辽宁省葫芦岛一中2015-2016学年高二上学期期初物理试卷

1、2015-2016学年辽宁省葫芦岛一中高二（上）期初物理试卷一、选择题：共12小题；（每小题5分，共60分，其中前5题为单选，剩余为多选全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）1物理课本中所学的加速度的定义式为a=，而在历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化量相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加速度”定义为A=，其中v0和v分别表示某段位移x内的初速度和末速度A0表示物体做加速运动，A0表示物体做减速运动如果A0且保持不变，下列说法正确的是( )Aa不变Ba逐渐变大Ca逐渐减小D无法确定2质量为10kg的物体，在变力F作用下沿x轴做

2、直线运动，力随位移x的变化情况如图所示物体在x=0处速度为1m/s，一切摩擦不计，则物体运动到x=16m处时，速度大小为( )A2m/sB3m/sC4m/sDm/s3两倾斜的滑杆上分别套A、B两圆环，两环上分别用细线悬吊着两物体，如图所示当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下，则( )AA环与杆有摩擦力BB环与杆无摩擦力CA环作的是匀加速运动DB环作的是匀加速运动4“旋转秋千”是游乐园里常见的游乐项目，其基本装置是将绳子上端固定在转盘的边上，绳子下端连接座椅，人坐在座椅上随转盘旋转而在空中飞旋若将人和座椅看质点，“旋转秋千”可简化为如图所示的模型图中“旋转秋千”的两个座椅

3、A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，下列说法正确的是( )AA的速度比B的大BA与B的向心加速度大小相等C悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小5质量m=4kg的质点静止在光滑水平面上的直角坐标系的原点O，先用沿+x轴方向的力F1=8N作用了2s，然后撤去F1；再用沿+y方向的力F2=24N作用了1s则质点在这3s内的轨迹为( )ABCD6如图所示，斜劈劈尖顶着竖直墙壁静止于水平面上，现将一小球从图示位置静止释放，不计一切摩擦，则在小球从释放到落至地面的过程中，下列说法正确的是( )A斜劈

4、对小球的弹力不做功B斜劈与小球组成的系统机械能守恒C斜劈的机械能守恒D小球机械能的减小量等于斜劈动能的增大量7如图所示，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对传送带静止这一过程下列说法正确的是( )A电动机多做的功为B摩擦力对物体做的功为C电动机增加的功率为mgvD传送带克服摩擦力做功为8如图所示，可视为点电荷的小物块A、B分别带负电和正电，B固定，其正下方的A静止在绝缘斜面上，则A受力个数可能为( )AA可能受到2个力作用BA可能受到3个力作用CA可能受到

5、4个力作用DA可能受到5个力作用9如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有( )A甲的切向加速度始终比乙的大B甲、乙在同一高度的速度大小相等C甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D甲比乙先到达B处10如图所示，足够长的斜面上有a、b、c、d、e五个点，ab=bc=cd=de，从a点水平抛出一 个小球，初速度为v时，小球落在斜面上的b点，落在斜面上时的速度方向与斜面夹角为；不计空气阻力，初速度为2v时( )A小球可能落在斜面上的c点与d点之间B小球一定落在斜面上的e点C小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角大于D小球落在斜面

6、时的速度方向与斜面夹角也为112013年4月将出现“火星合日”的天象“火星合日”是指火星、太阳、地球三者之间形成一条直线时，从地球的方位观察，火星位于太阳的正后方，火星被太阳完全遮蔽的现象，如图所示已知地球、火星绕太阳运行的方向相同，若把火星和地球绕太阳运行的轨道视为圆，火星绕太阳公转周期约等于地球公转周期的2倍，由此可知( )A“火星合日”约每1年出现一次B“火星合日”约每2年出现一次C火星的公转半径约为地球公转半径的倍D火星的公转半径约为地球公转半径的8倍12如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点，其中Q1带正电位于原点O，a、b是它们连线延长线上的两点，其中b点与O点

7、相距3L现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过a，b两点时的速度分别为va，vb，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是( )AQ2带负电且电荷量大于Q1Bb点的场强一定为零Ca点的电势比b点的电势高D粒子在a点的电势能比b点的电势能小二、实验题（本题共1小题，共13分，按要求做题）13（13分）用如图1所示的实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律图2给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻计数

8、点间的距离如图2所示已知m1=50g，m2=150g，则（g=9.8m/s2，所有结果均保留三位有效数字）（1）在纸带上打下计数点5时的速度v5=_m/s；（2）在打点05过程中系统动能的增量Ek=_J，系统势能的减少量Ep=_J，由此得出的结论是_（3）若某同学做出v2h图象如图3所示，则当地的实际重力加速度g=_m/s2三、计算题：（本题共3小题，27分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算题，答案中必须明确写出数值和单位，作图题必须尺规作图）14悬挂在O点的一根不可伸长的绝缘细线下端有一个质量为m、带电量为q的小球，若在空间加一匀强电场，则小球静止

9、时细线与竖直方向夹角为，如图所示，求：（1）所加匀强电场场强最小值的大小和方向；（2）若在某时刻突然撤去电场，当小球运动到最低点时，小球对细线的拉力为多大15如图，用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边已知拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船受到的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v0，小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t1，A、B两点间距离为d，缆绳质量忽略不计求：（1）小船从A点运动到B点的全过程克服阻力做的功Wf；（2）小船经过B点时的速度大小v1；（3）小船经过B点时的加速度大小a16湖南卫视推出了大型户外竞技类节目快乐向前冲，是体力与耐力

10、展现的一个体能竞赛活动节目的场地设施如图所示，AB为水平直轨道，上面安装有电动悬挂器，可以载人运动，水面上漂浮着一个半径为R、角速度为、铺有海绵垫的转盘，转盘的轴心离平台的水平距离为L，平台边缘与转盘平面的高度差为H选手抓住悬挂器可以在电动机的带动下，从A点下方的平台边缘处沿水平方向做初速度为零、加速度为a的匀加速直线运动选手必须作好判断，在合适的位置释放，才能顺利落在转盘上设人的质量为m（不计身高），人与转盘间的最大静摩擦力为mg，重力加速度为g（1）假设选手落到转盘上瞬间相对转盘速度立即变为零，为保证他落在任何位置都不会被甩下转盘，转盘的角速度应限制在什么范围？（2）若已知H=5m，L=8

11、m，a=2m/s2，g=10m/s2，且选手从某处C点释放能恰好落到转盘的圆心上，则他是从平台出发后多长时间释放悬挂器的？（3）若电动悬挂器开动后，针对不同选手的动力与该选手重力关系皆为F=0.6mg，悬挂器在轨道上运动时存在恒定的摩擦阻力，选手在运动到上面（2）中所述位置C点时，因恐惧没有释放悬挂器，但立即关闭了它的电动机，则按照（2）中数据计算悬挂器载着选手还能继续向右滑行多远的距离？2015-2016学年辽宁省葫芦岛一中高二（上）期初物理试卷一、选择题：共12小题；（每小题5分，共60分，其中前5题为单选，剩余为多选全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）1物理课本中所学

12、的加速度的定义式为a=，而在历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化量相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加速度”定义为A=，其中v0和v分别表示某段位移x内的初速度和末速度A0表示物体做加速运动，A0表示物体做减速运动如果A0且保持不变，下列说法正确的是( )Aa不变Ba逐渐变大Ca逐渐减小D无法确定考点：加速度 专题：直线运动规律专题分析：解答本题的关键是：充分理解题目所提供信息的物理意义，将，a=进行对比，即可正确解答该题解答：解：由知，在A0时相等位移内速度增加量相等，所以平均速度来越大，所以相等位移内用的时间越来越少，由a=可知，a越来越大故

13、选：B点评：本题属于信息给予题，正确应用所给信息是解题关键，如本题中根据题意可知“另类匀变速直线运动”中速度是随位移均匀增加的2质量为10kg的物体，在变力F作用下沿x轴做直线运动，力随位移x的变化情况如图所示物体在x=0处速度为1m/s，一切摩擦不计，则物体运动到x=16m处时，速度大小为( )A2m/sB3m/sC4m/sDm/s考点：牛顿第二定律 分析：在04m位移内F恒定，物体做匀加速直线运动，可以根据匀变速直线运动位移速度公式求出x=4m处时的速度，在4m8m位移内，力在逐渐减小，是变力，在8m12m位移内力等于零，在12m16m位移内，力F反方向逐渐增大，根据做功公式可知：力F在4

14、16m内做功之和为零，可对这一阶段运用动能定理得到x=16m处时速度等于x=4m处时的速度解答：解：在04m位移内F恒定，物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得；a=1m/s2根据2ax=得：v4=3m/s对物体在416m内运动过程运用动能定理得；=s48+0s1216从图中可知=，s48=s1216=4m，所以416m内力F做功之和为0，所以v16=v4=3m/s故选B点评：本题考查了牛顿第二定律、功的计算以及动能定理的应用，要求同学们能根据图象找出有用信息，选取合适的运动过程运用动能定理求解，该题难题适中3两倾斜的滑杆上分别套A、B两圆环，两环上分别用细线悬吊着两物体，如图所示当它们都沿

15、滑杆向下滑动时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下，则( )AA环与杆有摩擦力BB环与杆无摩擦力CA环作的是匀加速运动DB环作的是匀加速运动考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：环和物体保持相对静止，具有相同的加速度，通过对物体受力分析，运用牛顿第二定律得出其加速度，从而再根据牛顿第二定律分析出环的受力情况和运动情况解答：解：A、左图，物体受重力和拉力两个力，两个力的合力不等于零，知物体与A以共同的加速度向下滑，对物体有：a=，则A的加速度为gsin，做匀加速直线运动，对A环分析，设摩擦力为f，有Mgsinf=Ma，解得f=0所以A环与杆间没有摩擦力故A错误

16、，C正确B、右图，物体处于竖直状态，受重力和拉力，因为加速度方向不可能在竖直方向上，所以两个力平衡，物体做匀速直线运动，所以B环也做匀速直线运动知B环受重力、支持力、拉力和摩擦力处于平衡故B、D错误故选C点评：解决本题的关键知道物体与环具有相同的加速度，一起运动，以及掌握整体法和隔离法的运用4“旋转秋千”是游乐园里常见的游乐项目，其基本装置是将绳子上端固定在转盘的边上，绳子下端连接座椅，人坐在座椅上随转盘旋转而在空中飞旋若将人和座椅看质点，“旋转秋千”可简化为如图所示的模型图中“旋转秋千”的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴

17、匀速转动时，下列说法正确的是( )AA的速度比B的大BA与B的向心加速度大小相等C悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小考点：向心力；向心加速度 专题：匀速圆周运动专题分析：AB两个座椅具有相同的角速度，分别代入速度、加速度、向心力的表达式，即可分析解答：解：当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，A、B两个座椅具有相同的角速度A、根据公式：v=r，A的运动半径小，A的速度小故A错误；B、根据公式：a=2r，A的运动半径小，A的向心加速度小，故B错误；C、如图，对任一座椅，受力如图，由绳子的拉力与重力的合力提供向心力，则得：mgtan=m2r，则得tan=，A的半

18、径r较小，相等，可知A与竖直方向夹角较小，故C错误D、A的向心加速度就小，A的向心力就小，A对缆绳的拉力就小，故D正确故选：D点评：该题中，AB的角速度相等而半径不相等是解题的关键，要掌握线速度、向心加速度、向心力与角速度的关系5质量m=4kg的质点静止在光滑水平面上的直角坐标系的原点O，先用沿+x轴方向的力F1=8N作用了2s，然后撤去F1；再用沿+y方向的力F2=24N作用了1s则质点在这3s内的轨迹为( )ABCD考点：运动的合成和分解；牛顿第二定律 专题：运动的合成和分解专题分析：物体在F1作用下在x轴方向做匀加速直线运动，撤去F1，施加F2，由于合力与速度方向垂直，做曲线运动，将曲线

19、运动分解为x轴方向和y轴方向研究，在x轴方向做匀速直线运动，在y轴方向做匀加速直线运动解答：解：质点在F1的作用由静止开始从坐标系的原点O沿+x轴方向做匀加速运动，加速度a1=，速度为v1=at1=4m/s，对应位移，到2s末撤去F1再受到沿+y方向的力F2的作用，物体在+x轴方向匀速运动，x2=v1t2=4m，在+y方向加速运动，+y方向的加速度，方向向上，对应的位移y=，物体做曲线运动q再根据曲线运动的加速度方向大致指向轨迹凹的一向，知D正确，A、B、C错误故选D点评：解决本题的关键掌握处理曲线运动的方法，将曲线运动分解为x轴方向和y轴方向，分析出两方向分运动的情况6如图所示，斜劈劈尖顶着

20、竖直墙壁静止于水平面上，现将一小球从图示位置静止释放，不计一切摩擦，则在小球从释放到落至地面的过程中，下列说法正确的是( )A斜劈对小球的弹力不做功B斜劈与小球组成的系统机械能守恒C斜劈的机械能守恒D小球机械能的减小量等于斜劈动能的增大量考点：机械能守恒定律；共点力平衡的条件及其应用 专题：机械能守恒定律应用专题分析：小球和斜劈组成的系统中，只有重力势能和动能相互转化，机械能守恒；而小球和斜劈的机械能都不守恒解答：解：A、不计一切摩擦，小球从释放到落至地面的过程中，斜劈由静到动，动能增加，只有弹力对斜劈做功，根据动能定理，斜劈对小球的弹力做正功，故A错误；B、小球和斜劈组成的系统中，只有重力势

21、能和动能相互转化，机械能守恒，故B正确C、由于斜劈由静到动，动能增加，重力势能不变，所以其机械能增加，故C错误D、根据系统的机械能守恒知，小球机械能的减少量等于斜劈动能的增加量，故D正确故选：BD点评：本题关键分析清楚物体的运动和能量的转化情况，要明确是小球和斜劈组成的系统机械能守恒，而不是单个物体机械能守恒7如图所示，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对传送带静止这一过程下列说法正确的是( )A电动机多做的功为B摩擦力对物体做的功为C电动机增加的功率为m

22、gvD传送带克服摩擦力做功为考点：功率、平均功率和瞬时功率；功的计算 专题：功率的计算专题分析：物体在传送带上运动时，物体和传送带要发生相对滑动，所以电动机多做的功一部分转化成了物体的动能另一部分就是增加了相同的内能解答：解：A、电动机多做的功转化成了物体的动能和内能，物体在这个过程中获得动能就是，由于滑动摩擦力做功，所以电动机多做的功一定要大于，所以A错误；B、在运动的过程中只有摩擦力对物体做功，由动能定理可知，摩擦力对物体做的功等于物体动能的变化，即为，所以B正确；C、电动机增加的功率即为克服摩擦力做功的功率，大小为fv=mgv，所以C正确；D、传送带克服摩擦力做的功就为电动机多做的功，所

23、以由A的分析可知，D错误故选：BC点评：当物体之间发生相对滑动时，一定要注意物体的动能增加的同时，相同的内能也要增加，这是解本题的关键地方8如图所示，可视为点电荷的小物块A、B分别带负电和正电，B固定，其正下方的A静止在绝缘斜面上，则A受力个数可能为( )AA可能受到2个力作用BA可能受到3个力作用CA可能受到4个力作用DA可能受到5个力作用考点：库仑定律；物体的弹性和弹力 专题：电场力与电势的性质专题分析：对A物块进行受力分析，同时结合平衡条件进行分析解答：解：首先物块受重力和B给的吸引力，若重力和吸引力恰好相等，则可以满足受力平衡的条件，所以A球可能受到2个力的作用，A正确；若向上的吸引力

24、小于重力，则A对斜面有压力，会受到斜面的支持力，若要合力为0处于平衡状态必须还要受一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以A有可能受四个力的作用，C正确故选：AC点评：本题借助库仑力考查了物体受力平衡的条件应用，属于基础题9如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有( )A甲的切向加速度始终比乙的大B甲、乙在同一高度的速度大小相等C甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D甲比乙先到达B处考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系 专题：直线运动规律专题分析：由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小；可以使用机

25、械能守恒来说明，也可以使用运动学的公式计算，后一种方法比较麻烦；哪一个先达到B点，可以通过速度的变化快慢来理解，也可以使用vt图象来计算说明解答：解：A：由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故A错误；B：由机械能守恒定律可知，各点的机械能保持不变，高度（重力势能）相等处的动能也相等，故B正确；C、D：甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比较快，开始阶段的位移比较大，故甲总是先达到同一高度的位置故C错误，D正确故选：BD点评：本题应该用“加速度”解释：高度相同，到达底端的速度大小就相同，但甲的加速度逐渐减小，乙的加速度逐渐增大所以它们的速度增加的快慢不同，甲增加得

26、最快，乙增加得最慢10如图所示，足够长的斜面上有a、b、c、d、e五个点，ab=bc=cd=de，从a点水平抛出一 个小球，初速度为v时，小球落在斜面上的b点，落在斜面上时的速度方向与斜面夹角为；不计空气阻力，初速度为2v时( )A小球可能落在斜面上的c点与d点之间B小球一定落在斜面上的e点C小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角大于D小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：（1）小球落在斜面上，竖直方向上的位移与水平方向位移的比值一定，运动的时间与初速度有关，根据竖直方向上的位移公式，可得出竖直位移与初速度的关系，从而知道小球的落点（2）根据速度方向与水平方

27、向的夹角变化，去判断的变化解答：解：A、小球落在斜面上速度与水平方向的夹角为，则小球落在斜面上，竖直方向上的速度与水平方向速度的比值tan=，解得：t=，在竖直方向上的位移y=当初速度变为原来的2倍时，竖直方向上的位移变为原来的4倍，所以小球一定落在斜面上的e点，故A错误，B正确；C、设小球落在斜面上速度与水平方向的夹角为，则tan=，又t=2×=，所以tan=tan，所以落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为故C错误，D正确故选：BD点评：物体在斜面上做平抛运动落在斜面上，竖直方向的位移与水平方向上的位移比值是一定值以及知道在任一时刻速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值

28、的2倍112013年4月将出现“火星合日”的天象“火星合日”是指火星、太阳、地球三者之间形成一条直线时，从地球的方位观察，火星位于太阳的正后方，火星被太阳完全遮蔽的现象，如图所示已知地球、火星绕太阳运行的方向相同，若把火星和地球绕太阳运行的轨道视为圆，火星绕太阳公转周期约等于地球公转周期的2倍，由此可知( )A“火星合日”约每1年出现一次B“火星合日”约每2年出现一次C火星的公转半径约为地球公转半径的倍D火星的公转半径约为地球公转半径的8倍考点：万有引力定律及其应用；向心力 专题：万有引力定律的应用专题分析：由圆周运动的规律可得出多长时间火星、地球及月球处在同一直线上；由万有引力充当向心力可知

29、火星半径与地球半径的大小关系解答：解：A、因火星的周期为地球周期的2倍，故地球转一周时，火星转动了半圈，故一年内不会出现“火星合日”现象；只有等火星转动一圈时才会同时出现在同一直线上，故约2年出现一次，故A错误，B正确；C、由G=m可知，R=，故半径R与成比，故火星的公转半径约为地球公转半径的倍；故C正确，D错误；故选：BC点评：行星绕太阳运动与卫星绕地球运动的模型相似：旋转天体绕中心天体做匀速圆周运动，中心天体对旋转天体的万有引力提供旋转天体的向心力本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论12如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为

30、L的两点，其中Q1带正电位于原点O，a、b是它们连线延长线上的两点，其中b点与O点相距3L现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过a，b两点时的速度分别为va，vb，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是( )AQ2带负电且电荷量大于Q1Bb点的场强一定为零Ca点的电势比b点的电势高D粒子在a点的电势能比b点的电势能小考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：由图象分析可知：正带电粒子在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点正电粒子受到两点电荷的电场力

31、平衡，从而可得出Q2的电性为负；通过正带电粒子的动能先减小再增大，判断电场力做功和电势能的变化解答：解：AB、由图象分析可知：在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，可知b点的合场强为零，Q2带负电，且有=所以，Q1Q2，故A错误，B正确CD、该电荷从a点到b点，做减速运动，且该电荷为正电荷，电场力做负功，所以电势能增大，再据Ep=q知，电势升高，所以b点电势较高，故C错误，D正确故选：BD点评：解决本题的关键是据图象分析，明确b点的合场强为零为突破口，根据库仑定律得到Q1和Q2的电量关系；用活电场力做功和电势能的关系二、实验题（本题共1小

32、题，共13分，按要求做题）13（13分）用如图1所示的实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律图2给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻计数点间的距离如图2所示已知m1=50g，m2=150g，则（g=9.8m/s2，所有结果均保留三位有效数字）（1）在纸带上打下计数点5时的速度v5=2.40m/s；（2）在打点05过程中系统动能的增量Ek=0.576J，系统势能的减少量Ep=0.588J，由此得出的结论是在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒（3）若某同学做

33、出v2h图象如图3所示，则当地的实际重力加速度g=9.7m/s2考点：验证机械能守恒定律 专题：实验题；机械能守恒定律应用专题分析：（1）根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可以求出打下记数点5时的速度大小；（2）根据物体的初末动能大小可以求出动能的增加量，根据物体重力做功和重力势能之间的关系可以求出系统重力势能的减小量，比较动能增加量和重力势能减小量之间的关系可以得出机械能是否守恒；（3）根据图象的物理意义可知，图象的斜率大小等于物体的重力加速度大小解答：解：（1）根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第5个点时的速度为：v

34、5=2.4m/s；（2）物体的初速度为零，所以动能的增加量为：Ek=mv0=0.576J；重力势能的减小量等于物体重力做功，故：EP=W=mgh=（0.05+0.15）×9.8×0.216=0.588J；由此可知动能的增加量和势能的减小量基本相等，因此在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒（4）本题中根据机械能守恒可知，mgh=mv2，即有：v2=gh，所以出v2h图象中图象的斜率表示重力加速度，由图可知，斜率k=9.7，故当地的实际重力加速度g=9.7m/s2故答案为：（1）2.40；（2）0.576；0.588；在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能

35、守恒；（3）9.7点评：本题全面的考查了验证机械能守恒定律中的数据处理问题，要熟练掌握匀变速直线运动的规律以及功能关系，增强数据处理能力三、计算题：（本题共3小题，27分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算题，答案中必须明确写出数值和单位，作图题必须尺规作图）14悬挂在O点的一根不可伸长的绝缘细线下端有一个质量为m、带电量为q的小球，若在空间加一匀强电场，则小球静止时细线与竖直方向夹角为，如图所示，求：（1）所加匀强电场场强最小值的大小和方向；（2）若在某时刻突然撤去电场，当小球运动到最低点时，小球对细线的拉力为多大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的

36、合成与分解的运用；电场强度 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）对小球受力分析，受重力、电场力和拉力，小球保持静止，受力平衡，先根据平衡条件确定电场力最小的临界情况，然后求解最小电场力；（2）在某时刻突然撤去电场，小球小角度摆动，只有重力做功，机械能守恒，根据守恒定律列式求解最低点速度；在最低点，小球受重力和拉力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解细线的拉力；最后，根据牛顿第三定律得到小球对细线的拉力解答：解：（1）对小球实力分析，受重力、电场力和拉力，如图所示：从图中可以看出，当电场力方向与细线垂直时，电场力最小，电场强度最小，根据共点力平衡条件，有：mgsin=qE解得：E=（

37、2）某时刻突然撤去电场，小球小角度摆动，只有重力做功，机械能守恒，根据守恒定律，有：mgL（1cos）=在最低点，小球受重力和拉力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：Tmg=m联立解得：T=mg（32cos）根据牛顿第三定律，小球对细线的拉力为mg（32cos）答：（1）所加匀强电场场强最小值的大小为，方向垂直细线向下；（2）若在某时刻突然撤去电场，当小球运动到最低点时，小球对细线的拉力为mg（32cos）点评：本题第一问先通过图解法分析出电场力最小的方向，然后根据共点力平衡条件求解出电场力的最小值，得到最小电场强度；第二问关键根据机械能守恒定律和牛顿第二定律列式求解15如图，用跨过光滑定

38、滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边已知拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船受到的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v0，小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t1，A、B两点间距离为d，缆绳质量忽略不计求：（1）小船从A点运动到B点的全过程克服阻力做的功Wf；（2）小船经过B点时的速度大小v1；（3）小船经过B点时的加速度大小a考点：运动的合成和分解；牛顿第二定律 专题：压轴题；运动的合成和分解专题分析：（1）根据功的表达式求出阻力所做的功（2）根据动能定理求出小船经过B点时的速度（3）设小船经过B点时绳的拉力大小为F，绳与水平方向夹角为，绳的速度大小为u，根据牛顿第二定律、功率P=Fu，以及小船速度与绳子收缩速度的关系求出B点的加速度解答：解：（1）小船从A点运动到B点克服阻力做功Wf=