正确，人造飞船在田点处受到的万有引力G尸縻，为其提供做周周运动所需要的向心力人二二当万有引力等于所需向心力时，人造飞船做rjt周周运动，当万有引力小于所需向心力时，人造飞船做离心运动j飞船在轨道n上

18、f点的速度大于在轨道I上F点的速度，B错误根据牛顿第二定律4G=潦=g，同一个位置万有引力大小与方向相同，所r以在产点任一轨道的加速度相同，C正确孑当轨道I贴近火星时，设火星的半径为其由万有引力用来提供向心力可以得到：4年二与用于是后gn=*产,又因为仁迫宏，所以户署j口正确。9 .【答案】AC【解析【解析】A项，人向上弹起过程中，人应该经历了先加速后减速的过程，所以先有向上的加速度，后有向下的加速度，当弹雷弹力大于人的重力时，人处于超重状态，当弹蓄弹力小于人的重力时，人处于失中:1:厂|i二化1用二相一力于：IT对定律，二者大小始终相等，故B项错误。C项，弹簧压缩到最低点时,人有竖直向上的加

19、速度,根据牛顿第二定律，可知高跷对人的作用力大于人的重力，故C项正确口D项,同理以高跷和人的系统为研究象，弹簧压缩到最低点时，根据牛顿第二定律，地对高跷的压力大于人和高跷的总重力，再根据牛顿第三定律，可知高跷对地的压力大于人和高跷的总重力，故D项错误；综上所述本题答案是AC。10 .【答案】B11 .【答案】BD12 .【答案】A【解析】对小球进行受力分析，因为弹簧处于压缩状态，所以小球受到向右的弹力。由于车的上表面光滑，没有摩擦力，故小球只受到向右的弹力。因此存在两种情况，即向右加速运动和向左减速运动，而小车与小球相对静止，运动情况相同，故A正确，BCD错误。13 .【答案】CD【解析】甯J

20、eD在“fl时司的，由于两者君只籍地云穗止m所以F=为:增大；定月分析，由于在水平方向上没有其他外力，所以摩擦力为零,即=0;改3+同内，两啬起好辞止一起加遑运动，即工为动弹禊力，奇工二出吗）g,所以工一定，对外区由牛务二定漫可如F一工二处（g+的）,&垠大、奇工二网白，助以工煌大，商者在这一反三间内数变次速运幼；之右H同的，上、月之间发生兔号运动，A川因g在B给他勃摩擦力的作用下加造乏劲.力二以啊?.一定，a=为定值.却散扰於注或哀制运动：然3分析，工=式网+吗lg.一宅，也牛顿菖二宅室可芦厂一/一工=（牲+吗）生,如考矍近看产的原大石帽大，骰变加运运劫，所以AB说误,CD正式，14 .【答

21、案】AD【解析】撤去电场，粒子从M点射出，粒子刚射入磁场时所受洛伦兹力竖直向上，由左手定则知粒子d带正电荷，故A正确；电磁场共存时，粒子运动的时间4二一，撤去电场后，粒子在磁场中做匀速圆周2n-,兀运动的时间：*12血，则该粒子运动时间为原来的一，选项B错误；若撤去磁场，%二_=，72/2巧则该粒子微夷平地运动，电磁力数正斗，之势能京小，就C措误：设粒子的蜃重为用，器之荷量为g,粒子射入电砥物时的法空为yOf乳粒子沿j,谍透过展3时：产Eg,撤去电酒后，在各价拨力的牛穹于，超于就回高运动，曲乩何知识知：涔检迨分摄侯司力，由牛顿第二灵逑停工qM刀二用”;2r薇去碱谒，粒子散类平拊适动，粒子的加建

22、复生察嫌电函所可如同为L水上方句：加】北加速度：qE111口=,曼支分位移：尸一/，醉湾：yY,设式速度为%由动能定理知：一册2叫AEqd,联m222得：v=/v，故D正确。【名师点睛】本题考查带电粒子在电场、磁场中两的运动，粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，分析清楚粒子运动过程是解题的前提，根据粒子在磁场中的偏转方向判断出洛伦兹力方向，应用左手定则可以判断出粒子的电性；应用类平抛运动规律与牛顿第二定律可以解题。15 .【答案】C【解析】【解析】小球q下滑过程中.沿杆的方向受到重力的分力mgsm和库仑力r两力方向相反.根据库仑定律：F=k景可知，库仑力逐渐增大，由题竟可知，库仑力开始时小于mgsine,后来大干mgsinO,所以q先做加速度减小的变加速运动,后做加速度增大的变减速运动,当库仑力与mgsine大小相等时速度最大，故A错误；q从先做加速运动后做减速运动，在8点时加速度沿杆向上，所以库仑力大于mgsine，故B错误；从启到B,根据动能定理得：mgLsine+qUAB=G,又U3A=心Mr可得：为A=-9，故C正确；下滑过