【物理】初中物理电功率易错题精选经典

1、【物理】初中物理电功率易错题精选经典一、电功率选择题1 .关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是（）A.白炽灯的正常工作电流约为0.1AB遥控器的干电池电压约为 220VC.空调制冷时的功率约为 10WD电扇正常工作1h耗电约为1KW?h【答案】A17 m【解析】【解答】解：A、白炽灯的额定功率为40W,正常工作电流约为1=7 = 1为= 08A, 0.1A相差不大，故 A符合实际； B、遥控器的干电池电压约为1.5V,故B不符合实际；C、空调制冷时白功率约为 1000W,故C不符合实际；D、电扇的额定功率为 100W,正常工作1h耗电约为 W=Pt=0.1KWX 1h=0.11KW?h故D

2、不 符合实际.故选A.【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识和必要 的计算去判断题目的对错.2 .如图所示，电路中电源电压保持不变，小灯泡标有“3V1.5W字样，不考虑灯泡电阻随温度的变化，滑动变阻器R的最大阻值为 24%电流表量程为0-0.6A,电压表量程为 0-3V.当开关S闭合后，滑动变阻器 R接入电路的电阻为 3 时小灯泡正常发光。为了保证 电路安全，小灯泡电压不超过额定电压，两电表的示数均不超过所选量程。在滑片P滑动过程中，下列说法（）电源电压为4.5V 变阻器接入电路的阻值范围是3d12a小灯泡的最小功率为 0.135W电路的最大功率2.25WA.

3、只有正确B.只有正确 C.只有依侬或正确u D.O徵上都正确【答案】C【解析】【解答】解：由图知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）由P=芯可得灯泡的电阻：声后(3V)'2Rl= P羲=6 =6 Q,由P=UI可得，灯泡正常发光时通过的电流：巴上我I 额=为,:='= =0.5A,由题知，当开关 S闭合后，滑动变阻器 R接入电路的电阻为3时，小灯泡正常发光,由欧姆定律和电阻的串联可得电源电压:U=I额R串=1额X （R+R） =0.5A X （3Q+6Q=4.5V;故 正确；（2）因串联电路中电流处处相等，且电流表量程为0-0.6A,灯

4、泡的额定电流为 0.5A,所以为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流I最大=1额=0.5A,电路中的总电阻：R最小=，最弋=9 5A =9Q,滑动变阻器连入电路中的最小阻值：R最小=RQ=9Q6a =3R由于电压表量程为 0-3V,当电压表的示数最大为U滑=3V寸，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压为：Ul' =U滑'=4.5SV=1.5V,2I列此时电路的电流为：I最小=昭=60 =0.25A,滑动变阻器接入电路的最大阻值： 3VR最大= /虎耳=仪？而f =12 Q, 所以为保护电路，变阻器接入电路的阻值范围是3d12Q;故正确；（3）小灯泡的最小功率

5、：Pl最小二I最小2Rl= （0.25A） 2X 60=0.375雌 错误；（4）电路的最大功率： P最大=UI最大=4.5V X 0.5A=2.25WV故 正确。 综上可知，只有正确。故答案为：Co ir【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，利用P/求灯泡的电阻，利用P=UI求正常发光时通过的电流；结合小灯泡正常发光，利用 U=IR求电源电压；由于 电流表量程为 0-0.6A,为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流等于灯正常工 作时通过的电流，利用欧姆定律求电路中的最小电阻，滑动变阻器连入电路中的最小阻值 等于总电阻减去灯的电阻；由于电压表量程为0-3V,当电压表的

6、示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压等于电源电压减去3V,利用欧姆定律求此时电路的电流，进而求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，最后得出为保护电路，变阻 器接入电路的阻值范围；利用P=2R求小灯泡的最小功率，再利用P=UI求电路的最大功率3 .常用于测量家用电器在一段时间内消耗多少电能的仪器是（）A.电流表iB.电压表C.电能表iD.验电器【答案】C【解析】【解答】解：A、电流表是测电流大小的仪表，不符合题意；B、电压表测量电压大小，不符合题意；C、电能表是用来测量家用电器在一段时间内消耗多少电能（即电流做功）的仪表，符合题息；D、验电器是用来检验物体是否带电的仪器

7、，不符合题意.故选C.【分析】明确各仪表或仪器的基本作用回答.4 .如图所示的电路，电源电压为3V且保持不变，定值电阻R1=1 Q,滑动变阻器 R2阻值范围为04Q闭合开关S,在滑片从左向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A.滑动变阻器的最大功率为1.44WB.滑动变阻器的最大功率为2WC.滑动变阻器的最大功率为2.25WD.电压表示数从0V增大到2.4V【答案】C【解析】【解答】由电路图可知，Ri与R2串联，电压表测Ri两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：1 =的电功率：P2 = I2R2 =（,所以，当 R2=Ri = 1Q时，

8、滑动变阻器消耗的电功率最if 沙大，则P2大=m / * /<=2.25W, AB不符合题意、C符合题意；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为Ri的简单电路，电压表测电源两端的电压，示数为3V,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R两端的电压最小，此U 3F时电路中的电流：1=取*#寸 0+ 4口 =0.6A,电压表的最小示数：Ui =i贮0.6A X 1狗0.6V,所以，在滑片从左向右移动的过程中，电压表示数从3V减小到0.6V, D不符合题意。故答案为：Co【分析】R与R2串联，电压表测 Ri两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示

9、出电路中的电流，根据P=2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后分析表达式得出滑动变阻器消耗最大功率时接入电路中的电阻，并求出其大小；当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为Ri的简单电路,阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小， 和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出 的变化.电压表测电源两端的电压；当滑动变 Ri两端的电压最小，根据电阻的串联 Ri两端的电压，然后得出电压表示数5 .电子驱蚊器利用变频声波直接刺激蚊虫中枢神经，使其非常痛苦，食欲不振，繁殖力下B.驱蚊器发出的声音能被正常人听到C.驱蚊器刺激蚊虫中枢神经利用的是超声波【答案】BD.驱蚊器工作10h消耗电能为0.0

10、2kW?h降，无法在此环境生存，从而达到驱蚊的目的其部分参数见表格，取 g=10N/kg关于驱蚊器【解析】【解答】A、驱蚊器白重力，G= mg = 0.06kg xi0N/kg= 0.6N, A不符合题意;B、人的听觉范围 2020000Hz; 22kHz55kHz超出了人的听觉范围，故驱蚊器发出的声音不能被正常人听到，B符合题意；C、22kHz55kHz超出了人的听觉范围，故驱蚊器刺激蚊虫中枢神经利用的是超声波，C不符合题意；D、蚊器工作10h消耗电能为 W=Pt=0.002kWX 10h0.2kW?h, D不符合题意。故答案为：Bo【分析】利用物体质量计算重力的大小，人耳的听声范围是202

11、0000Hz,超声波的频率超过20000Hz,利用功率和时间计算消耗的电能.6 .如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V3W字样，滑动变阻器最大电阻值R=48Q,闭合开关，若不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（）A.要使电压表的示数增大1V,小灯泡L两端的电压就会减小 1VB.小灯泡L的最小实际电功率为 0.6WC.当滑片P移到变阻器的中点时，小灯泡L正常发光D.当滑片P移到最右端时，通电 10s滑动变阻器消耗的电能是19.2J【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压。(1)由电压表测灯泡 L两端的电压可知

12、，电压表的示数增大1V,小灯泡L两端的电压就会增大1V, A不符合题意；(2)由P=UI=7可得，灯泡的电阻：Vi? (6Y)- =节” 当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率 最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：U 12V = R .缸 用。U。=0.2A,则小灯泡L的最小实际电功率：Pl小=I2Rl= (0.2A) 2X 120.48W, B不符合题意；通电10s滑动变阻器消耗的电能：Wr= 2Rt= (0.2A) 2X48QX 40S9.2J, D符合题意；(3)当滑片P移到变阻器的中点时，电U12V11：二路中的电流

13、： J 2 少A,此时灯泡的实际功率：1Pl'= ( I) 2RL=(A) 2X 121.33V3W,所以，此时灯泡不能正常发光，C不符合题息。 故答案为：Do【分析】闭合开关后，滑动变阻器 R与灯泡L串联，电压表测灯泡 L两端的电压.(1)电压表示数的变化和灯泡两端的电压变化相同；竹(2)根据P=U=k求出灯泡的电阻，当滑片 P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电 路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，禾I用P=2R求出小灯泡L的最小实际电功率，再利用W=Ut=2Rt求出通电10s滑动变阻器消耗的电能；(3)当滑片P移到变阻器的中点时，

14、根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=2R求出小灯泡L的实际功率，然后与灯泡的额定功率相比较确定是否正常发光7 .某型号电吹风，电动机和电热丝串联.电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风，电动机线圈电阻为 R1 的电流为,消耗的电功率为 是() U >p p=2 (R+e) A.电热丝电阻为 e.将电吹风接入电压为 u的电源后，通过 p,同学们得到了四个关系式.下列选项中，关系式均正确的 U=P P > I 2 (R+R2)瓯【答案】D【解析】【解答】解：电吹风消耗的电功率P是总功率，总功率的大小应该用P=U来计算，所以总功率 P=U,故 错误，正确；由题意知，

15、该电吹风中电动机和电热丝串联，电路中电流为 I,电吹风中发热的功率要用P热=I2R来计算，所以总的发热功率为P总热=I2 (R1+R2),因为电吹风工作时将电能转化为机械能和内能，所以，吹风机的总功率要大于发热部分的功率，即P> I 2 ( R+R),故 错误，正确.故选：D.【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用 P=2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个 的计算结果是不一样的.8 .下列表述正确的是()A.电视机正常工作电流约为1.57AD.磁极间在不

16、接触时无法发生相互作用【答案】C【解析】【解答】A.电视机正常工作电流:P 140H/ Q, 64AU 22OV故A错误;B.电水壶的电阻为:f (22病 ="二狼 4QP 1OOOW心牌再厘米彩色电视机 型 号，TC2975GF 电 加：50Hz 220V 额定功率；140WC.两个带有正电荷的小球之间的距离明显增大，说明同种电荷相互排斥，故D.磁极间在不接触时能够发生相互作用，故D错误。C正确;故选C。【分析】（1）已知额定功率和额定电压根据 1 7计算正常工作电流;（2）已知额定功率和额定电压根据（3）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引;（4）磁体之间的磁力不需要相互接触就能发

17、生力的作用。9 .图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率 P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（）R支路的电流.【解析】【解答】解：由图Ro与R并联，电压表测电源电压，电流表测 若电源提供的电流恒定为 I总，AB、根据并联电路特点可知：U=Uo=IoRo= （I 总I） Ro=IR0+I 总Ro ,其中I总、R0为定值，由U=-RoI+I总Ro , 可知U与I的图象为一次函数，且-R0V0,故AB错误；CD、由电功率的计算公式：电路消耗总功率：P=UL= （I总-I） R0Xfek-I总R0I+I

18、总2R0 ,其中I总、Ro为定值，由P=-I总R0I+I总2R0 ,可知P与I的图象为一次函数，-I总RV0,且I不能为。，P不会为。，故C正确，D错误.故选C.【分析】由图Ro与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流.电源提供电流一定，根据并联电路特点分别表示出U与I和P与I的表达式，分析判断即可10 .如图所示，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为“20!A”。闭合开关S,当毛t片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A;当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4A.则（）L厂9,| 隈IA.电路消耗的最小功率为2.5W“B.滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4W

19、C.滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2W iD.滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡所做的功为10J【答案】B【解析】【解答】解：滑片 P在最左端时，电路中只有灯泡，灯泡正常发光，由1=7得，U 10V灯泡正常发光时的电阻：Rl=匕0. 5A = 20 q,滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路$（10V）2消耗的功率最小，假设灯泡电阻不随温度的变化，则P最小=用位 阳2 -二型口 =2.5W;而实际上灯泡不正常工作时的电阻小于正常工作时的电阻，所以，电路消耗的最小功率不是2.5W; A不符合题意；（2）滑片P在中点时，电流表示数为0.4A,根据片可得，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=I

20、R滑=0.4A>C X20露4V,因串联电路电压规律可得此时灯泡两端的电压：Ul = U-U滑=10V-4V= 6V,灯泡的实际功率：P_=UlM6VX 0.4A=2.4W; B符合题意，C不符合题意；滑片 P在最左端时，2min内电流通过灯泡做的功：Wl= UlLt= 10Vx 0.5A X 2 &660S0J,D不符合题意。故答案为：Bo【分析】当滑片 P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时 灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯丝电阻；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，利用串联电路的特点和P=厅即可求出假设灯泡电阻不变时的最小功率；然后

21、即可比较判断；滑片P在中点时，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P=UI求出灯泡的实际功率；滑片 P在最左端时，根据 W=UIt求出5min内电流通过灯泡做的功.11 .某房间原来只接有一只标有“PZ220 40”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（）A.变亮B.变暗C.不变D.无法确定【答案】B【解析】【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻，在电源电压不变的情况下，由P=UI=疗可知，电路的总功率变小，房间内的总亮度变暗。故答

22、案为：B。I'-【分析】结合P= UI=#可知电功率变化情况，进一步可知灯泡亮度的变化情况.12 .如图所示，电源电压不变，先闭合 S ,再闭合金 ,下列说法正确的是（）A.电压表、电流表示数均变小i，B.电压表示数变大，电路总功率变大C.电压表示数不变，总电阻变小，电流表示数变大D.电压表与电流表示数的比值变大【答案】B【解析】【解答】A、C由图可知，先闭合Si时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测Ri两端的电压；根据串联电路的电压特点可知，其示数小于电源电压；r -弓无可知，电路中的B符合题意；自为电阻Ri再闭合S2 , R2被短路，电路为 Ri的简单电路，电流表测量电路

23、中的电流，电压表测量的 是电源电压，所以电压表的示数变大；Ri的电阻小于两电阻串联的总电阻，即总电阻减小，根据欧姆定律 电流变大，即电流表示数变大，AC不符合题意；B、电源电压不变，电流变大，根据 P=UI可知，电路的总功率变大，D、两开关都闭合时，由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值，即 的阻值，所以该比值不变，D不符合题意。故答案为：B。【分析】结合电路图，判断开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件， 利用串联电路的特点和欧姆定律分析即可.13 .如图是检测酒精浓度的测试仪原理图，图中电源电压恒定为8V, Ri为定值电阻，酒精0时，及=60 0,此时电气体传感器R2的阻值

24、随酒精气体浓度的增大而减小。当酒精浓度为压表示数为2V。以下说法错误的是（）A.若酒精气体浓度越大，电压表和电流表示数都越大B.定值电阻Ri的阻值为20 aC.酒精浓度为0时，电路消耗的总功率为0.6WD.若电流表示数达到 0.2A时，表示酒驾，此时R2消耗的电功率为 0.8W【解答】A.由电路图可知，电阻Ri和R2串联，电压表测Ri两端的电压，电流表测电路中的电流，若酒精气体浓度越大，则R2减小，电路的总电阻减小，由欧姆定律可知，电流变大，根据 U=IR,电压表示数变大， A不符合题意。BC.当酒精浓度为0时，R2=60 ，此时电压表示数为 2V。根据串联电路白电压关系，R2的2V 1电压U

25、2=U-Ui=8V-2V=6V,电压表示数为 R2电压的。下 3倍，根据串联分压原理，定值电 1一 X 60Q - Z&Q阻Ri的阻值为3, B不符合题意。此时，串联电路的总电阻R=R+R2=20 Q +60 Q =80 QIf （8V）P - - 二 R电路消耗的总功率为产 的。，C符合题意。D . 若电流表示数达到 0.2A 时，酒精气体传感器的电阻,1/ 8VR” 一 望二20Q =丁为，此时 R2 消耗的电功率为,二产咫二（0. 2AD X如0 - O.M, D不符合题意。故答案为：Co【分析】在串联电路中电阻变大电流减小，结合电路中的电压和电阻可以计算电功率的值.14 .某直

26、流电动机标有“36Vi8W字样，经测量其线圈电阻为2 ，使电动机正常工作i0min.则电动机在这段时间内产生的热量是（）A. i.08 斓J0B. 300JC. 3.888 寸30D. i.05 /d0【答案】B【解析】【解答】解：直流电动机的电流1 =工=3。' = 0M所以电动机线圈产生的热量：Q=I2Rt= （0.5A） 2X2QX 10缶600J。故答案为：B。【分析】先根据公式 I= Z计算出直流电动机的电流，再根据公式Q= I2Rt可求这台电动机10min内产生的热量。15 .如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S,将滑动变阻器的滑片 P向右移动过程中（）IA.电压表V

27、的示数不变B.电流表A的示数变大C.小灯泡的亮度变暗D.电路的总功率变大【答案】A【解析】【解答】由图可知，闭合开关，灯泡与滑动变阻器并联，电流表 A测量电路总电 流，电压表测电源电压，所以滑片移动电压表的示数不变，A符合题意；L当滑动变阻器的滑片 p向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据i=7可知，滑动变阻器所在支路中的电流变小；根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，所以滑片向右移动，小灯泡的电流和实际功率不变，则灯泡的亮度不变，C不符合题意；根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，总电流变小，即电流表A的示数变小，B不符合题意； 电源电压保持不变，总电流变小，根据 P=UI

28、知，电路的总功率变小，D不符合题意。故答案为：A。【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，判断出滑动变阻器接入电路中电阻的变化，滑动变阻器两端的电压不变，根据L欧姆定律1=彳可知该支路电流的变化；根据并联电路各支路互不影响判断出灯泡的亮度和 通过灯泡的电流；根据 P=UI判断电路的总功率变化情况.16 .如图甲，电源电压恒定，R0为定值电阻，电阻 R的阻值随环境温度变化而改变.改变环境温度，定值电阻 Ro两端的电压 U0随温度t变化的关系如图乙所示.则下列描述R两端的电压U、电路消耗的总功率 P随温度t变化的关系图线中，可能正确的是（）【答案】B

29、【解析】【解答】由图甲知道，Ro与R串联，电压表测量的是 R0的电压；由图乙知道，随 着温度的升高，Ro两端的电压降低，说明随着温度的升高电阻R两端的电压增加，由串联分压知道，随着温度的升高 R的阻值的阻值增加，R两端的电压增大，A不符合题意，B符合题意；随着 R的阻值的阻值增加，电路的总电阻增加，由欧姆定律知道，电路的总电流减小，由P=UI知道，电源电源不变，总电流减小，所以电路的总功率减小，D不符合题意，由图乙知道，电路的电流与温度呈线性变化，所以总功率与温度也呈线性变化，C不符合题意， 故答案为：Bo【分析】结合电路图理清电路的连接方式及电表的测量对象，由于电阻R的阻值随环境温度的变化而

30、变化，由图乙可知，当温度升高时电阻Ro两端的电压线性变小，定值电阻的电流线性变小；根据串联电路电压的特点，判断出电阻 R两端的电压的变化；因为电源电压 保持不变，根据 P=UI判断出电路消耗的总功率的变化.17 .如图是一个油量表的示意图，滑动变阻器规格为“20Q1A”.闭合开关，当浮球最低时滑片P滑到a端，电流表示数为 0.3A,当浮球最高时，滑片 P滑到b端，电流表示数为0.5A.下列说法错误的是（）1 -A.电阻Ri的阻值为30 aB.电源电压为15VC.在加满油后，imin内电阻Ri产生的热量为450J D.电阻Ri最小功率为7.5W【答案】D【解析】【解答】解：由电路图可知，Ri与R

31、2串联，电流表测电路中的电流.（1）当滑片位于a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以，由1=或可得，电源的电压：U=Ia （R1+R2） =0.3AX（R+20Q ,当滑片位于b端时，电路为Ri的简单电路，则电源的电压：U=IbRi=0.5A XiR , 因电源的电压不变， 所以，0.3AX （R+20Q） =0.5A XiR , 解得：Ri=30Q,故A正确；电源的电压 U=IbRi=0.5A X 30 0=1,5敞B正确；（2）在加满油后，滑片位于b端，则imin内电阻Ri产生的热量：Qi=Ib2Rit= （0.5A） 2X30 ax 60s=4

32、50J C 正确;当滑片位于a端时，电阻Ri的功率最小，则Pi=Ia2Ri= （0.3A） 2X 30 Q =2.7W D 错误.故选D.【分析】由电路图可知，Ri与R2串联，电流表测电路中的电流.（ i）当滑片位于 a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压； 当滑片位于b端时，电路为 R的简单电路，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的 电压不变得出等式即可求出Ri的阻值，进一步求出电源的电压；（2）在加满油后，滑片位于b端，根据Q=I2Rt求出imin内电阻Ri产生的热量；当滑片位于 a端时，电阻Ri的功 率最小，根据P=I2R求出其大小.18 .

33、如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图.R0是阻值为484 的保温电阻，Ri是规格为“220V800W的主力口热电阻， 心是副加热电阻.电压力锅煮饭分为加热升压一保压一保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（P- t） ”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关S, S自动接到a,同时Si自动闭合，电压力锅进入加热升压状态；当锅内工作压强达80kPa时，Si自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强降至60kPa时，S又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了，S自动接到b,减压进入保温状态.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电0.25kW?h,下列说法正确的

34、是（）二 h q 12 15 is 仃皿甲乙A.电压力锅是对大气压强的应用B当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅处于升压状态C.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态R1的工作时间是 18min D.电压力锅正常工作时的最大电流是 5A【答案】D【解析】【解答】解：A.高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；B.由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；C.由图乙可知，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间分别为 06min, 912min,15 18min ,即Ri的

35、工作时间t1=12min=0.2h , C不符合题意；D. R2的工作时间t2=18min=0.3h ,在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2 ,即：0.25kW?h=0.8kW< 0.2h+P2X 0.3h解得：P2=0.3kW=300W ,两加热电阻 同时工作时电路电流最大，则总功率 P=P+P2=800W+300W=1100W ,p noon由P=UI可得，I=7 一2聊=5A, D符合题意.故答案为：D.【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加热升压和保压状态消耗的电能，正确分析电路是解题的关键19.如图所示，滑动变阻器的滑

36、片P处于中间位置，闭合开关S,两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）A. L1和L2都变亮B. L变暗，匕变亮C. L变亮，L2变暗D. L和L2都变暗【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联，将滑动变阻器的滑片 P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变 大，电路的总电阻变大，/由i= i可知，干路中的电流变小，由U=IR可知，L1两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡L1的实际功率变小，L1的亮度变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电

37、压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，灯泡L2两端的电压变大，由P=#可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，B符合题意、D不符合题意。故答案为：B。【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化I和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律1 =彳可知电路中电流的变化和 Li两端的电压变化情况，根据P=UI可知Li实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压特点和P三/可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化.20.图是某家用电热器内部电路结构图，其中 R、

38、R2为加热电阻丝（Ri >R2）。下列关于电阻丝的四种连接方式，可使电热器提供不同的发热功率，其中大小说法正确的是（）A.甲的连接方式干路电流最小C.丙的连接方式消耗电能最多B.乙的连接方式总电阻最小D. 丁的连接方式发热功率最大【解析】【解答】由图示可知，甲种接法时，只有电阻R2连入电路；乙种接法时，两电阻是串联的；丙种接法时，只有电阻Ri连入电路；丁种接法时，两电阻并联；故可知丁种接法时总电阻最小，消耗的电能最多，发热功率最大，BC不符合题意，D符合题意；乙种接法总电阻最大，干路中的电流是最小的，A不符合题意；故答案为：Do【分析】先根据四种不同连接方式确定电路的连接情况，从而判断电

39、路中电阻大小，由欧姆定律判断电路中电流大小，当电源电压不变，由P=h'判断电路消耗电功率大小，由W=Pt分析消耗电能的多少 21.某电饭锅内有 R0=44Q、R= 2156 的两根电热丝，它的工作简化电路如图所示，当置于“源时，下列分析正确的是（）a|* A.的和R并联处于加热状态，加热功率力 1100WC.处于保温状态，保温功率为 22W D整个电路10min产生的热量为1.32 X 40【答案】B【解析】【解答】解：（1）电源电压为 220V不变，当S接“1档时，电路中 R与Ro串 if联，此时总电阻较大，由P=7可知，电路消耗的功率较小，处于保温状态；（2）当S曾接“2档时，电路

40、中只有 R0 ,此时总电阻较小，由 P= R可知电功率较大，处于加热状 态；甘小。叫则加热功率：P加热=凡=1100W, AC不符合题意，B符合题意；S置于“端时，整个电路10min产生的热量：Q= W= P 加热 t= 1100WX 10X60s6.6 X 5Q D 不符合题意。故答案为：Bo心【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，由P= 不可知对应的状团态，进一步利用 P= /进行计算即可，再利用 Q = W= P加热t求得整个电路10min产生的热 量.22 .王楠同学在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解放碑雅兰电子城买了“1W2k”的电

41、位器一个，装在台灯（灯泡为“PZ22060”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原因是（）A.因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣B.电位器额定功率偏小C.电位器额定电流偏大D.电位器电阻偏小，应换用20k 【答案】B【解析】【分析】首先利用利用额定功率和实际功率的关系判断A、B C是否正确.由知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式r=7'计算出灯泡的电阻，再利用串联电路的特点和电功率的公式计算出变阻器的实际功率，从而判断D是否正确.【解答】因为烧毁了，所以电位器规格肯定不合格；故 A错误；功率偏大不可能，既然

42、烧坏了那肯定是实际功率大于了额定功率，C说法错误，不符合题意；B说法正确；灯泡为 “PZ22060”，以二（如夕，灯泡的电阻为 RL"£=&*=807 R接上电位器后电路中的总电阻为R=RL+Rfe =807Q +2000Q =2807QL220V，电位器的功率为：P电=I2R电=（又）/电=（网：。）2 X 200012,3W从而可知D说法错误；故选B.【点评】本题考查了学生对串联电路特点的理解，以及利用电功率的公式分析电路中电功率的大小，本题考查知识点比较多，属于难题.23 .课外兴趣小组活动时，某校两同学通过实验研究小灯泡的电功率跟两端电压的关系，已知小灯泡的

43、额定电压为 2.5伏、额定功率为 0.75瓦.小明同学设计了如图甲所示的电路 进行研究，他先测出若干组电压和电流值，再由公式 P=UI,求得对应的功率，并作出功率随电压变化的图线 a.小红同学设计了如图乙所示的电路进行研究，她先由 R=月蹲计算出小灯泡的电阻 R,再测出若干个电压值，最后根据P= / ,求得对应的功率，也作出功率随电压变化的图线 b.则下列反映了他们的实验结果的图线是（）【答案】B【解析】【解答】（1） .P=U2/R , 灯泡正常发光时的电阻R=U2额/P额=（2.5V）2/0.75W= 8.3 ;由题意知：P甲=U2/R和P乙=U2/8.3 0由此可见，电功率 P关于电压U的二 次函数（跟y=ax2 +bx+c,且a>0, b=0, c=0时相符合），故图象是经过原点开口向上的