2022年中考物理高频考点精解精练专题20电功电功率和电热含解析20222214465

1、专题20 电功、电功率和电热考点一：电能、电能表及其相关计算1（2019玉林）下列关于电能的说法正确的是（）a可以通过电流表把电能直接测量出来b电能的单位是“度”，学名叫做千瓦c消耗电能越多的用电器，电功率就越大d消耗电能相同的用电器，产生的热量不一定相同【答案】d【解答】a、电流表只能测量通过用电器的电流，电能表能够测量用电器消耗电能的多少。故a错误；b、电能的常用单位是“度”，学名是千瓦时。故b错误；c、由公式p知，用电器消耗电能较多，通电时间不确定，功率大小不能确定。故c错误；d、消耗电能相同的电风扇和电烙铁，电风扇产生的热量远小于电烙铁产生的热量。故d正确。2（2019衡阳）小明家上次

2、查看电能表示数为，本次查看时电能表读数如图所示，则下列说法正确的是（）a他家在这段时间内消耗的电能为903kwhb电能表是测量电功率的仪表c若只让一个标有“220v 1000w”的电热水器正常工作10min，则电能表的圆盘转了600转d这个电能表的额定功率为2200w【答案】c【解答】a、他家在这段时间内消耗的电能w8633.5kwh8543.2kwh90.3kwh，故a错误；b、电能表是测量消耗电能的仪表，不是测量电功率的，故b错误；c、3600r/（kwh）表示电路中每消耗1kwh的电能，电能表的转盘转过3600r，只让一个标有“220v 1000w”的电热水器正常工作10min，其消耗的

3、电能为wptlkw×hkwh；则电能表的圆盘转过的圈数：nkwh×3600r/（kwh）600r，故c正确。d、根据该电能表的铭牌可知，其允许接入用电器的最大功率pui220v×10a2200w；但电能表属于测量仪表，不消耗电能，没有额定功率，故d错误。3（2019兰州）某电能表的表盘上标有“1600imp/（kwh）”的字样，将铭牌上标有“220v 1210w”字样的电热水器接在家庭电路中，只让它单独工作6min，这段时间内电能表的指示灯闪烁了160次，则该电热水器在上述时间内实际消耗的电能为kwh，实际功率为w，该电路的实际电压为v。【答案】0.1；1000；

4、200【解答】（1）1600imp/kwh表示电能表指示灯每闪烁1600次，电路消耗的电能为1kwh，电能表的指示灯闪烁160次消耗的电能为：wkwh0.1kwh；电热水器的实际功率：p1kw1000w；（2）因为电热水器的额定电压和额定功率分别为u额220v，p额1210w，由p可得，电热水器的电阻为：r40，由p可得：u2pr1000w×40，解得实际电压：u实200v。4（2019河南）在家用电器调查活动中，小亮让电热水器单独工作2min，测得家中如图所示的电能表的转盘转了70r，热水器的实际功率为w；若不计能量损失，这段时间内热水器中50l的水可升温由于热水器的功率远大于冰箱

5、，从安全用电的角度考虑，热水器的电源线比冰箱的要（选填“粗”或“细”）。已知水1.0×103kg/m3，c水4.2×103j/（kg）【答案】2100；1.2；粗【解答】（1）电能表的转盘转70r，电热水器消耗的电能：w0.07kwh，工作时间t2minh，则该电热水器的实际功率：p2.1kw2100w。（2）电热水器消耗的电能：wpt2100w×120s2.52×105j，水的体积v水50l0.05m3，由可得，水的质量：m水水v水1.0×103kg/m3×0.053m350kg；因为不计能量损失，所以水吸收的热量：q吸w2.52&

6、#215;105j，由qcmt得，水升高的温度：t1.2。（3）由于电热水器的功率远大于冰箱，根据pui可知，电热水器工作时的电流远大于冰箱，相同条件下热水器导线上产生的热量较多。为保证线路安全，在电流和通电时间一定时，电热水器选择较粗的电源线，可以减小导线电阻，根据qi2rt可知，电源线产生的热量减少，可防止电源线快速老化而引发安全事故。5（2019辽阳）如图是威威家的电能表，由表盘上的信息可知，他家同时使用的用电器总功率不能超过w威威家有一台烤面包机，铭牌上标有“220v900w”的字样，某次烤面包机单独正常工作时，电能表的转盘转了45转，则此次烤面包机工作了min若在用电高峰期，实际电压

7、低于220v，烤面包机的实际功率将（填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】4400；1；变小【解答】由电能表参数可知，电能表正常工作时的电压为220v，允许通过的最大电流为20a，他家同时使用用电器的最大总功率：p大ui220v×20a4400w；用电器消耗的电能为：wkwh0.015kwh；根据wpt可知用电器工作的时间为：th1min；若在用电高峰期，实际电压低于220v，由于电阻不变，根据公式p可知，实际功率会变小。考点二: 滑动变阻器引起的动态电路分析（电功率）6（2019北京）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关s闭合时，灯l正常发光。如果将滑动变阻器的滑片p

8、向右滑动，则下列说法中正确的是（）a电流表的示数变大，灯l变亮b电流表的示数变大，灯l变暗c电流表的示数变小，灯l变亮d电流表的示数变小，灯l变暗【答案】d【解答】由电路图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流；将滑动变阻器的滑片p向右滑动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；根据i可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；根据uir可知，灯泡两端的电压变小，由pui可知，灯泡的实际功率变小，故灯泡变暗。7（2019遂宁）如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关s，将滑动变阻器的滑片p向右移动过程中（）a电压表v的示数不变b电流表a的示数变大c小灯泡的亮度变暗d电路的总功率变

9、大【答案】a【解答】由图可知，闭合开关，灯泡与滑动变阻器并联，电流表a测量电路总电流，电压表测电源电压，所以滑片移动电压表的示数不变，故a正确；当滑动变阻器的滑片p向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据i可知，滑动变阻器所在支路中的电流变小；根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，所以滑片向右移动，小灯泡的电流和实际功率不变，则灯泡的亮度不变，故c错误；根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，总电流变小，即电流表a的示数变小，故b错误；电源电压保持不变，总电流变小，根据pui知，电路的总功率变小，故d错误。8（2019泰州）如图，r1r2，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向左滑动，电

10、压表v1示数变化量的绝对值为u1，电压表v2示数变化量的绝对值为u2，滑动变阻器r两端电压变化量的绝对值为u3，下列说法正确的是（）av1示数变小，v2示数变大bv1示数变大，u1u2cv2示数不变，u1u3dv2示数变大，u1u3【答案】d【解答】由电路图可知，r1、r2、r串联，电压表v1测r1两端的电压，电压表v2测r2两端的电压，由图知，将滑动变阻器的滑片向左滑动，变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由i可知，电路中的电流变大，由uir可知，r1、r2两端的电压均变大，即v1示数变大、v2示数变大，故ac错误；设滑片移动前后电路中的电流分别为i1、i2，则电压表v1示数变化量

11、的绝对值和电压表v2示数变化量的绝对值分别为：u1u1u1i2r1i1r1（i2i1）r1u2u2u2i2r2i1r2（i2i1）r2由r1r2可知，（i2i1）r1（i2i1）r2，即u1u2，故b错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器r两端电压变化量的绝对值：u3（ui1r1i1r2）（ui2r1i2r2）（i2i1）（r1+r2）则（i2i1）r1（i2i1）（r1+r2），即u1u3，故d正确。9（2019福建）如图电路，电源电压恒定，r112，r26，r3是定值电阻。闭合开关s1，单刀双掷开关s2接a时电流表的示数为0.6a，接b时电流表的示数可能为（）a0.3

12、ab0.6 ac0.9 ad1.2 a【答案】c【解答】由电路图可知，闭合开关s1，单刀双掷开关s2接a时，r1与r3串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由i可得，电源的电压：uia（r1+r3）0.6a×（12+r3），当闭合开关s1，单刀双掷开关s2接接b时，r2与r3串联，电流表测电路中的电流，则电流表的示数：ib0.6a+，当r30时，ib0.6a+1.2a，当r3时，ib0.6a，由r3是定值电阻可知，0.6aib1.2a，结合选项可知c符合。考点三: 多开关通断引起的动态电路分析（电功率）10（2019西宁）如图所示，电源电压保持不变，闭

13、合开关s1和s2，灯l正常发光，则断开开关s2时（）a电流表示数变大，灯l变亮b电压表示数变大，灯l的实际功率变小c电流表示数变小，灯l仍然正常发光d电压表示数不变，电路的总功率变大【答案】c【解答】由电路图可知，闭合开关s1和s2时，定值电阻r与灯泡l并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，当断开开关s2时，电路为灯泡l的简单电路，电压表测电源两端的电压，电流表测通过l的电流，因电源电压保持不变，所以，电压表的示数不变，故b错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡l的电流不变，灯l仍然正常发光，故a错误；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电路的总电流变小

14、，即电流表的示数变小，故c正确；由pui可知，电路的总功率最小，故d错误。11（2019岳阳）如图，电源电压恒定不变，若要灯泡l和滑动变阻器r串联，则只需要闭合开关；闭合开关s1和s3，断开s2，将滑片p由图中位置向右移动，灯泡l的亮度（填“变亮”“变暗”或“不变”）。【答案】s2；不变【解答】要使灯泡l和滑动变阻器r串联，应将灯泡l和滑动变阻器r首尾相连接到电源两端，则由图可知只要闭合s2，断开s1、s3；若闭合开关s1和s3，断开s2，小灯泡和滑动变阻器并联，因并联电路各支路互不影响，所以当将滑片p由图中位置向右移动，灯泡l的亮度不变。考点四: 敏感电阻引起的动态电路分析（电功率）12（2

15、019广西）用石墨烯制成的湿敏电阻，其阻值会随含水量的升高而增大。如图是检测植物叶片含水量的电路，电源电压不变。将湿敏电阻r附着在叶片上，当叶片含水量升高时（）a电流表示数增大b电压表示数减小c电路总电阻减小d电路总功率增大【答案】b【解答】由电路图可知，湿敏电阻r与定值电阻r0串联，电流表测电路中的电流，将湿敏电阻r附着在叶片上，因湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大，且串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以，当叶片含水量升高时，湿敏电阻的阻值增大，电路的总电阻增大，故c错误；由i可知，电路中的电流减小，即电流表示数减小，故a错误；由uir可知，r0两端的电压减小，即电压表的示数减小，故b正

16、确；由pui可知，电路总功率减小，故d错误。13（2019淄博）新型ptc发热材料可以自动调节电路的电功率，在生活中广泛应用，图甲是ptc调试工作电路，r0是保护电阻，阻值恒定；r1是ptc电阻，阻值随温度变化的图象如图乙所示。闭合开关s，当温度从20升高到120的过程中（）a电流表示数先变小后变大b电压表示数先变大后变小c电压表与电流表示数的比值先变小后变大d保护电阻r0消耗的功率先变小后变大【答案】c【解答】a、甲中，两电阻串联，电压表测r1的电压，电流表测电路的电流，由图乙知，当温度从20升高到100的过程中电阻r1变小，从100升高120的过程中电阻r1变大，则根据串联电阻的规律，总电

17、阻先变小后变大，由欧姆定律可知，电路中的电流先变大后变小，即电流表示数先变大后变小，故a错误；b、电路中的电流先变大后变小，根据uir可知，定值电阻r0的电压先变大后变小，由串联电路电压的规律可知，r1的电压先变小后变大，即电压表示数先变小后变大，故b错误；c、根据欧姆定律可知，电压表与电流表的比值等于ptc电阻r1的阻值，所以电压表与电流表的比值先变小后变大，故c正确；d、因电路中的电流先变大后变小，根据pi2r0可知，r0消耗的功率先变大后变小，故d错误。考点五: 电功、电功率相关计算14（2019烟台）标有“6v1.5w”的小灯泡，通过它的电流随两端电压变化的关系如图所示，若把这样的三只

18、灯泡串联起来，接在12v的电源两端，灯泡的电阻及实际功率约为（）a24 0.67wb20 0.8wc24 0.96wd20 0.67w【答案】b【解答】因为三只灯泡串联且规格相同，则它们的电流和电阻都相同，所以这三只灯泡两端的电压都相同，根据串联电路电压规律可知，每只灯泡两端的电压都为4v；由图象可知，当u4v时，i0.2a，则小灯泡的电阻：r20，小灯泡的电功率：pui4v×0.2a0.8w。15（2019常德）有两个电路元件a和b，流过元件的电流与其两端电压的关系如图（甲）所示。把它们串联在电路中，如图（乙）所示。闭合开关s，这时电流表的示数为0.2a，则电源电压和元件b的电功率

19、分别是（）a2.0v 0.8wb4.5v 0.5wc2.5v 1.0wd4.5v 1.0w【答案】b【解答】电路元件a和b串联，iaib0.2a，由图象可知：此时ua2.0v，ub2.5v；电源的电压uua+ub2.0v+2.5v4.5v；元件b的电功率pbubib2.5v×0.2a0.5w。16（2019苏州）额定电压均为6v的甲、乙两灯，iu图线如图所示。下列说法正确的是（）a甲、乙两灯的电阻均随电压增大而减小b甲、乙两灯的额定功率之比为4：1c甲、乙两灯并联接在电压为2v的电源两端时，电阻之比为3：2d甲、乙两灯串联接在电压为8v的电源两端时，实际功率之比为1：3【答案】d【解

20、答】a由甲、乙曲线图可知，灯泡的电阻随电压的增大而增大。故a错误；b由于甲、乙两灯的额定电压均为6v，由图象可知：i甲额0.6a，i乙额0.3a，则：，故b错误；c、甲、乙两灯并联在2v的电源两端时，由图象可知：i甲0.3a，i乙0.2a，根据i可得电阻之比；，故c错误；d把甲、乙两灯串联接在8v的电源上时，通过它们的电流相等，且电源的电压等于两灯泡两端的电压之和，由图象可知，当电路中的电流为0.3a，甲灯的实际电压为2v，乙灯的实际电压为6v时满足电源电压为8v，所以实际功率之比：p甲：p乙u甲i：u乙i2v：6v1：3，故d正确。17（2019德州）如图所示的电路中，a、b、c是三只电表（

21、电压表或电流表），闭合开关s，标有“3v 1.5w”的灯泡l1正常发光，标有“6v 3w”的灯泡l2发光较暗。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）a电表a为电流表，且示数为1ab电表b为电压表，且示数为3vc电表c为电流表，且示数为0.25ad闭合开关s，电路消耗的总功率为2.25w【答案】d【解答】由pui可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：i10.5a，i20.5a，由i可得，灯泡l2的电阻：r212；因灯泡l1正常发光，灯泡l2虽然发光但较暗，所以，通过l1、l2的电流不相等，l1与l2应并联，则a一定是电流表，b是相当于导线的电流表，c是相当于开路的电压表，故b错误；此时

22、电流表a测干路电流，电流表b测l2支路的电流，电压表c测电源的电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡l1正常发光，所以，电源的电压uu13v，即电压表c的示数为3v，故c错误；此时通过r2的电流：i20.25a，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表a的示数：ii1+i20.5a+0.25a0.75a，故a错误；电路消耗的总功率：pui3v×0.75a2.25w，故d正确。18（2019德阳）如图电路，电源电压为12v且保持不变。闭合开关s，当滑片p置于变阻器的中点时，电压表的示数为4v；当滑片p置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2v，在10s内定值电阻

23、r1产生的热量为36j则下列结果正确的是（）a电路中的最大电流为1ab滑片p在中点时，10s内滑动变阻器r消耗的电能为60jc滑动变阻器r先后两次消耗的电功率之比为8：1dr1先后两次消耗的电功率之比为16：9【答案】d【解答】根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；滑片从中点到b端时，变阻器接入电路的阻值增大，由串联分压的规律可知，电压表示数（变阻器的电压）将增大，电压表示数增大了2v，即滑片在b点时电压表的示数为4v+2v6v；在10s内定值电阻r1产生的热量为36j，由qt可得r1的阻值：r1t×10s10；a、当滑片在a点时，变阻器接入电路的阻

24、值为0，电路中的电流最大，则电路中的最大电流：i最大1.2a，故a错误；b、串联电路中各处的电流相等，滑片在中点时，电路中的电流：i0.8a，10s内滑动变阻器r消耗的电能：w滑u滑it4v×0.8a×10s32j，故b错误；c、当滑片在b点时，变阻器接入的阻值最大，电路中的电流最小，电路中的最小电流：i最小0.6a，由pui可得，滑动变阻器r先后两次消耗的电功率之比：，故c错误；d、由pui可得，r1先后两次消耗的电功率之比：，故d正确。19（2019达州）如图所示，电源电压保持不变，r1、r2、r3为定值电阻，且r2r320闭合开关s，电压表v1和v2的示数之比为4：3

25、，此时电路消耗的总功率为p1；若把电压表v1和v2分别换成电流表a1和a2，闭合开关s后电流表a1的示数为i1，电流表a2的示数为i2，此时电路消耗的总功率为p2则下列结果正确的是（）ar110 i1：i23：2 p1：p21：10br15 i1：i22：3 p1：p21：10cr110 i1：i23：2 p1：p210：1dr15 i1：i22：3 p1：p210：1【答案】a【解答】由图知，当闭合开关s时，r1、r2、r3串联，电压表v1测r2和r3两端的电压之和，电压表v2测r1和r2两端的电压之和，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且各处的电流相等，所以，由i可得，两电压表的示数之比

26、：，解得：r110，故bd错误；此时电路消耗的总功率：p1；若把电压表v1和v2分别换成电流表a1和a2时，r1、r2、r3并联，电流表a1测r1和r2支路电流之和，电流表a2测r2和r3支路的电流之和，因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：i1：i2（+）：（+）（+）：（+）：3：2，此时电路消耗的总功率：p2+，则p1：p2：1：10，故a正确、c错误。20（2019荆门）在如图甲所示的电路中，电源的电压恒定，滑动变阻器的最大阻值为r18，r2为定值电阻但看不清标识。滑动变阻器滑片从左端m滑到右端n的过程中，滑动变阻器的电功率p随mn间

27、电阻r变化的关系如图乙所示，其中滑动变阻器阻值取2和8时电功率相同，则以下说法正确的有（）定值电阻r24电源的电压为6v电压表的最大示数为4.5v滑动变阻器的最大电功率为2.25wabcd【答案】c【解答】由电路图可知，r1与r2串联，电压表测变阻器r1两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由图乙可知，当r12和r18时，滑动变阻器的电功率均为p12w，因串联电路中各处的电流相等，所以，由puii2r可得，两次电路中的电流分别为：i1a，i0.5a，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压恒定，所以，由i可得，电源的电压：ui（r1+r2）i（r1+r2），即：1a×（2+

28、r2）0.5a×（8+r2），解得：r24，故正确；电源的电压：ui（r1+r2）1a×（2+4）6v，故正确；（2）由串联分压的规律可知，当变阻器r1接入电路中的电阻最大为8时，电压表的示数最大，此时电路中的电流i0.5a，则电压表的最大示数：u1大ir10.5a×84v，故错误；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻为r时，电路中的电流：i，滑动变阻器消耗的电功率：p1（i）2r（）2r，所以，当rr24时，滑动变阻器消耗的电功率最大，则p1大2.25w，故正确，综上可知，正确。21（2019盘锦）已知甲灯标有“6v 3w”字样，乙灯的额定电压是3v甲、乙两灯的u

29、i关系如图所示，则乙灯的额定功率是w确保电路安全的前提下，两灯串联使用，电路两端的最大电压是v，两灯并联使用，电路最大电流是a。【答案】1.8；8；0.9【解答】（1）由图象可知，当乙灯的额定电压是3v时，i乙0.6a，乙灯的额定功率p乙u乙i乙3v×0.6a1.8w；由pui可得，甲灯的额定电流i甲0.5a，两灯串联使用，电路中的最大电流是i甲0.5a，由图象可知，此时乙灯两端电压为2v，故电路两端的最大电压u串6v+2v8v；（2）两灯泡并联时，电路两端的最大电压为3v，由图象可知，此时流经甲的电流i甲0.3a，乙灯正常发光，故电路最大电流ii甲+i乙0.3a+0.6a0.9a。

30、22（2019哈尔滨）在安全工作条件下，将“2.5v 0.3a”小灯泡l1和“3.0v 0.3a”小灯泡l2串联在电路中工作，通过两灯的电流之比为；若将l1和l2并联在另一电源下工作，则l1和l2能消耗的总功率最大值为w（设灯丝电阻不变）【答案】1：1； 1.375【解答】（1）将小灯泡l1和l2串联在电路中工作时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯的电流之比为1：1；（2）将l1和l2并联在另一电源下工作时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且u12.5v，u23.0v，所以，电路两端的最大电压uu12.5v，此时小灯泡l1正常发光，通过的电流i10.3a，由i可得，小灯泡l2的电阻

31、：r210，则通过灯泡l2电流：i20.25a，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中的电流：ii1+i20.3a+0.25a0.55a，则l1和l2能消耗的总功率最大值：pui2.5v×0.55a1.375w。23（2019南京）如图所示，电源电压恒定，r1、r2为定值电阻，r220，灯泡l标有“6v 3w”字样。（1）当s、s1、s2都闭合时，灯泡l正常发光，电流表示数为a，电路消耗的总功率为w；（2）当s闭合，s1、s2断开时，电压表示数为2v，则r1的阻值为，通电1minr1产生的热量为j。【答案】（1）0.8；4.8；（2）10；24【解答】（1）灯泡l标有“

32、6v 3w”字样，表示灯的额定电压为6v，额定功率为3w，根据pui可得，灯的额定电流为：il0.5a，当s、s1、s2都闭合时，r1短路，r2与灯并联，电流表测干路电流，由于此时灯泡l正常发光，所以通过灯的电流为0.5a，电源电压为6v，由欧姆定律可得，通过r2的电流为：i20.3a，根据并联电路电流的规律，电流表示数为：ii2+il0.3a+0.5a0.8a；电路消耗的总功率为：pui6v×0.8a4.8w；（2）当s闭合，s1、s2断开时，两电阻串联，电压表测r1的电压，电压表示数为2v，根据串联电路电压的规律，r2的电压为6v2v4v，因r1的电压为r2电压的，由分压原理可得

33、r1的阻值：r1×r2×2010，通电1minr1产生的热量为：qt×1×60s24j。考点六: 电器类相关计算24（2019贵阳）如图所示是加热器的电路图，设电源电压保持不变，r1、r2均为发热电阻丝，通过开关s1和s2的通断组合，可得到不同加热档位。该加热器最大电功率为12w，只闭合开关s1时，加热器的电功率是8w则下列判断正确正确的是（）a该加热器只有两个加热档位b加热器两个发热电阻丝的阻值之比r1：r21：3c加热器功率最大时，r1与r2的电流之比为2：1d该加热器的最小电功率是8w【答案】c【解答】（1）由电路图可知，r1与r2并联连接，且均有

34、一个开关单独控制，则电加热器能有：r1工作、r2工作、r1和r2同时工作三个加热档位；故a错误；（2）开关s1、s2均闭合时，r1与r2并联，因并联电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，r2的发热功率：p2pp112w8w4w，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由p可得，两个发热电阻的阻值之比：；故b错误；（3）由于并联电路两端的电压相等，根据pui可得：，故c正确；（4）由于p18w，p24w，所以，该加热器的最小电功率是4w，故d错误。25（2019青岛）如图甲是一个电加热器的工作原理图，其中r1和r2是阻值不变的发热电阻；下表是它的部分参数。当电加热器正常工作时，下列说法正确的是

35、（）额定电压220v额定加热功率990w额定保温功率110wa只闭合开关s，加热器的功率为990wb开关s闭合，s1由断开到闭合，电路中电流变大，r2的功率变大c加热器在保温状态下工作5min，产生3.3×104j的热量d电阻r1与r2的阻值之比为1：8【答案】bc【解答】a、只闭合开关s，两电阻串联，电阻较大，根据p知，在电压一定时，电功率较小，加热器处于保温状态，则此时加热器的功率为110w，故a错误；b、开关s闭合，s1断开时，两电阻串联，s1闭合时，电阻r1被短路，只有电阻r2工作，电阻减小，根据i知，电路的电流增大，r2的电阻不变，根据pi2r2知r2的功率变大，故b正确；

36、c、加热器在保温状态下工作5min产生的热量：qwp保温t110w×5×60s3.3×104j，故c正确；d、因为p加热、p保温，且p加热990w、p保温110w，所以p加热：p保温：990w：110w，即：，解得r1：r28：1，故d错误。26（2019成都）如图甲是一种家用电器，图乙是其简化的电路图，已知r1r2，电暖器的部分参数如表中所示。闭合开关s，要让电器处于第二档工作，则应再将开关s1闭合；若电暖器在第二档正常工作10min，则产生的热量是6.9×105j额定电源220v功率选择一档950w二档1150w三档2100w【答案】s1；6.9&#

37、215;105【解答】由题可知，r1r2；闭合开关s、s2时，r2单独接入电路，电路中电阻最大，根据p可知，功率最小，电暖器处于第一档；闭合开关s、s1时，r1单独接入电路，电路电阻较大，根据p可知，功率较大，电暖器处于第二档；闭合开关s、s1、s2时，r1、r2并联，电路中电阻最小，根据p可知，功率最大，电暖器处于第三档；工作时间t10min600s，电暖器在第二档正常工作10min产生的热量：qwp2t1150w×600s6.9×105j。考点七: 电流热效应及焦耳定律27（2019广西）如图所示，两个透明容器中密闭着等量的空气，a，b两u形管内的液面相平，电阻丝的电阻

38、r1r2r3小明用图示装置进行实验，探究电流通过导体时产生的热量q跟什么因素有关，下列说法正确的是（）a此实验在探究电热q与电阻r是否有关b通过r1的电流和通过r2的电流大小相等c电阻r1两端的电压和r2两端的电压相等d通电后，a管的液面将会比b管的液面高【答案】d【解答】由题知，电阻丝的电阻r1r2r3；a、装置中r2、r3并联后再与r1串联，通过r1的电流i1i2+i3，而i2i3，所以右边容器中通过r3的电流i3是左侧通过r1电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系，故a错误；b、由图知，通过r1的电流i1i2+i3，而i2i3，所以通过电阻r1和r2的电流不相等，故b错误；c、已

39、知r1r2r3，所以r2、r3并联后的总电阻是r2r1，由于串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比，所以电阻r1两端的电压大于r2两端的电压，故c错误；d、左右两容器中的电阻相同，而通过电阻r1的电流大于r2的电流，通电时间相同，由qi2rt可知，a容器中电阻r1产生的热量多，则a管的液面将会比b管的液面高，故d正确。28（2019乐山）如图为探究“焦耳定律”的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气，u型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。将容器中的电阻丝r1、r2串联在电路中，且r1r2下列说法正确的是（）a该实验装置用于探究“电压和通电时间一定时，电热与电阻的关系”b闭合开关后，

40、通过r1的电流大于r2的电流c闭合开关后，甲管中液面上升比乙慢d闭合开关后，要使电流增大，应将滑动变阻器滑片p向左移动【答案】c【解答】a、图中两电阻串联，通过的电流和通电时间相等，而电阻不同，故可研究电流产生的热量与电阻的关系，ab错误；c、根据qi2rt，因r1r2故右边容器中电阻丝产生的热量多，由转换法，甲管中液面上升比乙慢，c正确；d、闭合开关后，要使电流增大，由欧姆定律，要减小电路的电阻，故应将滑动变阻器滑片p向右移动，d错误。29（2019自贡）把一个标有“10v3w”的小灯泡和定值电阻r串联后接在电压为12v的电源上（如图所示），小灯泡恰能正常工作。该电路工作10s定值电阻产生的

41、热量是（）a60jb36jc30jd6j【答案】d【解答】（1）由pui可得，灯泡正常发光时的电流：il0.3a；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，且小灯泡正常发光，所以，r两端的电压：uruul12v10v2v，因串联电路中各处的电流相等，该电路工作10s定值电阻产生的热量：qwurit2v×0.3a×10s6j。考点八: 测量小灯泡电功率30（2019河南）在“探究小灯泡在不同电压下工作时的电功率是否相同”的实验中，实验室提供了如下器材：电源电压u恒为8v，滑动变阻器规格为“20 2a“，小灯泡的额定电压u额2.5v，额定功率小于1.2w，两个阻值分别为10、2

42、0的定值电阻r0可供选择。（1）为使小灯泡两端电压有一较大的调节范围，小聪设计了如图甲所示的电路，请用笔画线代替导线，完成图乙中实物电路的连接。（2）正确连接电路后，进行实验，记录的数据如表所示。当电压表示数为2.5v时，电流表示数如图丙所示，小灯泡的额定功率为w。实验次数物理量12345电压/v1.01.52.02.53.0电流/a0.240.320.380.44电功率/w（3）分析表中数据可得出结论：小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而。根据数据还可判断出，小聪在实验中选用的是r0的定值电阻。（4）完成实验后，爱动脑筋的小聪又想出一种测量小灯泡额定功率的方法，设计了如图丁所示的电路，所

43、用电压表量程为“015v”，请将以下实验步骤补充完整。检查电路无误后，闭合开关s，将开关s1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为；滑片不动，再将开关s1，拨至“2”，读出电压表示数为u0；小灯泡的额定功率：p额。（用u额、u0、r0表示）若步骤中，在将开关s1拨至“2”时，不小心将滑片向右移动了少许，其他操作正确，则测出的小灯泡额定功率比真实值（选填“偏大”或“偏小”）。【答案】（1）如上图所示；（2）1.05；（3）增大； 10；（4）5.5v；u额；偏小【解答】（1）由pui得，小灯泡的额定电流约为：i0.48a0.6a，所以，电流表选择00.6a的量程；灯泡、r0及滑动变阻器串

44、联，故将电流表的“0.6”接线柱与电源的“+”极连接，小灯泡的左接线柱与r0的左接线柱连接，如图所示：（2）由（1）可知，电流表选择00.6a的量程，分度值为0.02a，示数为0.42a，则小灯泡的额定功率：p额u额i额2.5v×0.42a1.05w。（3）由表中数据可知，随着灯泡两端电压的增大，电流也增大，根据pui可知，小灯泡消耗的电功率增大，即小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而增大。由表中数据可知，第5次实验电流最大，此时电路总电阻最小，由i可得，第5次实验时电路总电阻：r总18.220，因r总rl+r0+r滑，已知定值电阻r0的阻值为10或20，故小聪在实验中选用的是r

45、010。（4）要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，闭合开关s，将开关s1拨至“1”，小灯泡、r0和滑动变阻器串联，电压表测r0和滑动变阻器两端的电压，调节滑动变阻器的滑片，灯泡正常发光时，电压表的示数：uvuu额8v2.5v5.5v。滑片不动，再将开关s1拨至“2”，电压表测r0两端的电压u0，此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流：i额。小灯泡的额定功率：p额u额i额u额。将开关s1拨至“2”，滑片向右移动稍许，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联分压知识可知，滑动变阻器两端的电压变大，定值电阻r0两端的电压u0变小，根据p额u额i额u额可知，测出的小灯泡的额定功率比

46、真实值偏小。考点九: 探究电流产生的热量跟什么因素有关31（2019东营）如图所示，物理实验小组探究“电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”的实验装置。两个透明容器中封闭着等量的空气，且都有一段电阻丝。将透明容器与u形管相连，接入电路。（1）组装之前，u形管内注入适量红墨水，u形管（选填“属于”或“不属于”）连通器。（2）图甲是探究在通电时间相同和相同的情况下，导体产生的热量与大小是否有关的装置。（3）实验中通过观察的变化反映密闭空气温度的变化，在研究许多物理问题时都会用到这种方法，下列研究实例采用研究方法与此相同的是。 a探究电流与电压、电阻的关系b用铁屑显示磁体周围磁场分布 c研究光的传

47、播时，引入“光线”d扩散现象表明分子在不停地做无规则运动（4）由图乙所示，电流表的示数为a，在这种情况下，右侧容器中定值电阻在10s内产生的热量是j。（5）某实验小组发现通电一段时间后，其中一个u形管中的液面高度几乎不变，发生此现象的原因可能是。【答案】（1）属于；（2）电流；电阻；（3）u形管液面高度差；bd；（4）2；200；（5）透明容器密闭性不好（透明容器漏气、对应电阻丝短路）【解答】（1）由图知，u形管内注入适量红墨水，上端开口，下端相连通，所以属于连通器；（2）由图知，阻值不同的电热丝串联在两个密闭容器中，通过的电流和通电时间都相同，所以探究的是电流产生热量与电阻的关系；（3）电流通过导体产生热量的