部分高考化选修学易错题解题方法选修

1、2010届高考化学易错题解题方法-选修部分化学高级教师：桑建强【化学反应原理】【范例76】将pH为5的硫酸溶液稀释500倍，稀释后溶液中c (SO42）：c (H+)约为( )A.1：1B.1：2C.1：10D.10：1【错解分析】根据定量计算，稀释后c（H+）=2×10-8mol·L-1，c（SO42-）=10-88mol·L-1，有同学受到思维定势，很快得到答案为B。【解题指导】题中设置了酸性溶液稀释后，氢离子浓度的最小值不小于1×10-7mol·L-1。所以，此题稀释后氢离子浓度只能近似为1×10-7mol·L-1。【

2、答案】C。【练习76】 室温下，某溶液中由水电离出来的H和OH浓度的乘积为1024，在该溶液中一定不能大量共存的离子是( )A.S2O32B.NH4C.NO3D.HCO3【范例77】 用惰性电极电解一定浓度的硫酸铜溶液，通电一段时间后，向所得的溶液中加入0.1molCu(OH)2后恰好恢复到电解前的浓度和PH。则电解过程中转移的电子数为( )A.0.1mol B.0.2mol C.0.3mol D.0.4mol【错解分析】对电解硫酸铜溶液的反应没有深入的掌握，而且忽略了题目中加入的物质为Cu(OH)2。由于电解后加入0.1mol Cu(OH)2，恰好恢复到电解前，而0.1mol Cu(OH)2

3、中含0.1molCu2+，即反应过程中有0.1molCu2+被还原，因此电解过程中共有0.2mol电子发生转移。错选B。【解题指导】电解硫酸铜溶液的反应方程式为：2CuSO4 +2H2O 电解=2Cu + 2H2SO4 + O2，从上述方程式可以看出，因此，电解前后只有铜和氧的改变，电解后加入CuO就可以使溶液恢复原来状态。但本题提示加入Cu(OH)2后溶液恢复原来状态，说明电解过程中不仅硫酸铜被电解，而且有水被电解（因为硫酸铜被电解完全）。0.1molCu(OH)2可以看作是0.1mol的CuO和0.1mol H2O，因此电解过程中有0.1mol的硫酸铜和0.1mol的水被电解。【答案】D。

4、【练习77】 用质量均为100g的Cu作电极电解AgNO3溶液，电解一段时间后，两电极质量相差28g，此时两电极质量分别是( )A、阳极93.6g，阴极121.6g B、阳极100 g，阴极128.0gC、阳极91.0g，阴极119.0g D、阳极86.0g，阴极114.0g【范例78】 用铁片与稀硫酸反应制H2，下列措施不能使H2生成速率加大的是( )A.加热 B.改用浓硫酸 C.滴加少量CuSO4溶液 D.改铁片为铁粉【错解分析】忽略化合物的特性以及原电池原理的应用，错选C。【解题指导】加快反应速率的主要措施有：增大反应物浓度、升高温度、增大压强、使用催化剂、增大反应物的接触面等。本题似乎

5、A、B、D都可以实现目的。由于浓硫酸在常温条件下会将铁钝化，因此B措施不可行。往体系中加CuSO4，铁与之反应生成铜并附在铁片表面，与硫酸构成原电池，加快反应速率。【答案】B。【练习78】 在C(s)+CO2(g) 2CO(g)反应中可使化学反应速率增大的措施是( )增大压强增加碳的量 恒容通入CO2 恒压充入N2 恒容充入N2 A B C D【范例79】 在一个密闭容器中，可逆反应aA(g)=bB(g)达到平衡后，保持温度不变，将容器体积增大一倍，当达到新的平衡时，B的浓度是原来的60%，则( )A.平衡向正反应方向移动了 B.物质A的转化率减小了C.物质B的质量分数增加了 D.a>b

6、【错解分析】没有真正理解量的变化（体积变化引起浓度变化）关系。根据题意，当体积增大时，B的浓度减小，因此。增大体积（减小压强）时平衡向左移动，因此A的转化率减小。根据平衡移动原理，可知a>b。错选BD。【解题指导】当容器的体积增大一倍时，若平衡不发生移动，B的浓度应该为原来的50%。但题目指出，新平衡中B的浓度为原来的60%（大于50%），因此说明平衡发生移动，而且朝正反应方向移动。【答案】AC。【练习79】 可逆反应N2+3H2 2NH3是一个放热反应。有甲、乙两个完全相同的容器，向甲容器中加入1molN2和3 molH2，在一定条件下，达平衡时放出的热量为Q1；在相同条件下，向乙容器

7、加入2 molNH3，达平衡时，吸收的热量为Q2。已知Q24Q1，则甲容器中，H2的转化率为( ) A.20% B.25% C.75% D.80%【范例80】600 K时，在容积可变的透明容器内，反应2HI(g) I2(g)H2(g)达到平衡状态A。保持温度不变，将容器的容积压缩成原容积的一半，达到平衡状态B。按上图所示的虚线方向观察，能否看出两次平衡容器内颜色深浅的变化?并请说明理由。答： 按上图所示的实线方向观察(活塞无色透明)，能否看出两次平衡容器内颜色深浅的变化?并请说明理由。答： 【错解分析】从实线方向观察，根据 A、B 两状态下的 I2 的浓度关系：cB(I2)=2cA(I2)，误

8、以为能观察到容器内颜色的变化。【解题指导】状态A与状态B的不同点是：pB2pA，但题设反应是气体物质的量不变的反应，即由状态A到状态B，虽然压强增大到原来的2倍，但是平衡并未发生移动，所以对体系内的任何一种气体特别是 I2(g) 而言，下式是成立的：cBI2(g)=2cAI2(g)。对第小问，可将有色气体 I2(g) 沿视线方向全部虚拟到活塞平面上-犹如夜晚看碧空里的星星，都在同一平面上。则视线方向上的 I2 分子多，气体颜色就深；反之，则浅。【答案】可以观察到颜色深浅的变化。由于方程式两边气体物质的物质的量相等，容积减半，压强增大到2倍时，I2()及其他物质的物质的量均不变，但浓度却增大到原

9、来的2倍，故可以看到I2()紫色加深。不能观察到颜色深浅的变化。因为由状态A到状态B，平衡并未发生移动，尽管 cBI2(g)=2cAI2(g)，但 vBI2(g)= vAI2(g)，即视线方向上可观察到的 I2(g) 分子数是相同的，故不能观察颜色深浅的变化。 【练习80】 已知某物质颜色的强度与该物质的浓度成正比、与观察者的视程中的物质厚度成正比。在注射器中，存在NO2与N2O4的混合物，气体呈棕色，现将注射器的针筒慢慢往外拉，保持温度不变，此时混合物的颜色为( ) A.从针筒的顶端方向观察，气体颜色变深 B.从针筒的顶端方向观察，气体颜色变浅 C.从针筒的垂直方向观察，气体颜色没有变化 D

10、.从针筒的垂直方向观察，气体颜色变深更多精彩内容，请见rdfzsang的博客编辑【有机化学基础】【范例81】 在由5种基团叫CH3、OH、CHO、C6H5、COOH两两组成的物质中，能与NaOH反应的有机物有( ) A.4种 B.5种 C.6种 D.7种【错解分析】题给的5种基团两两组合后能与NaOH反应的物质有：CH3COOH、C6H5OH、OHC-COOH、C6H5COOH、HOCHO、HO-COOH共6种，因此易错选项C 【解题指导】如果认真审题，把握题给限定条件即有机物，就很容易将HOCOOH(碳酸)排除。【答案】B。【练习81】 有甲基、苯基、羟基、羧基两两结合的物质中，具有酸性的物

11、质种类有( )A.3种 B.4种 C.5种 D.6种【化学实验】【范例82】 前进中学研究性学习小组为了测定某一盐酸溶液的物质的量浓度，计划采用甲基橙作指示剂，利用碳酸钠溶液进行滴定。现需用480 mL 0.1 mol/L的碳酸钠溶液，选取500 mL容量瓶进行配制，以下操作正确的是( )A、称取5.2 g碳酸钠，加入500 mL水 B、称取13.7 g碳酸钠晶体配成500 mL溶液C、称取5.3 g碳酸钠，加入500 mL水 D、称取14.3 g碳酸钠晶体配成500 mL溶液【错解分析】由于要配置480mL0.1 mol/L的碳酸钠溶液，因此需要溶质的质量为：若溶质为碳酸钠，则0.48

12、15;106×0.1=5.2g，因此选择A选项；若溶质为Na2CO3·10H2O，0.48×286×0.1=13.7g；因此选择B选项。造成错解的原因：没有注意容量瓶的规格和特点。由于容量瓶为容量500mL，且容量瓶只有一个刻度（标线），因此只能用该仪器配制500mL的溶液；配制溶液时，所得的体积应该是溶液的体积，而不是加入的水的体积。 【解题指导】要配制500 mL 0.1 mol/L的Na2CO3溶液需Na2CO3 0.05mol。即需碳酸钠晶体：0.05 mol×286 g/mol=14.3g，Na2CO3为5. 3g，所需溶液为500

13、mL，而不是加水的体积为 500 mL，故A、B、C均不正确。【答案】D。【练习82】 某学生进行中和滴定实验，需要用到浓度为0.10mol/L氢氧化钠约75ml，实验过程中用到的主要仪器有托盘天平和容量瓶。现有以下几种规格的容量瓶，实验过程中宜选用的是( ) A.50mL B.100mL C.250mL D.500mL 【范例83】 用下列装置能达到有关实验目的且无错的是( ) A.用甲图装置电解精炼铝 B.用乙图装置证明浓硫酸具有强氧化性C.用丙图装置可制得金属锰 D.用丁图装置验证NaHCO3和Na2CO3的热稳定性【错解分析】本题易错点一是将铜的精炼原理错误迁移，忽视H和Al3得失电子

14、能力强弱而错选A。二是对装置乙中不熟悉浸有某种溶液的棉花的作用而错选B。三是不能根据已知NaHCO3和Na2CO3热稳定性的相对强弱和装置特点和错选D。【解题指导】选项A，由于AlCl3溶液中，H得电子能与大于Al3，所以在纯铝电极上得到的是H2，而不是Al。选项B，Cu与浓H2SO4在加热条件下发生反应，通过测定有SO2生成来证明浓H2SO4具有强氧化性，但在图乙所示的装置中，浸有稀硫酸的棉花不能吸收掉多余的SO2，对环境造成影响，浸有稀硫酸的棉花改为"浸有NaOH溶液的棉花"即可达到实验目的。选项C，在高温下MnO2和Al发生铝热反应生成Mn。选项D，外管直接与被加热，

15、其温度高于内管，外管盛有的NaHCO3稍微受热就分解，无法得出Na2CO3热稳定性大于NaHCO3的结论，应将盛放Na2CO3和NaHCO3的位置调换即可达到实验目的。【答案】C。【练习83】 用下列实验装置进行的实验中，能达到相应实验目的的是( )A.装置甲：防止铁钉生锈 B.装置乙：除去乙烯中混有的乙炔C.装置丙：验证HCl气体在水中的溶解性 D.装置丁：实验室制取乙酸乙酯 【物质结构与性质】【范例84】 某物质的结构为： 。对该物质的分析判断正确的是( )A.该物质是一个离子化合物B.该物质的分子中只含有共价键.配位键两种作用力C.该物质是一种配合物，其中Ni原子为配位体D.该物质中C、

16、N、O原子存在孤对电子【错解分析】本题给出具体物质的结构考查配合物相关知识，题目基础而灵活，也易出现一是不能领会结构的具体含义而无法判断出化学键的类别。二是对配合物的结构不熟悉而不能正确判断出配位体、中心体、孤对电子等。【解题指导】选项A，该物质分子中没有离子键，不是离子化合物。选项B，根据结构，该物质中H、O原子间存在氢键、C与其它原子间存在共价键、Ni、N之间存在配位键，所以该物质的分子中只含有氢键、共价键、配位键三种作用力。选项C，Ni原子具有空轨道，是共用电子对的接受者，是配合物的中心原子。选项D，C原子最外层的4个电子全部形成成键，没有孤对电子。【答案】C。【练习84】 有如下四种物

17、质：CH2=CH2、CHCH、 、HCHO。下列说法正确的是( )A. 四种物质分子中，碳原子都是采取sp2杂化B. HCHO分子的空间构型为平面三角型，且分子中含有4个 键C. 四种物质中所有原子都在同一平面内D. 两种有机物与H2发生加成反应时分子中的所有化学键发生断裂【范例85】 已知：双烯合成也称狄尔斯阿德耳（DielsAlder）反应，他们因此获得1950年的诺贝尔化学奖。如：CH3CHCHCH2CH3 CH3COOHCH3CH2COOHRCH2CHCH2Cl2 RCHClCHCH2HCl有机物 可由烃A和酯B按下列路线合成：A与B反应生成C的化学方程式 。B（只含有一个碳碳双键）在

18、RuCl作催化剂下，可由一种酯和一种炔直接加成得到，则该酯和炔结构简式分别为 和 。请用反应流程图表示以甲基1，3-丁二烯（CH3CHCHCH2）、丙烯和苯合成 的 过程。 。【错解分析】本题一共给出4个已知信息，正确领悟信息的实质是关键，否则及易错解，如信息是CH2CHCHCH2和 的"-CC-"键都打开，相互连接形成一个含有一个"-CC-"的六元环，所以在解答后面的题目中看到与之相关条件的反应都是成环反应，再如信息是去掉一个碳原子，将烯醇氧化为烯醛。解读信息时要一看条件二看断键部位，弄清楚反应物和生成物的关系，只有这样才能将信息正确合理导入推断或合成

19、中，防止出现错解。如本题推写A与B的反应时，不能根据信息进行逆向推断出C而无法破解A、B的结构，推出A、B结构后，无法将信息的成环反应迁移到新的反应中而无法写出相关方程式。【解题指导】根据已知的反应，反推C为 ，结合信息观察反应，可知A与B应该发生DielsAlder反应，A为 ，B为 。有机B中本身含有酯基，炔烃中的"CC"与酯发生加成反应转化为含有"-CC-"的 ，根据原子守恒即可推写出酯为 HCOOCH3，炔为CHCH。合成 是一个成环反应，根据已知，反推由CH2CHCHO和 发生DielsAlder该有机物。根据已知，CH3CHCH2与Cl2在5

20、00下发生取代反应生成ClCH2CHCH2，ClCH2CHCH2在NaOH溶液中发生水解生成HOCH2CHCH2，根据已知，HOCH2CHCH2转化为CH2CHCHO。【答案】HCOOCH3 CHCH【练习85】 右图为某有机物K分子结构模型图（图中球与球之间连线表示单键或双键）。则该有机物的结构简式为 ；若肉桂酸甲酯与K分子互为同分异构体，则肉桂酸甲酯的分子式是 ；若肉桂酸甲酯分子含有苯环，苯环上只有一个侧链，侧链不存在CH2基团，且只有一个甲基。则其结构简式 。用芳香族化合物A为原料合成K的流程如下：化合物A中的官能团有 （填名称）。BC的反应类型是 。DK该反应的化学方程式为 。写出分子

21、内含苯环，且苯环上只有一个支链，且在一定条件下能与银氨溶液发生银反应的D的同分异构体的结构简式 。【化学实验】【范例86】 根据下图回答问题：装置气密性的检验须在盛放药品前进行。在上述装置中，往试管B、C、D中各加入5mL蒸馏水封住导管口，各连接处都紧密而不漏气的情况下，点燃酒精灯，微热带支管的试管一会儿，试管B、C、D中未出现气泡；熄灭酒精灯后，试管B、C、D中导管内水面也未上升，其原因是：_。一般来说，硫酸的质量分数大于60%，就具有一定的氧化性，且越浓氧化性越强；温度也要影响氧化性，如铜放于冷的浓硫酸中反应不明显，加热就可观察到明显现象。甲同学利用上述装置，用实验来验证硫酸氧化性的上述结

22、论（已知98%的浓硫酸的密度为1.84g·cm-3）。他先向试管B加入5mL品红试液，向试管C、D中各加入5mL饱和澄清石灰水；向带支管的试管中放入铜粉和3mL水，然后从分液漏斗向支管试管中滴加98%的浓硫酸10滴（约0.5mL），加热至沸腾，这时支管试管中溶液颜色是否有明显变化_（填"无"或"有"），试用数据解释其原因_；该同学用分液漏斗再向支管试管中加98%的浓硫酸10mL，并加热至沸腾，观察到支管试管中现象是_ _。乙同学利用上述装置来检验浓硫酸和木炭粉在加热条件下发生反应的全部产物。浓硫酸和木炭粉在加热条件下发生反应的化学方程式为：_。

23、要达此目的，则：C中加入试剂的名称是_，现象是_；利用上述装置探究锌与浓硫酸反应产物中有SO2和H2，D中加入试剂（名称）： ；检验氢气方法 。【错解分析】检验气密性时，易错"胶头接口处漏气"，"试管塞子没有塞紧"等；浓度计算错误；误认为这种硫酸溶液有强氧化性；检验二氧化硫和二氧化碳时，认为C装置中溶液只起除去二氧化硫作用，现象描述成"溶液紫色或橙色褪去"。点燃氢气前没有检验其纯度。高考命题趋势是，注重语言文字表达能力，强调思维严密性。 【解题指导】配有分液漏斗的装置，检验装置气密性时一定要先关闭分液漏斗的活塞；加入浓硫酸和水混合液中

24、硫酸质量分数：0.5cm3×1.84g/cm3×98%/(3g+0.5cm3×1.84g/cm3)×100%=23%<60%；B、C、D试管验证SO2和CO2，检验二氧化碳前必须确认二氧化硫已除尽了。C中溶液具备两个功能：除二氧化硫和确认二氧化硫是否除尽，所以装入足量酸性高锰酸钾溶液或足量溴水，溶液颜色变浅而不褪色，说明SO2除尽了，否则不能说明二氧化硫除尽了。根据气体中有SO2和H2，D中溶液确认SO2是否除尽，所以装入品红试液。点燃氢气前，必须检验氢气纯度。【答案】分液漏斗的活塞未关闭；无；此时硫酸的质量分数为23%，小于60%，其氧化性弱，所

25、以无明显现象；铜粉上产生气泡，溶液渐成蓝色； 2H2SO4（浓）+C CO2+2SO2+2H2O； 足量酸性KMnO4溶液或溴水，溶液颜色变浅但不褪色；品红试液；收集导管导出的气体，经检验纯净后，点燃气体，在火焰上罩干而冷的烧杯，观察现象。【练习86】 某课外小组设计下列实验装置通过测定某些乙和丙装置中试剂的质量变化，探究CuCO3·XCu(OH)2化学式中的X。连接好整个实验装置后，接下去第一步操作是 。丙装置中药品的名称为_，丁装置的作用是 。为使实验数据准确，还需在A之前补充装置M，则M装置的名称为 。实验结束后在装置中鼓入空气的目的是_；根据什么实验现象判断CuCO3

26、3;XCu(OH)2已完全分解_。CuCO3·XCu(OH)2完全分解后，测定得出如下数据：装置丙增重4.4 g。丙装置增重1.98g。则X= 。 试分析X的值可能偏高的原因_。【化学与生活】【范例87】 A、B、C、D、E、F、G七种物质都是日常生活和生产中常见的物质，各物质间存在如下图所示的转化关系(反应条件已省略)已知：B、C两种物质在不同情况下可分别发生和两个反应，A-G七种物质都是由非金属元素组成的，其中只有一种物质是盐，一种物质是单质；且B的相对分子质量大于C。请写出下列物质的化学式：B_；C_；D_；G_。请写出E+FB+C的化学方程式_。【错解分析】由于物质间关系错综

27、复杂，易产生思维短路，不能把化学与生物、无机物和有机物联系进行思考。 【解题指导】求解推断题的基本思路：印象寻找突破口推测验证。首先把握七种物质都是非金属元素，有一种是盐，且根据A能生成B、C、D三种物质，这就要明确既有非金属组成、又能发生分解反应生成三种物质的，就想到A物质可能为NH4HCO3，再由图示中B、C两种物质在不同情况下可分别发生两个不同的反应，而且两个反应的产物都能继续转化成B和C；结合NH3、H2O、CO2三种物质的两两组合，并根据B的相对分子质量大于C，可推知B为CO2，C为H2O。然后从有机物的角度来分析，联想光合作用，H2O和CO2反应生成的是葡萄糖和氧气，反应葡萄糖氧化

28、又可转化成H2O和CO2，从无机物角度分析，、H2O和CO2反应可以生成碳酸，加热又会分解成H2O和CO2。【答案】CO2；H2O；NH3；H2CO3，C6H12O6+6O26H2O+6CO2。【练习87】 下列图1中B是一种常见的无色无味的液体。C是一种有磁性的化合物，E是一种无色无味的有毒气体。根据下列图1、图2，回答下列问题：写出C的化学式： 。E和N2是等电子体，请写出可能E的电子式： 。在101kPa和150时，可逆反应E（g） + B（g） F（g） + D（g）反应速率和时间的关系如图2所示，那么在t1时速率发生改变的原因可能是（填选项字母） 。A升高温度 B增大压强 C加入催化

29、剂若G是一种淡黄色固体单质，16 g G和足量的A反应放出的热量为Q kJ（Q > 0），写出这个反应的热化学方程式： 。若G是一种气态单质，H的水溶液可以和有机物I反应使溶液呈紫色，请写出I的结构简式： ；H的水溶液呈酸性，请用离子方程式表示呈酸性的原因： 。【范例88】 三氯化氮是液氯等生产过程中能引起爆炸的一种化合物。由原盐、生产用水中含有的氮氢化合物-氨随盐水进入电解槽它在电解过程中，与电解产物氯气反应或者是用水洗涤氯气而生成。由于它易分解并释放出大量气体而易发生爆炸事故。在液氯生产过程中，当NCl3质量分数（指NCl3的质量占氯气和NCl3的总质量的百分比）超过5时即有爆炸的危

30、险。在氯化铵遇到Cl2时，当值5时，生成三氯化氮的化学方程式： _ 。NCl3爆炸时生成N2和C12。已知241g NCl3发生上述反应时放出的热量为91.2KJ，则标准状况下2.24LCl2生成时能放出热量 KJ。某氯碱厂为测氯气中三氯化氮的含量，将样品先用内盛150 mL盐酸试剂的吸收管吸收NCl3（NCl3+HClNH4Cl+C12，未配平），然后用内盛400 mL 300（=122gcm3）工业氢氧化钠吸收瓶吸收氯气，碱吸收瓶吸收后质量增加77.1g。三氯化氮吸收管内的氯化铵经仪器测定：其中NH4+质量为0405g。试求该样品中NCl3的质量分数，该样品是否安全?（请写出计算过程）【错

31、解分析】本题最容易错的是最后一问求溶液的质量时误把77.1g作为氯气的质量来求NCl3的质量分数。【解题指导】氯化铵遇到Cl2,由题意得产物NCl3可知另一种产物是HCl。写出反应式为NH4Cl+3C12=NCl3+4HCl。 48.2g NCl3的物质的量为0.4mol则1mol NCl3燃烧放出热量为91.2/0.4=228kJ。写出热化学方程式为2NCl3(l)=N2(g) + 3Cl2(g)；H= 456kJ/mol ，根据Cl2的体积可求出(456kJ/mol/3)×2.24/22.4 =15.2KJ。 n(NH4+) = n(NH4Cl) =0405g /18g·

32、;mol= 0.0225mol，由反应NCl3+4HCl =NH4 Cl + 3Cl2可知： m (NCl3) = 0.0225mol×120.5g/mol =2.715g。反应生成的Cl2的质量为：0.0225mol×3×71g/mol =4.8g。原Cl2的质量为：77.1g-4.8g = 72.3g。NCl3的质量分数为：2.715g/( 72.3g+2.715g)×100% = 3.62%4%。所以该样品是安全的。【答案】NH4Cl+3C12=NCl3+4HCl。15.2KJ；3.62%。样品是安全的。【练习88】 信息、材料、能源被称为新科技革

33、命的"三大支柱"。其中无机非金属材料科学的发展和新型材料的实际应用能大大推动人类社会生活、科技和社会经济的发展。高温金属陶瓷广泛应用于火箭和导弹技术中。将铝粉、石墨和二氧化钛按一定比例混合均匀，涂在金属表面，在高温下煅烧：4Al + 3TiO2 + 3C 2Al2O3 + 3TiC，留在金属表面的涂层是一种高温金属陶瓷。下列有关该反应说法正确的是ATiO2是氧化剂，C、Al 是还原剂 BTiC中钛元素为4价CTiC不属于新型无机非金属材料 D每生成1mol TiC转移电子4mol硅酸盐的成分较复杂，常改写成氧化物的形式（改写时注意金属氧化物写在前，非金属氧化物写在后，低价在

34、前，高价在后，H2O一般写在最后）。将下列硅酸盐改写成氧化物的形式：镁橄榄石（Mg2SiO4)_，高岭石(Al2(Si2O5)(OH)4_。许多含氧酸及其盐类均可以类似地改写为氧化物形式，请继续改写以下物质： HNO3_；HCOOH_；KAl(SO4)2·12H2O_。通过以上改写可知，HNO3的酸酐为_，HCOOH与浓硫酸反应可制得_气体。已知在一定条件下，Fe在Cl2中燃烧可以生成Fe3Cl8，它可以看作是FeCl2·2FeCl3，类似地，碘与铁在一定条件下可得到Fe3I8，则它可以看作是_。请指出在建筑行业中出现的"豆腐渣"工程可能的因素。【化学与

35、技术】【范例89】 硫酸工业、硝酸工业和合成氨工业是重要的化学工业。在硫酸工业合成氨工业硝酸工业三大工业中，在生产过程中有化学平衡存在的工业是 ，采用循环操作的是 。(填序号) 过磷酸钙是一种常见的化肥，其有效成份是磷酸二氢钙，则工业上用磷酸钙制取过磷酸钙的化学方程式为 。 合成氨生产中，根据化学平衡原理来确定的条件或措施有 （填写序号）。A氮气的制取 B使用铁触媒作催化剂C使用400500的温度 D及时分离生成的NH3E合成氨在高压下进行 F制水煤气除去CO2 工业上用接触法制硫酸，最后的产品是98%硫酸或20%发烟硫酸（含SO3质量分数为20%的硫酸），若98%硫酸表示为SO3oaH2O，

36、20%发烟硫酸表示为SO3obH2O，则a，b分别为：a=_，b=_。 【错解分析】过磷酸钙的有效成分是磷酸二氢钙和硫酸钙的混和物，制过磷酸钙的化学方程式产物写成磷酸氢钙是错误的。使用铁触媒作催化剂只与化学反应速率有关，与化学平衡移动无关。计算20%发烟硫酸SO3obH2O的b值时，认为20gSO3和80g98%硫酸组成来计算是错误的。【解题指导】硫酸工业中的SO2的氧化和合成氨工业中的氨的合成反应均是可逆反应，存在化学平衡。其中硫酸工业中未被氧化的SO2和合成氨工业中的分离氨后的混和气体以及硝酸工业中的生成硝酸后形成的NO均要进行循环使用。工业上用制取过磷酸钙磷酸钙和浓硫酸反应，Ca3(PO

37、4)2+2H2SO4(浓)2CaSO4+Ca(H2PO4)2。合成氨的反应是放热、体积缩小的反应。及时分离生成的NH3有利于反应向合成氨的方向进行，增大压强有利于平衡向向合成氨的方向进行。设98%硫酸质量为100g, 98%硫酸SO3的物质的量等于H2SO4的物质的量为1mol，水为20g。物质的量为20/18=10/9所以a=10/9；设20%发烟硫酸为100g, 20%发烟硫酸表示为SO3obH2O，则n(SO3)为(20/80+80×80/98×80=209/196。n(H2O)=18×80/98×18=40/49。b=(40/49)/( 209/

38、196)= 160/209。【答案】；Ca3(PO4)2+2H2SO4(浓)2CaSO4+Ca(H2PO4)2；DE；a=10/9，b=160/209。【练习89】 KNO3固体中混有K2SO4、MgSO4，为制得纯净的KNO3溶液，现有如下实验方案。请问答下列问题： 实验操作的名称 。 E溶液中的的溶质 。操作加入的试剂顺序可以为： 如何判断SO42-已除尽？ 。实验过程中产生的多次沉淀 （选填：需要、不需要）多次过滤，其理由是 。该同学的实验设计方案是否严密，说明理由 。【范例90】 某化工厂制备氯化铜时，是密闭容器中将浓盐酸用水蒸汽加热至80左右，慢慢加入粗制氧化铜粉(含杂质氧化亚铁)，

39、充分搅拌，使之溶解，已知：pH9.6时，Fe2+以Fe(OH)2的形式完全沉淀；pH4.4时，Cu2+以Cu(OH)2的形式开始沉淀； pH6.4时，Cu2+以Cu(OH)2的形式完全沉淀；pH在34时，Fe3+以Fe(OH)3的形式完全沉淀。请你仔细阅读以上信息，并回答下列问题：写出粗制氧化铜粉与浓盐酸反应的化学方程式 。工业上为除去溶液中的Fe2+，常使用NaClO，当向溶液中加入NaClO，其反应的离子方程式为 。若此溶液只含Fe3+时，要调整pH在34之间，此时最好向溶液中加入 。25时，已知溶液中c(Cu2+)与溶液pH的关系为lg c(Cu2+)8.62pH，若溶液中c(Cu2+)

40、为1 mol/L，则溶液pH为_，此时溶液中的铁离子能否沉淀完全_(填"能"或"否")，Cu2是否开始出现沉淀 (填"能"或"否")。还需什么操作才能得到CuCl2溶液？ 。【错解分析】本题易错处：一是不熟悉对数运算而出错；三是判断Fe3是否沉淀完全时，不清楚溶液的pH与c(OH)关系而出错。 【解题指导】粗制氧化铜粉中的CuO和FeO都能与浓盐酸反应生成CuCl2、FeCl2和H2O，据此可写出其相应的化学方程式。Fe2具有还原性，NaClO在酸性环境下具有强氧化性，能将Fe2氧化为Fe3，ClO被还原为Cl，同

41、时生成H2O，故反应的离子方程式为：2Fe2 + ClO + 2H2Fe3 + Cl + H2O。为了实现Fe3与Cu2的分离，需将溶液的pH调整在34之间，根据除杂不得带杂的原则，可选用能与H反应的CuO或Cu(OH)2或Cu2(OH)2CO3。根据lg c(Cu2+)8.62pH有，lg c(Cu2+)lg108.62pH，c(Cu2)8.62pH1mol·L-1，即得pH4.3<4.4，故Cu(OH)2没有开始出现沉淀，pH在34时，Fe3+完全转化为Fe(OH)3沉淀，现在是pH4.3，溶液中的c(OH)pH在34时更大，故Fe3沉淀完全。控制pH在34之间后，Fe3完

42、全转化为Fe(OH)3沉淀，但Cu2未开始出现沉淀，故通过过滤操作除去Fe(OH)3沉淀后，即得CuCl2溶液。【答案】CuO + 2HClFeCl2 + H2O；FeO + 2HClFeCl2 + H2O；2Fe2 + ClO + 2H2Fe3 + Cl + H2O；CuO或Cu(OH)2或Cu2(OH)2CO3。4.3；能；否；过滤。【练习90】 I.类比法是化学学习中常用的方法，已知硝酸能把铁氧化成Fe(NO3)3,但当铁过量时，产物是 Fe(NO3)2。某同学受此启发，提出一个相似的观点：氯气与铁粉反应，当Cl2足量时生称FeCl3,当铁粉过量时产物是FeCl2,为了验证该观点是否正确

43、，该同学将一定量的铁粉与Cl2恰好完全反应得到一固体物质，然后通过实验确定其成分。探究过程如下：提出假设：假设1：该固体物质是FeCl2假设2：该固体物质是FeCl3假设3：该固体物质是 设计实验方案：取少量固体物质置于烧杯中，加适量水溶解，得到溶液A，然后取两份A溶液分别进行实验，实验现象与结论如下表：实验方法实验现象结论在溶液中加KSCN溶液 固体物质中有FeCl3在KMnO4溶液中加少量A 溶液KmnO4溶液颜色无明显变化固体物质中不含 .电子工业常用30%的FeCl3溶液腐蚀敷在绝缘版上的铜箔，制造印刷电路板。某工程师为了从废液中回收铜，重新获得FeCl3溶液，设计了下列实验步骤：写出

44、一个能证明还原性Fe比Cu强的离子方程式： ，该反应在上图步骤 中发生。甲、乙、丙、丁四位同学利用上述反应原理，分别设计的原电池如下图所示：四位同学的设计的原电池装置图，符合上述反应原理的是 。请写出正、负极的电解反应式：正极： 、负极： （电极反应式）。上述过程回收的铜是粗铜，为了获得更纯的铜必须进行电解精炼。写出电解精炼时阳极材料及电极反应式 【物质结构与性质】【范例91】 配位化学创始人维尔纳发现，将等物质的量的CoCl3·6NH3（黄色）、CoCl3·5NH3（紫红色）、CoCl3·4NH3（绿色）和CoCl3·4NH3（紫色）四种化合物溶于水，

45、加入足量硝酸银溶液，立即产生氯化银沉淀的量分别为3mol、2mol、1mol和1mol。请根据实验事实用配合物的形式写出它们的化学式。CoCl3·6NH3 CoCl3·5NH3 CoCl3·4NH3（绿色和紫色）： 后两种物质组成相同而颜色不同的原因是 上述配合物中，中心离子的配位数都是 向黄色的三氯化铁溶液中加入无色的KSCN溶液，溶液变成血红色。该反应在有的教材中用方程式FeCl3+3KSCN=Fe（SCN）3+3KCl表示。经研究表明，Fe（KSCN）3是配合物，Fe3+与SCN-不仅能以13的个数比配合，还可以其他个数比配合。请按要求填空：Fe3+与SCN

46、-反应时，Fe3+提供 、SCN-提供 ，二者通过配位键结合。所得Fe3+与SCN-的配合物中，主要是Fe3+与SCN-以个数比11配合所得离子显血红色。含该离子的配合物的化学式是 。若 Fe3+与SCN-以个数比15配合，则FeCl3与KSCN在水溶液中发生反应的化学方程式可以表示为 。已知SCN-离子中所有原子均满足最外层8电子结构，一个电子是由S原子所得，则SCN-的电子式是 。【错解分析】本题易错点在于一是不清楚配合物的组成而无法完成、小问，不熟悉原子原子的成键原则而无法正确书写出SCN-离子的电子式。【解题指导】等物质的量的CoCl3·6NH3、CoCl3·5NH

47、3、CoCl3·4NH3与足量的AgNO3反应分别生成3mol、2mol、1mol AgCl沉淀，说明它们能电离出的Cl分别为3mol、2mol、1mol，CoCl3·6NH3结构中配位体为NH3，CoCl3·5NH3、CoCl3·4NH3配位体为NH3和Cl，再根据化合价代数和等于零的原则即可写出相应的化学式分别为Co（NH3）6Cl3、Co（NH3）5ClCl2、Co（NH3）4Cl2Cl。中心离子的配位数分别为6、516、4+26。CoCl3·4NH3（绿色）和CoCl3·4NH3（紫色）的化学式均为Co（NH3）4Cl2Cl，

48、造成其颜色不同的原因在于它们存在同分异构体。Fe3 的核外电子排布为1s22s22p63s23p63d5，Fe3具有空轨道，SCN-具有孤对电子，故二者通过配位键结合生成络合物Fe（SCN）3等。Fe3+与SCN-以个数比11配合显血红色的络离子为Fe(SCN)2，该离子与Cl形成络合物Fe（SCN）Cl2。Fe3+与SCN-以个数比15配合，则生成络合离子：Fe（SCN）52，再根据原子守恒即可写出该反应的化学方程式。S原子最外层有6个电子，C原子最外层有4个电子，N原子最外层有5个电子，S原子形成1对共价键、C原子形成4对共价键、N原子形成5对共价键从而达到8电子结构，故SCN电子式为 。

49、【答案】Co（NH3）6Cl3；Co（NH3）5ClCl2；Co（NH3）4Cl2Cl；它们互为同分异构体； 6；空轨道；孤电子对；Fe（SCN）Cl2FeCl3+5KSCNK2Fe（SCN）5+3KCl； 。【练习91】 三聚氰胺的结构简式如右：三聚氰胺的分子式为_；分子中碳原子的杂化方式是_；分子中处于同一平面的氮原子有_个。三聚氰胺的水溶液呈弱碱性，其原因是_。三聚氰胺在高温下可释放氰化物，六氰合亚铁离子Fe(CN)64-中也含有CN-，写出一种与CN-互为等电子体的单质分子的路易斯结构式_。三聚氰胺性状为纯白色单斜棱晶体，无味，密度1.573 gcm3 (16 )。常压熔点354 （分

50、解）；快速加热升华，升华温度300 。据此可判断三聚氰胺的晶体类型应为_晶体。蛋白质的基本结构单元为氨基酸，其含氮量一般不超过30%，由于食品和饲料工业蛋白质含量测试方法的缺陷(以测定含氮量来确定蛋白质的含量)，故三聚氰胺被不法分子用作食品添加剂，以提高食品检测中的蛋白质含量指标，故三聚氰胺被人称为"蛋白精"。通过计算说明三聚氰胺被称为蛋白精的理由。参考答案76.【解析】选择题中常出现"一定能"、"一定不能"、"可能"等字眼，同学们一定要搞清楚。该题正确答案为D。77【解析】没有注意活性阳极Cu作了阳极，其必然要溶

51、解；选D者，想当然认为Cu自己的溶解和放电如同精炼铜，原理不清，而错选B。Cu + 2Ag+ = Cu2+ + 2Ag 64 216 x （ 216 / 64 ）x x +（ 216 / 64 ）x=28 解x=6.4g.。故正确答案选A。【答案】A。78.【解析】增大压强使化学反应速率加快；有气体参加的反应，增加固体反应物的量，化学反应速率不改变；通入CO2，增大了反应物浓度，化学反应速率加快；恒压充入N2，容器的体积扩大，反应物浓度减小，化学反应速率减小；恒容充入N2，N2不参与这个反应，且其他物质的浓度没变，故化学反应速率不变。【答案】C。79.【解析】设甲容器中反应掉的H2为3xmol

52、，根据反应：N2+3H2 2NH3 + Q可知达平衡时放出的热量Q1xQ，生成NH32x mol，乙容器与甲容器属于同温同容下的等效平衡，平衡时乙容器中NH3剩余2x mol，反应掉的NH3为(22x)mol，根据反应：2NH3 N2 + 3H2(吸热反应)，可知达到平衡时吸收的热量Q2(1x)Q，即有：(1x)QxQ，解得x0.2mol，故乙容器中H2的转化率为(3×0.2mol/3mol)×100%20。【答案】A。80【解析】若不考化学平衡，则注射器的针筒慢慢往外拉，针筒内气体的浓度变小，颜色相应变浅，若从从针筒的顶端方向观察，由于气体的量并未减少，颜色不变；但由于平衡2NO2 N2O4的存在，从针筒的顶端方向观察，相当于减少压强，平衡向逆反应方向移动，NO2的量较原来增加，故气体颜色变深，故选A。【答案】A。81.【解析】本题具有酸性的物质可以是CH3-COOH、C6H5-COOH、C6H5-OH。