2019年内蒙古包头市中考物理试卷

1、2019 年内蒙古包头市中考物理试卷一、选择题（本题包括 7 个小题，每小题 3 分，共 21 分每小题只有一个选项符合题意，请将答题卡上对应题目的答案标号涂黑）1（3 分）与“立竿见影”现象原理相同的是（）A平静湖边，倒影可见C林荫树下，光斑点点B山间小溪，清澈见底D雨过天晴，彩虹出现2（3 分）下列说法正确的是（）A初春，冰雪消融是汽化现象B深秋，草叶上的白霜是凝华现象C盛夏，地面温度升高，地面含有的热量增多D严冬，搓手取暖是利用了热传递增大内能3（3 分）下列说法正确的是（）A音叉在真空中

2、振动不会产生声音B倒车雷达是利用电磁波来探测车后障碍物的C滚摆在滚动过程中运动状态一定改变D热机和电动机在能量的转化方式上是相同的4（3 分）下列图示所涉及的物理知识正确的是（）A如图说明同种电荷相互排斥B如图闭合开关，小磁针左端为 S 极C如图是发电机的工作原理示意图第 1 页（共 24 页）D按如图的方法使用测电笔可以辨别火线与零线5（3 分）如图所示是舰载机飞离甲板的过程中，下列说法正确的是（）A飞机在跑道上滑行时若外力全部消失，会逐渐停下来B飞机起飞时加速助跑，可获得更大的惯性，利于升空C飞机加速升空，动能

3、转化为重力势能，机械能增大D飞机飞离甲板后，舰艇底部受到水的压强变小6（3 分）如图所示，拉力F 为 5N，物体 A 以 0.1m/s 的速度在物体 B 表面向左做匀速直线运动（B 表面足够长）；物体 B 静止在地面上，受到地面水平向左 4N 的摩擦力，弹簧测力计示数为 12N下列说法正确的是（）A物体 A 受到的摩擦力为 10NB拉力 F 的功率为 1.5WC滑轮组的机械效率为

4、0;80%D拉力 F 增大到 15N 时，物体 B 开始向左运动7（3 分）如图所示，小灯泡 L 标有”6V 3W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响），当 S闭合，滑动变阻器滑片 P 在最左端时，小灯泡 L 正常发光；当 S 闭合，S1 断开，滑动变阻器滑片 P 在中点时，电流表的示数为 0.2A，下列说法正确的是（）第 2 页（共 24 页）A电源

5、电压为 9VB滑动变阻器的最大阻值为 18C调节电路元件，可使电压表达到的最大值为 4.5VD电路的最小功率与最大功率之比为 3：16二、作图与实验（本题包括 4 个小题，第 8 题 4 分，第 9 题 4 分，第 10 题 6 分，第 11 题 7分，共 21 分）（8 4 分）在”观察水的沸腾”实验中，如图甲所示，在烧瓶中加入 200

6、g 水，加热并从 90开始记录温度，每隔 1min 记录一次温度计的示数，直到水沸腾一段时间为止。数据记录表格如下：记录次数温度/第一次90第二次92第三次94第四次95第五次98第六次98第七次98（1）水在沸腾过程中吸收热量，温度。（2）水沸腾时，瓶口不断冒出”白气”，该现象的物态变化名称是。（3）若不考虑水的质量损失，从开始记录温度到水刚沸腾的过程中，水吸收的热量为Jc 水4.2×103J/（kg）。（4）完成实验后，移走酒精灯，当水停止沸腾时，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，如图乙所示，会看到烧瓶中的水重

7、新沸腾起来，这是因为。9（4 分）在研究”凸透镜成像规律”的实验中：第 3 页（共 24 页）10（6 分）如图是“利用杠杆测量石块密度”的实验。 水1.0×103kg/m3）（1）蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，恰能在光凭上得到一个清晰的倒立，等大的实像，则凸透镜的焦距为cm。（2）保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用一个不同焦距的凸透镜，将光凭向右移动才能重新得到清晰的像，此时像（选填“变大”“变小”或“不变”），换用的凸透镜焦距可能为。A.10.0cm B.20.0cm C.30.0

8、cm D.35.0cm（3）将图中的凸透镜换成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是。（1）在实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于（选填“平衡”或“不平衡”）状态；要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向调节，这样做的目的是，并消除杠杆自重对实验的影响。（2）在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A中，此时小桶 A 中水的体积石块的体积。（3）将石块从溢水杯中取出，擦干后放入另一相同小桶 B 中，将装有水和石块的 A、B两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡

9、，如图丙所示。此时小桶 A、B 的悬挂点距支点 O 分别为 13cm 和 5cm，若不考虑小桶重力，则石块密度的测量值为kg/m3；若考虑小桶重力，石块的实际密度将比上述测量值。11（7 分）在测量小灯泡的电功率时，电源电压为 3V，小灯泡上标有“2.5V”字样。第 4 页（共 24 页）（1）在如图甲所示的电路中，闭合开关移动滑片，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因是，经分析有一根导线链接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线

10、连接成正确的电路。（2）电路连接正确后，从滑动变阻器接入电路的最大阻值开始记录数据，得到小灯泡的IU 图象如图乙所示，则小灯泡的额定功率是W由图可知，小灯泡的实际功率随实际电压的增大而，滑动变阻器的规格应选择。A.10 1A B.15 1A C.25 1A D.30 1A（3）有同学认为利用该电路还可以探究出导体中电流和导体两端电压成正比，你认为这种说法（选填“合理”或“不合理”），理由是。三、计算题（本题包括 2 个小题，第 12 题 9 分，第

11、0;13 题 9 分，共 18 分）（12 9 分）如图所示是某温控装置的简化电路图，工作电路由电压为 220V 的电源和阻值 R88 的电热丝组成；控制电路由电源、电磁铁（线圈电阻R020）、开关、滑动变阻器 R2（取值范围 080）和热敏电阻 R1 组成；R1 阻值随温度变化的关系如下表所示，当控制电路电流 I50mA 时，衔铁被吸合切断工作电路；当控制电路电流 I40mA 时，衔铁被释放接通

12、工作电路。温度/R1/90108020664060505070468040100361203513034150（1）工作电路正常工作时，R 在 1min 内产生的热量是多少？（2）当温度为 60，滑动变阻器 R250 时，衔铁恰好被吸合，控制电路的电源电压是多少？（3）若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是多少？第 5 页（共 24 页）（4）要想要该装置所控制的最高温度降低一些，请分析说明如何改变 R2 的阻值。（13 9 分）圆柱形容器置

13、于水平地面（容器重忽略不计），容器的底面积为 0.2m2，内盛 30cm深的水。现将一个底面积 400cm2、体积 4000cm3 均匀实心圆柱体放入其中。如图甲所示，物体漂浮在水面，其浸入水中的深度为 5cm；当再给物体施加一个竖直向下大小不变的g力 F 以后，物体最终恰好浸没于水中静止，如图乙所示。 水1.0×103kg/m3， 取 10N/kg）则：（1）物体受到的重力是多少？（2）物体浸没水中静止时容器对地面的压强是多少？（3）从物体漂浮水面到浸没水中静止的过程中压力

14、 F 做了多少功？第 6 页（共 24 页）2019 年内蒙古包头市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括 7 个小题，每小题 3 分，共 21 分每小题只有一个选项符合题意，请将答题卡上对应题目的答案标号涂黑）1（3 分）与“立竿见影”现象原理相同的是（）A 平静湖边，倒影可见C 林荫树下，光斑点点B 山间小溪，清澈见底D 雨过天晴，彩虹出现【分析】光在自然界中存在三种光现象：（1）光在同种均匀物质中沿

15、直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。【解答】解：“立竿见影”是由于光的直线传播形成的。A 、平静的湖面相当于平面镜，倒影属于平面镜成像，是利用光的反射，故 A 不符合题意；B 、小溪底部反射的光线从水中斜射出后，发生了折射，然后进入人的眼睛，人看到的小溪的底部是变浅的，故 B 不符合题意。C&

16、#160;、林荫树下，光斑点点，是由于光的直线传播形成的，与“小孔成像”形成原因相同。故 C 符合题意。D 、雨过天晴，天空出现美丽的彩虹，是光的色散现象，即光的折射，故 D 不符合题意；故选：C 。【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。2（3 分）下列说法正确的是（）A 初春，冰雪消融是汽化现象B 深秋，草叶上的白霜是凝华现象C 盛夏，地面温度升高，地面含有的热量增多第 7 页（共&#

17、160;24 页）D严冬，搓手取暖是利用了热传递增大内能【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；（2）热量是过程量，应用吸收或放出来修饰；（3）做功和热传递都能改变物体的内能。【解答】解：A、初春，冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化现象，故 A 错误；B、深秋，草叶上的白霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故 B正确；C、热量是过程量，不能说含有热量，只能说吸收，所以盛夏地面温度升高，不能说地面含有的热量增多，故

18、60;C 错误；D、严冬，搓手取暖是克服摩擦力做功机械能转化为内能，内能增加，温度升高，是利用了做功增大内能，故 D 错误。故选：B。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。3（3 分）下列说法正确的是（）A音叉在真空中振动不会产生声音B倒车雷达是利用电磁波来探测车后障碍物的C滚摆在滚动过程中运动状态一定改变D热机和电动机在能量的转化方式上是相同的（【分析】 1）声音是由物体振动产生的，声音的传播需要介质；（2）倒车雷达利用了超声波回声定位的原理

19、；（3）运动状态的改变包括速度和方向的改变；（4）热机将内能转化为机械能；电动机将电能转化为机械能。【解答】解：A、音叉在真空中振动会产生声音，只是真空不能传播声音，故 A 错误；B、倒车雷达是利用超声波回声定位的原理来探测车后障碍物的，故 B 错误；C、滚摆在滚动过程中，其速度大小、方向都会发生改变，所以其运动状态一定改变，故C 正确；D、热机将内能转化为机械能；电动机将电能转化为机械能，所以二者的能量转化方式不第 8 页（共 24 页）同，故 D 错误。故选：C。【点评】本题考查了

20、声音的产生与传播、超声波的应用、运动状态的理解、热机与电动机的能量转化等，有一定综合性，但难度不大。4（3 分）下列图示所涉及的物理知识正确的是（）A如图说明同种电荷相互排斥B如图闭合开关，小磁针左端为 S 极C如图是发电机的工作原理示意图（D按如图的方法使用测电笔可以辨别火线与零线【分析】 1）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；（2）根据安培定则可以判断；（3）电动机原理是根据通电导体在磁场中受到磁力作用而转动；（4）根据试电笔的使用方法分析。【解答】解：A、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，玻璃棒相互排斥，说明同种电荷相互排斥，故 A 正确；B、

21、电源的右端为正极，由安培定则可知，螺线管的右端为 S 极，左端为 N 极，故小磁针的右端为 S 极，左端为 N 极，故 B 错误；C、电动机原理是根据通电导体在磁场中受到磁力作用而转动，故 C 错误；D、使用试电笔时，手应接触笔尾的金属体，这样才能正确辨别火线和零线，故 D 错误。第 9 页（共 24 页）故选：A。【点评】本题考查电荷之间的相互作用，安培定则，电动机原理，以及测电笔的使用，是一道综合题。5（3

22、60;分）如图所示是舰载机飞离甲板的过程中，下列说法正确的是（）A飞机在跑道上滑行时若外力全部消失，会逐渐停下来B飞机起飞时加速助跑，可获得更大的惯性，利于升空C飞机加速升空，动能转化为重力势能，机械能增大D飞机飞离甲板后，舰艇底部受到水的压强变小【分析】（1）根据牛顿第一定律，当物体不受力时，将处于静止状态或匀速直线运动状态，若物体原来是运动的，不受力将保持原来的速度做匀速直线运动；（2）惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；（3）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的

23、高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析；（4）漂浮物体的浮力始终等于自身重力，判断出重力的变化情况，即可得知浮力如何变化，进而判断出排开水的体积变化、舰艇底部所处深度变化，再根据液体压强特点判断压强变化。【解答】解：A、当飞机在跑道上滑行时若外力全部消失，根据牛顿第一定律他将会作向上的匀速直线运动，故 A 错误；B、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，故飞机起飞时加速助跑，是为了获得更大的动能，利于升空，不能增大惯性，故B 错误；C、飞机加速升空，质量不变，速度和高度都增加，

24、故动能和重力势能都变大，动能没有第 10 页（共 24 页）转化为重力势能，故 C 错误；D、飞机飞离甲板后，舰艇总重力减小，浮力减小，舰艇排开水的体积减小，所以舰艇底部的深度减小，其受到水的压强会变小，故 D 正确。故选：D。【点评】本题借助舰载机飞离甲板这个场景，考查相关的物理知识，综合性较强，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。6（3 分）如图所示，拉力F 为 5N，物体 A 以 0.1m/s 的速度在物体 B 表面向

25、左做匀速直线运动（B 表面足够长）；物体 B 静止在地面上，受到地面水平向左 4N 的摩擦力，弹簧测力计示数为 12N下列说法正确的是（）A物体 A 受到的摩擦力为 10NB拉力 F 的功率为 1.5WC滑轮组的机械效率为 80%D拉力 F 增大到 15N 时，物体 B 开始向左运动（【分析】 1）由图知，水平使用滑轮组，n2，拉力端移动速度等于物体 A 移动速度的2 

26、;倍，利用 PFv 求拉力做功功率；（2）物体 B 静止在地面上，受到水平向左 4N 的摩擦力，弹簧测力计示数为 12N，由此可求得物体 A 受到的摩擦力；（3）滑轮组的机械效率 ×100%。【解答】解：A、物体 B 静止在地面上，所以受力平衡；水平方向上物体 B 受到向右的弹簧拉力、地面对它向左的摩擦力和物体 A 对它向左的摩擦力，所以两个摩擦力之和为 12N，即 fAB+4N12N，则 fAB

27、8N；根据相互作用力的知识可知，物体 A 受到的摩擦力为 ffAB8N；故 A 错误；B、由图知，水平使用滑轮组，n2，拉力端移动速度 v2v 物2×0.1m/s0.2m/s，第 11 页（共 24 页）则拉力做功的功率：P C、滑轮组的机械效率：Fv5N×0.2m/s1W；故 B 错误；×100%      80%，故 C 正确；D、若拉力

28、60;F 增大到 15N 时，A 在运动过程中，A 对 B 的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则 A 和 B 之间的摩擦力不变，所以物体 B 的运动状态不会改变，即物体 B 仍然静止，不会向左运动，故 D 错误。故选：C。【点评】此题考查了滑轮组的机械效率、摩擦力的分析及力的合成的应用等，解决此题的关键是对每个物体进行正确的受力分析，搞清楚各个力之间的关系。7（3 分）如图所示，小灯泡 L 标有”

29、6V 3W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响），当 S闭合，滑动变阻器滑片 P 在最左端时，小灯泡 L 正常发光；当 S 闭合，S1 断开，滑动变阻器滑片 P 在中点时，电流表的示数为 0.2A，下列说法正确的是（）A电源电压为 9VB滑动变阻器的最大阻值为 18C调节电路元件，可使电压表达到的最大值为 4.5VD电路的最小功率与最大功率之比为 3：16【分析】A、当 S 闭合，滑动变阻器滑片 P 

30、在最左端时，为灯的简单电路，小灯泡 L 正常发光，可知电源电压；B、根据 P得出灯的电阻：当 S 闭合，S1 断开，滑动变阻器滑片 P 在中点时，变阻器与灯串联，电流表测电路的电流，由欧姆定律，得出灯的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律求出变阻器连入电阻的大小，从而得出滑动变阻器的最大阻值；C、当开关 S、S1 都闭合且滑动变阻器滑片 P 在最右端时，电压表达到最大值，根据简单电路分析可知电压表最大值；D、根据 PUI 得出灯的额定电流即电路中的最大电流，

31、根据 PUI 求出电路的最大功第 12 页（共 24 页）率；根据 P，当电路的电阻最大时功率最小，根据电阻的串联得出电阻的最大电阻，从而得出最小功率，最后求出电路的最小功率与最大功率之比。【解答】解：A、当 S 闭合，滑动变阻器滑片 P 在最左端时，为灯的简单电路，小灯泡L正常发光，故电源电压为 6V；A 错误；B、根据 P，灯的电阻：R12；当 S 闭合，S1 断开，滑动变阻器滑片 P 在中点时，变阻器

32、与灯串联，电流表测电路的电流，电流表的示数为 0.2A，由欧姆定律，灯的电压为：U 灯I×R0.2A×122.4V，根据串联电路的规律和欧姆定律，变阻器连入电阻的大小：R 滑18；故滑动变阻器的最大阻值为：2×1836B 错误；C、当开关 S、S1 都闭合，滑动变阻器滑片 P 在最右端时，灯将被短路，电路成为阻值为36 的简单电路，此时电压表相当于并联在电源两端，电压表达到最大电压为6V，故 C错误；D、当开关 S、S1 都闭合，滑动变阻器滑片&

33、#160;P 在最左端时，根据电阻的并联，此时电路中的总电阻最小：R 并联9，故电路的最大功率为：P 大4W；根据 P，当电路的电阻最大时功率最小，根据电阻的串联，电阻的最大电阻：R 串联36+1248，故最小功率为：P 小 W；电路的最小功率与最大功率之比为：W：4W3：16，故 D 正确。故选：D。第 13 页（共 24 页）【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路的分析。二、作图与实验（本题包括 4 个小题，第

34、 8 题 4 分，第 9 题 4 分，第 10 题 6 分，第 11 题 7分，共 21 分）（8 4 分）在”观察水的沸腾”实验中，如图甲所示，在烧瓶中加入 200g 水，加热并从 90开始记录温度，每隔 1min 记录一次温度计的示数，直到水沸腾一段时间为止。数据记录表格如下：记录次数温度/第一次90第二次92第三次94第四次95第五次98第六次98第七

35、次98（1）水在沸腾过程中吸收热量，温度 保持不变。（2）水沸腾时，瓶口不断冒出”白气”，该现象的物态变化名称是液化。（3）若不考虑水的质量损失，从开始记录温度到水刚沸腾的过程中，水吸收的热量为6.72×103Jc 水4.2×103J/（kg）。（4）完成实验后，移走酒精灯，当水停止沸腾时，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，如图乙所示，会看到烧瓶中的水重新沸腾起来，这是因为瓶内气压减小，水的沸点降低。（【分析】 1）水沸腾前，吸收热量，温度升高；沸腾时，吸热温度不变。（2）物体由气态变为液态是液化；（3）已知水的比热容、质量

36、和温度的变化量，根据吸热公式 Q 吸t 即可计算出水吸收的热量。（4）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。【解答】解：（1）水在沸腾时，吸收热量，温度保持不变；（2）烧杯口有大量的“白气”不断冒出，这些“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴；（3）不考虑水的质量损失，从开始加热到水刚沸腾的过程中水吸收的热量：第 14 页（共 24 页）Q 吸cm（tt0）4.2×103J/（kg）×0.2kg×（9890）6.72×103J。（4）待水沸腾后，移去酒精

37、灯，水停止沸腾。过一会儿，将注射器接到烧瓶口上，如图丙所示，然后向外拉注射器活塞，这是从瓶内向外抽气，瓶内气压减小，水的沸点降低，所以看到水重新沸腾。故答案为：（1）保持不变；（2）液化；（3）6.72×103；（4）瓶内气压减小，水的沸点降低。【点评】此题考查水沸腾的特点，以及沸点与气压的关系，是热学的重点实验，应注意掌握。9（4 分）在研究”凸透镜成像规律”的实验中：（1）蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，恰能在光凭上得到一个清晰的倒立，等大的实像，则凸透镜的焦距为15.0cm。（2）保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用一个不同焦距的凸透镜，将光凭向右移动才能重）新

38、得到清晰的像，此时像 变大（选填“变大” 变小”或“不变”，换用的凸透镜焦距可能为B。A.10.0cm B.20.0cm C.30.0cm D.35.0cm（3）将图中的凸透镜换成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是 平面镜成虚像，无法呈在光屏上。（【分析】 1）当物距等于 2 倍焦距时成等大的倒立的实像，求出焦距。（2）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点进行判断；换用焦距大的凸透镜，相当于减小了物距，然后用排除法分析。（3）平面镜成像特点，像和物体的大小相等为虚像，虚像不可以成在光屏上。【解答】解：（

39、1）当 u50.0cm20.0cm30cm 时，在另一侧距凸透镜 30cm 处的光屏上可以得到一个与蜡烛等大的像，所以 2f30.0cm，即 f15.0cm。（2）保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用不同焦距的凸透镜，将光屏向右移动重新得到清晰的像，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点可知，物距减小了，换用焦距大的凸透镜，相当于减小了物距，故换用的凸透镜焦距是 BCD，不是 A；若用的是 C，焦第 15 页（共 24 页）10（6 分）如图是“利用杠杆测量石

40、块密度”的实验。 水1.0×103kg/m3）距是 30cm，则蜡烛正好在焦点上，不成像，若用的是 Dcm，则蜡烛正好在 1 倍焦距内，成倒正立放大的虚像，故 B 符合题意；（3）将图中的凸透镜换成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是平面镜成虚像，所以在光屏上不能得到蜡烛的像。故答案为：（1）15.0；（2）变大；B；（3）平面镜成虚像，无法呈在光屏上。【点评】此题考查了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系，做到灵活应用，其中（2）题是难点。（1）在实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，此

41、时杠杆处于 平衡（选填“平衡”或“不平衡”）状态；要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 右调节，这样做的目的是便于从杠杆上测量力臂，并消除杠杆自重对实验的影响。（2）在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A中，此时小桶 A 中水的体积等于石块的体积。（3）将石块从溢水杯中取出，擦干后放入另一相同小桶 B 中，将装有水和石块的 A、B两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。此时小桶 A、B 的悬挂点距支点 O

42、 分别为 13cm 和 5cm，若不考虑小桶重力，则石块密度的测量值为2.6×103kg/m3；若考虑小桶重力，石块的实际密度将比上述测量值偏大。（【分析】 1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡；要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；（2）石块的排水体积就是石块的体积；（3）根据杠杆平衡条件可求得石块的密度；当将石块从水中拿出时，石片上会沾有水，向烧杯内倒入的水会偏多，根据密度公式可分析出误差。第

43、0;16 页（共 24 页）【解答】解：（1）杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡，目的是便于从杠杆上测量力臂，同时是为了让杠杆的重心在支点上，可避免杠杆自重的影响；杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动；（2）在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A中，此时小桶 A 中水的体积等于石块的体积；（3）将装有水和石块的 A、B 两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。此时小桶

44、0;A、B 的悬挂点距支点 O分别为 13cm 和 5cm，若不考虑小桶重力，根据杠杆平衡条件可知，G 石 L1G 水 L2，即 m 石 gL1m 水 gL2，石V 石 gL1水V 水 gL2，V 石 L1石                

45、水V 水 L2，因为倒出的水的体积就是石块的体积，即 V 石V 水，则石块的密度  石 水×1×103kg/m32.6×103kg/m3；若考虑小桶重力，质量偏大。由  可知，石块的实际密度将比上述测量值偏大。故答案为：（1）平衡；右；便于从杠杆上测量力臂；（2）等于；（3）2.6×103；偏大。【点评】固体密度的测量是初中物理的重要实验，一定要熟练掌握。同时还考查了杠杆平衡条件的应用，有一定的综合性。11（7 分）在测量小灯泡的电功率时，电源电

46、压为 3V，小灯泡上标有“2.5V”字样。第 17 页（共 24 页）（1）在如图甲所示的电路中，闭合开关移动滑片，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因是电压表串联在电路中，经分析有一根导线链接错误，请在连接错误的导线上打“×”，并补画出一根导线连接成正确的电路。（2）电路连接正确后，从滑动变阻器接入电路的最大阻值开始记录数据，得到小灯泡的IU 图象如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 0.625W由图可知，小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大，滑动变阻器的规格应选择C。A.10 1A 

47、;B.15 1A C.25 1A D.30 1A（3）有同学认为利用该电路还可以探究出导体中电流和导体两端电压成正比，你认为这种说法不合理（选填“合理”或“不合理”），理由是灯丝电阻是变化的，无法得到电流与电压成正比。【分析】（1）在电路中，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，因电压表内阻很大，分析灯的发光情况；灯与变阻器并联，电压表串联在电路中是错误的，灯与变阻器串联，电压表与灯并联；（2）根据小灯泡的 IU 图象知灯在额定电压下的电流，根据 PUI 求出小灯泡的额定功率；由图可知，灯的电流随电

48、压的变大而增大，根据 PUI 分析；由图知，当电压表示数为0.5V 时，电路的最小电流为 0.1A，由串联电路的规律及欧姆定律得出滑动变阻器的最大电阻分析；（3）探究出导体中电流和导体两端电压关系时，要控制电阻阻值不变，据此分析。【解答】解：（1）在电路中，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，因电压表内阻很大，故电路的电流很小，灯不亮；灯与变阻器并联，电压表串联在电路中是错误的，灯与变阻器串联，电压表与灯并联，如下所示：第 18 页（共 24 页）（2）根据小灯泡的 IU 图象知，灯在额

49、定电压下的电流为 0.25A，小灯泡的额定功率是：PUI2.5V×0.25A0.625W；由图可知，灯的电流随电压的变大而增大，根据 PUI，故小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大；由图知，当电压表示数为 0.5V 时，电路的最小电流为 0.1A，由串联电路的规律及欧姆定律，滑动变阻器的最大电阻为：R 滑25，故变阻器规格应选择 C；（3）探究出导体中电流和导体两端电压关系时，要控制电阻阻值不变，因灯丝电阻是变化的，无法得到电流与电压成正比成正比，这种说法不合理。故答案为：（1）电压表串联在电路中；（2）0.62

50、5；增大；C；（3）不合理； 灯丝电阻是变化的，无法得到电流与电压成正比。【点评】本题测量小灯泡的电功率时，考查电路连接、功率计算、影响电阻大小的因素及数据分析和控制变量法法的运用。三、计算题（本题包括 2 个小题，第 12 题 9 分，第 13 题 9 分，共 18 分）（12 9 分）如图所示是某温控装置的简化电路图，工作电路由电压为 220V 的电源和阻值 R88 的电热丝组成；控制电路由电源、电磁铁

51、（线圈电阻R020）、开关、滑动变阻器 R2（取值范围 080）和热敏电阻 R1 组成；R1 阻值随温度变化的关系如下表所示，当控制电路电流 I50mA 时，衔铁被吸合切断工作电路；当控制电路电流 I40mA 时，衔铁被释放接通工作电路。第 19 页（共 24 页）温度/R1/90108020664060505070468040100361203513034150（1）工作电路正常工作时，R 在 1min 内产生的热量是多少？（2）当温

52、度为 60，滑动变阻器 R250 时，衔铁恰好被吸合，控制电路的电源电压是多少？（3）若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是多少？（4）要想要该装置所控制的最高温度降低一些，请分析说明如何改变 R2 的阻值。（【分析】1）工作电路的电压电热丝阻值大小，根据 Qt 求出在 1min 内产生的热量：（2）根据电阻的串联求出电路的总电阻，衔铁恰好被吸合，得出控制电路电流，由欧姆定律得出控制电路的电源电压；（3）当控制电路电流 I50mA 时，衔铁被吸合切断工作电路，由欧姆定律求

53、出电路的最大总电阻；滑动变阻器 R2 取值范围 080，根据串联电阻的规律求出最小的热敏电阻最小（温度最高），由表中数据知可控制的最高温度；当控制电路电流 I40mA 时，衔铁被释放接通工作电路，由欧姆定律得出电路的总电阻最小；滑动变阻器 R2（取值范围 080）的最小电阻为 0，根据串联电阻的规律求出热敏电阻最大，从而得出最低温度；（4）要想要该装置所控制的最高温度降低一些，即热敏电阻增大，因电流不变，由欧姆定律，总电阻不变，据此分析。【解答】解：（1）工作电路由电压为 220V 的电源和阻值

54、 R88 的电热丝组成，则 R 在 1min 内产生的热量：第 20 页（共 24 页）Qt×1×60s3.3×104J；（2）当温度为 60时，由表格数据可知 R150，已知此时滑动变阻器 R250，则控制电路的总电阻为：RR1+R2+R050+50+20120，此时衔铁恰好被吸合，则控制电路的电流 I50mA0.05A，由欧姆定律可得，控制电路的电源电压：UIR0.05A×1206V；（3）当控制电路电流

55、0;I50mA 时，衔铁被吸合切断工作电路，由欧姆定律可得，控制电路的总电阻最大为：R 大120，滑动变阻器 R2（取值范围 080）的最大电阻为 80，根据串联电阻的规律，热敏电阻R1 的阻值最小（此时温度最高）：R1R 大R2R0120802020，由表中数据知可控制的最高温度为 80；当控制电路电流 I40mA 时，衔铁被释放接通工作电路，由欧姆定律，控制电路的总电阻最小为：R 小150，滑动变阻器 R2 的最小电阻为 0 时，根据串联电阻

56、的规律，热敏电阻 R1 的阻值最大（此时温度最低）：R115020130，由表中数据知可控制的最低温度为 35；所以，若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是 3580；（4）要想要该装置所控制的最高温度降低一些，即热敏电阻 R1 的阻值增大，因吸合时的电流不变，由欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，故应减小 R2 的最大阻值。答：（1）工作电路正常工作时，R 在 1min 内产生的热量是 3.3×104J；（2）当温度为 60，滑动变阻器 R250 时，衔铁恰好被吸合，控制电路的电源电压是 6V；（3）若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是 3580；（4）要想要该装置所控制的最高温度降低一些，应减小 R2 的最大阻值。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用、及电热公式的和电磁铁的运用，关键是从题 中获取有效的信息。第 21 页（共 24 页）（13 9 分）圆柱形容器置于水平地面（容器重忽略不计），容器的底面积为 0.2m2，内盛 30c