大学物理刚体的定轴转动习题及答案

1、第4章刚体的定轴转动习题及答案1. 刚体绕一定轴作匀变速转动，刚体上任一点是否有切向加速度？是否有法向加速度？切向和法 向加速度的大小是否随时间变化？答：当刚体作匀变速转动时，角加速度1不变。刚体上任一点都作匀变速圆周运动，因此该点速 率在均匀变化，V = -，所以一定有切向加速度 耳=，其大小不变。又因该点速度的方向变化, 所以一定有法向加速度 an 2，由于角速度变化，所以法向加速度的大小也在变化。2. 刚体绕定轴转动的转动定律和质点系的动量矩定理是什么关系？答：刚体是一个特殊的质点系，它应遵守质点系的动量矩定理，当刚体绕定轴Z转动时，动量矩定理的形式为 Mz =归，Mz表示刚体对Z轴的合

2、外力矩，Lz表示刚体对Z轴的动量矩。dtLz =mii2= ,其中I二mii2 ，代表刚体对定轴的转动惯量，所以Mz 二归丿 I = I d 。既 Mz = I ：。dt dtdt所以刚体定轴转动的转动定律是质点系的动量矩定理在刚体绕定轴转动时的具体表现形式， 及质点系的动量矩定理用于刚体时在刚体转轴方向的分量表达式。3. 两个半径相同的轮子，质量相同，但一个轮子的质量聚集在边缘附近，另一个轮子的质量分布比较均匀，试问：(1)如果它们的角动量相同，哪个轮子转得快？ (2)如果它们的角速度相同，哪个轮子的角动量大？答：(1)由于L =1，,而转动惯量与质量分布有关，半径、质量均相同的轮子，质量聚

3、集在边 缘附近的轮子的转动惯量大，故角速度小，转得慢，质量分布比较均匀的轮子转得快；(2)如果它们的角速度相同，则质量聚集在边缘附近的轮子角动量大。4. 一圆形台面可绕中心轴无摩擦地转动，有一玩具车相对台面由静止启动，绕轴作圆周运动，问 平台如何运动？如小汽车突然刹车，此过程角动量是否守恒？动量是否守恒？能量是否守恒？答：玩具车相对台面由静止启动，绕轴作圆周运动时，平台将沿相反方向转动；小汽车突然刹 车过程满足角动量守恒，而能量和动量均不守恒。5. 一转速为1200厂min的飞轮，因制动而均匀地减速，经10秒后停止转动，求:(1) 飞轮的角加速度和从开始制动到停止转动，飞轮所转过的圈数；(2)

4、 开始制动后5秒时飞轮的角速度。解：(1)由题意飞轮的初角速度为0 = 2二 n 二 40二(rad s)飞轮作均减速转动，其角加速度为0 40 二102-4- rad / s故从开始制动到停止转动，飞轮转过的角位移为宀-01 : :t2 =200二 rad2因此，飞轮转过圈数为 ：v/2二-100 圈。(2)开始制动后5秒时飞轮的角速度为-0 ： ： _t =40二-4二 5 = 20二(rad： s)6.如图所示，一飞轮由一直径为 d2(m)，厚度为a(m)的圆盘和两个直径为 d|(m)，长为L(m)的3共轴圆柱体组成，设飞轮的密度为(kg/m)，求飞轮对轴的转动惯量。2#2-m221=n

5、167.如图所示,半径为r，质量为m1的匀质圆盘作为定滑轮，绕有轻绳，绳上挂一质量为m2的重物，求重物下落的加速度。解：设绳中张力为 T对于重物按牛顿第二定律有mtg -T = m2a(1)对于滑轮按转动定律有Tr2由角量线量关系有联立以上三式解得(3)解：如图所示，根据转动惯量的可加性，飞轮对轴的转动惯量可视为圆盘与两圆柱体对同轴的转动惯量之和。由此可得c1=2m2=2 (d-)2L (d-)2 : (d-2)2a2 2 2 2 24142? (Ld1ad2)(kg m)8. 如图所示，两个匀质圆盘同轴地焊在一起，它们的半径分别为ri、Q，质量为 m和m2，可绕过m3和mu的重物，求轮的角盘

6、心且与盘面垂直的光滑水平轴转动，两轮上绕有轻绳，各挂有质量为加速度一：。解：设连接m3的绳子中的张力为T1，连接m4的绳子中的张力为 T2。对重物m3按牛顿第二定律有m3g -久二 m3a3(1)对重物mu按牛顿第二定律有对两个园盘，作为一个整体，按转动定律有由角量线量之间的关系有a3 =1 一联立以上五式解得9. 如图所示，一半径为 R,质量为 平板上，盘与板表面的摩擦因数为(1) 求圆盘所受的摩擦力矩；(2) 问经过多少时间后，圆盘转动才能停止？解：分析：圆盘各部分的摩擦力的力臂不同，为此，可将圆盘分 害喊许多同心圆环，对环的摩擦力矩积分即可得总力矩。另由于 摩擦力矩是恒力矩，由角动量定理

7、可求得圆盘停止前所经历的时 间。P =m3r1 _ m4r21 2 1 2 2 2 吋m2r2m3r12 2m的匀质圆盘，以角速度3绕其中心轴转动。现将它平放在一水(1)圆盘上半径为r、宽度为dr的同心圆环所受的摩擦力矩dM 二-和 m2 2二 rdr) g r =-2r2mgdr / R 兀R负号表示摩擦力矩为阻力矩。对上式沿径向积分得圆盘所受的总摩擦力矩大小为m 二 dM亡m% 二匕 R22mgR(2)由于摩擦力矩是一恒力矩，圆盘的转动惯量I =mr2，由角动量定理可得圆盘停止的23时间为丄0 I3叮R二 tM4Pg10.飞轮的质量 m = 60kg，半径R = 0.25m，绕其水平中心轴

8、 O转动，转速为900rev min-1 现利 用一制动的闸杆，在闸杆的一端加一竖直方向的制动力F ,可使飞轮减速.已知闸杆的尺寸如题 4-10图所示，闸瓦与飞轮之间的摩擦系数=0.4，飞轮的转动惯量可按匀质圆盘计算试求：(1) 设F = 100 N，问可使飞轮在多长时间内停止转动？在这段时间里飞轮转了几转？(2) 如果在2s内飞轮转速减少一半，需加多大的力F ?解：(1)先作闸杆和飞轮的受力分析图(如图(b) 图中N、N 是正压力，Fr、F；是摩擦力，Fx和Fy是杆在A点转轴处所受支承力，R是轮的重力，P是轮在0轴处所受支承力.杆处于静止状态，所以对 A点的合力矩应为零，设闸瓦厚度不计，则有

9、F（h l2） -N h =0li对飞轮，按转动定律有FrR/l，式中负号表示 -与角速度 方向相反.Fr nNN =Nh十12Fr =土 Fl又1 21 = mR ,2F* Q（h）FImRl|以F =100 N等代入上式，得:2 0.40(.5.75)仙二60 疋 0.25 汉 0.50由此可算出自施加制动闸开始到飞轮停止转动的时间为403rad s这段时间内飞轮的角位移为2=90LJ=7.06sP60 沃40二 F：0t 1 -t22900 2 :1 40 （9 二）2234= 53.1 2- rad可知在这段时间里，飞轮转了53.1转.6044t = 2 s内减少一半，可知(2)0 =

10、9002 rad s1，要求飞轮转速在60-CO2t15二2rad s用上面式(1)所示的关系，可求出所需的制动力为mR12 I2)60x0.25x 0.50x15t一 2 0.40 (0.50 0.75) 2= 177 N11.如图所示，主动轮 A半径为ri，转动惯量为11，绕定轴Oi转动；从动轮B半径为r2，转动惯量为12，绕定轴O2转动；两轮之间无相对滑动。若知主动轮受到的驱动力矩为M，求两个轮的角加速度-1和一：2。解：设两轮之间摩擦力为 f对主动轮按转动定律有：M - 粧=1对从动轮按转动定律有fr2 二 12 :2由于两个轮边沿速率相同，有* -1 = r2 2联立以上三式解得rM

11、r；122Id； *2(1)Mr1r2l/ S212.固定在一起的两个同轴均匀圆柱体可绕其光滑的水平对称轴OO 转动设大小圆柱体的半径分别为R和r，质量分别为 M和m 绕在两柱体上的细绳分别与物体m和m2相连，m和m2则挂在圆柱体的两侧，如题4-12(a)图所示.设 R = 0.20m, r = 0.10m , m = 4 kg.M = 10 kg , m1 = m25#=2 kg，且开始时 mi , m2离地均为h = 2m.求:(1) 柱体转动时的角加速度；(2) 两侧细绳的张力.解：设a1 ,a2和B分别为m1, m2和柱体的加速度及角加速度方向题4-12(b)图.(1) mj ,m2和

12、柱体的运动方程如下:T2 - m2g = m2a2式中 Tf-Tj.T；二T2,a2 二 L,a, = R-1 1而I MR2mr22 2由上式求得R Rm _rm222 g1 +gR +m20.2 2-0.1 2=疋 9.81 2 1 2 2 210 0.2024 0.102 2 0.202 2 0.1022 2= 6.13 rad s由式T2 二 m2Lm2g=2 0.10 6.13 2 9.8 = 20.8 N由式T； =m1m1R =2 9.8-2 0.2. 6.13 = 17.1 N13. 一质量为m、半径为R的自行车轮，假定质量均匀分布在轮缘上，可绕轴自由转动另一质量 为m。的子弹

13、以速度V。射入轮缘（如题2-31图所示方向）(1)开始时轮是静止的，在质点打入后的角速度为何值？用m, m0和二 表示系统(包括轮和质点)最后动能和初始动能之比.%解：(1)射入的过程对 O轴的角动量守恒2Rsinrm0Vo = (m m0)R - m0 v0 sin vcc =(m m0)REkE02(m mo)R2m0v0 sinT(m m0 )R1 22m0V0m0 sin2 二m m08#以水平速度：0与杆下端小球m作对心碰撞,度.14. 如图所示，长为I的轻杆，两端各固定质量分别为m和2m的小球，杆可绕水平光滑固定轴0在竖1 2直面内转动，转轴 0距两端分别为 -I和I .轻杆原来静

14、止在竖直位置.今有一质量为m的小球,331 -碰后以0的速度返回，试求碰撞后轻杆所获得的角速2#2 | 1 mv0lmv0322|3I 而I = m( lf2 r2333所以,2 ,2 mv0Iml -3 2mJl3 10m i1 1l迈V 0m 解：碰撞过程满足角动量守恒:由此得到：，=3V2I15. 如图所示，A和B两飞轮的轴杆在同一中心线上,Vo设两轮的转动惯量分别为Ja = 10 kg - m2和JB#=20 kgm2.开始时，A轮转速为600 rev/min ,B轮静止.C为摩擦啮合器，其转动惯量可忽略不计.A、B轮得到加速而A轮减速，直到两轮的转B分别与C的左、右两个组件相连，当

15、C的左右组件啮合时， 速相等为止设轴光滑，求：(1) 两轮啮合后的转速n;(2) 两轮各自所受的冲量矩.解：(1)两轮啮合过程满足角动量守恒：所以因为Ia ACu =Ia Ib用=2n 二#I AnAIa Ib10 60010 20二 200r / min末角速度：2兀汉20020兀=2nrad /s 两轮各自所受的冲量矩:609A轮各所受的冲量矩：20 兀600400 兀2.丄=I A -1 A 0 =10 (2)4.19 10 (N m s)3 603B轮各所受的冲量矩：20兀400兀2.丄=Ib -1 B 0 =20 (0)4.19 1 02(N m s)3316. 有一半径为R的均匀球体，绕通过其一直径的光滑固定轴匀速转动，转动周期为T。.如它的半1径由R自动收缩为一R，求球体收缩后的转动周期.(球体对于通过直径的轴的转动惯量为J= 2mR2 /25,式中m和R分别为球体的质量和半径 ).解：(1)球体收缩过程满足角动量守恒：I 0 0 =1210 mR2 0102m(-R)252所以T。4 -017. 一质量均匀分布的圆盘，质量为 M,半径为R,放在一粗糙水平面上(圆盘与水平面之间的摩擦 系数为，圆盘可绕通过其中心 O的竖直