2019版高考生物一轮复习第5单元遗传和染色体课时分层集训15基因的自由组合定律苏教版

1、课时分层集训（十五）（建议用时：45 分钟）A 组基础达标1. （2015 海南高考）下列叙述正确的是（）A. 孟德尔定律支持融合遗传的观点B. 孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中C.按照孟德尔定律， AaBbCcDc 个体自交，子代基因型有 16 种D.按照孟德尔定律，对AaBbCc 个体进行测交，测交子代基因型有8 种D 孟德尔定律的前提是遗传因子独立存在，不相互融合，A 错误；孟德尔定律描述的过程发生在减数分裂中，B 错误；按照孟德尔定律，AaBbCcDc 个体自交，子代基因型有 3X3X3=27种，C 错误；按照孟德尔定律，对AaBbCc 个体进行测交，测交子代基因型有2X2X2=8

2、 种，D 正确。2. （2018 河北衡水中学期中）豌豆豆荚绿色（G）对黄色（g）为显性，花腋生（H）对顶生（h）为显性，这两对相对性状的遗传遵循基因自由组合定律。两个品种的豌豆杂交得到如下图所示的结果，则亲本的基因型是（）A. GGhXggHHB. GgHXggHhC. GgHhx GghhD. Gghhx GGHhB 子代中豆荚黄色和绿色的比例是1 : 1，为测交 GgX gg 的结果；花腋生和顶生的比例为 3 ： 1,为杂合子自交 Hhx Hh 的结果，因此亲本基因型为 GgHhXggHh, B 正确。3.（2018 -河北衡水一调）“遗传学之父”孟德尔经过多年的实验发现了遗传规律，其中

3、基因的自由组合应该发生于图中的（）【导学号：41780069】ABAb配子间16种AaRb严、厂、J、“9种基因型M种表现型（9： 3：应结合方式ab4.让独立遗传的黄色非甜玉米 YYSS 与白色甜玉米A.和B .C.D.B 自由组合定律发生在减数分裂形成配子时，故B 正确。yyss 杂交，在 F2中得到白色甜玉米380 株，那么 F2中表现不同于双亲的杂合植株约为（）A. 160 株B. 240 株C. 320 株D. 480 株C 由题干和自由组合定律知，白色甜玉米占 1/16，而 F2中不同于双亲的杂合植株占4/16，故其值约为 80X4= 320。5. （2018 江苏苏北四市期中）下

4、图表示两对等位基因在染色体上的分布情况。若图1、2、3 中的同源染色体均不发生交叉互换，则图中所示个体自交后代的表现型种类依次是C. 2、4、4A 图 1 个体自交后代基因型有A_B_和 aabb，有两种表现型，图2 个体自交后代基因型有 AaBb AAbb aaBB,有 3 种表现型，图 3 个体中两对等位基因独立遗传，自交后代有4种表现型，A 正确。6. （2018 -济宁联考）番茄的花色和叶的宽窄分别由两对等位基因控制，且两对基因中某一对基因纯合时会导致受精卵致死。现用红色窄叶植株自交，子代的表现型及其比例为红色窄叶：红色宽叶：白色窄叶：白色宽叶= 6: 2 : 3: 1。下列有关表述正

5、确的是（）A. 这两对基因位于一对同源染色体上B. 这两对相对性状中显性性状分别是红色和宽叶C. 控制花色的基因具有隐性纯合致死效应D. 自交后代中纯合子所占比例为 1/6D A 选项：因后代出现四种表现型， 遵循基因的自由组合定律，故两对基因独立遗传；B 选项：因红色窄叶植株自交后代出现性状分离，故红色和窄叶为显性性状；C 选项：花的白色为隐性性状，后代有白色花，故控制花色的隐性纯合基因无致死效应；D 选项：自交后代中红色窄叶：红色宽叶：白色窄叶：白色宽叶= 6 : 2 : 3 ： 1,因此红色窄叶植株中有3份致死，红色宽叶植株中有 1 份致死，可知控制红色性状的基因纯合致死，即红色窄叶植株

6、和红色宽叶植株中均无纯合子，白色窄叶植株中有1 份纯合子，白色宽叶植株为纯合子（1份），故比例为 1/6。A. 2、 3、 4D. 2、2、447.（2018 江苏四市模拟）孟德尔用具有两对相对性状的豌豆作亲本杂交获得F1, F1自交得 F2, F2中黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒的比例为9 : 3 : 3 ： 1,与 F2出现这种比例无直接关系的是（）A. 亲本必须是纯种的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆B. Fi产生的雌、雄配子各有 4 种，比例为 1 ： 1 ： 1：1C. Fi自交时，4 种类型的雌、雄配子的结合是随机的D. Fi的雌、雄配子结合成的合子都能发育成新个体A 亲本既可以

7、选择纯种的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆，也可以选择纯种的黄色皱粒豌豆与绿色圆粒豌豆，两种情况对实验结果没有影响。& （2018 河南九校联考）油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用基因型不同的甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如下表所示。相关说法错误的是（ ）【导学号：41780070】PF1F2甲X非凸耳凸耳凸耳：非凸耳=15：1乙X非凸耳凸耳凸耳：非凸耳=3：1丙X非凸耳凸耳凸耳：非凸耳=3：1A. 凸耳性状是由两对等位基因控制B. 甲、乙、丙均为纯合子C. 甲和乙杂交得到的 F2均表现为凸耳D. 乙和丙杂交得到的 F2表现型及比例为凸耳：非凸耳=3：1D 根据甲

8、与非凸耳杂交后得到的F1自交，F2代出现两种性状，凸耳和非凸耳之比为15 : 1，可以推知，凸耳性状是受两对等位基因控制的，由于甲X非凸耳得到的F2代凸耳：非凸耳=15： 1,说明非凸耳是双隐性状，甲是双显性状的纯合子，乙X非凸耳得到的F2代凸耳：非凸耳=3 : 1,说明乙是单显性状的纯合子，故甲与乙杂交得到的F2代个体中一定有显性基因，即一定是凸耳，由于丙X非凸耳得到的F2代凸耳：非凸耳=3 : 1，故丙为另一种单显性状的纯合子， 因此乙X丙杂交得到的 F1为双杂合子，F2代有两种表现型，凸耳： 非凸耳=15 ： 1。9. （2018 -开封一模）小麦有大、小穗和抗虫、不抗虫两对相对性状，控

9、制两对性状的基因（分别用Aa 和 B b 表示）独立遗传，现有两组杂交的情况如下表，请分析回答：杂交组合子代的表现型和植株数目小穗不抗虫小穗抗虫大穗不抗虫大穗抗虫51大穗不抗虫（甲）X小穗不抗虫7532517622482大穗不抗虫（乙）X小穗抗虫001 5081 529（1）上述两对性状中， _ 是显性性状。(2) 杂交组合 1 的子代中，出现小穗抗虫和大穗抗虫植株的原因是 _ 。(3) 杂交组合 1 的子代中，大穗不抗虫植株的基因型是 _ 。(4) 若要利用亲本中的小麦品种获得可稳定遗传的大穗抗虫小麦，最简单的方法是利用 自交。(5) 已知题中所给杂交组合 1、2 的亲本中， A 的基因频率

10、为 40%，若它们的子一代中所 有个体全部存活，则子一代群体中 a 的基因频率是 _。 解析 (1) 具有相对性状的两个亲本杂交， 后代只表现一种性状， 该性状为显性性状， 由组合 2可以判断， 大穗是显性性状。相同性状的两个亲本杂交， 后代出现新的性状， 新出 现的性状为隐性性状，由组合 1 可以判断，不抗虫是显性性状。 (2) 组合 1 中亲本是大穗不 抗虫和小穗不抗虫，子代中出现小穗抗虫和大穗抗虫植株，原因是发生了基因重组。 (3) 组 合 1 中亲本的基因型是 AaBb aaBb,子代中大穗不抗虫植株的基因型是AaBB AaBd (4)若要获得可稳定遗传的大穗抗虫小麦AAbb,最简单的

11、方法是利用亲本中的大穗不抗虫乙(AABb)自交。(5)亲本中 A 的基因频率为 40%则 a 的基因频率是 60%由于子一代中所有个 体全部存活，杂交不会改变基因频率，子一代群体的基因频率不会发生改变，a 的基因频率是 60%。答案 (1) 大穗、不抗虫 (2) 基因重组(3)AaBb 、AaBB (4) 大穗不抗虫乙 (5)60%10. (2018 -湖北调研)某植物种子的颜色有黄色和绿色之分，受多对独立遗传的等位基因控制。现有两个绿色种子的纯合品系X Y。让 X、Y 分别与一纯合的黄色种子的植物杂交，在每个杂交组合中，Fi都是黄色，再自花授粉产生F2，每个组合的 F2分离如下：X:产生的

12、F2中 27 黄：37 绿Y:产生的 F2中 27 黄：21 绿回答下列问题：(1) 根据上述哪个品系的实验结果，可初步推断该植物种子的颜色至少受三对等位基因 控制？请说明判断的理由。O(2) 请从上述实验中选择合适的材料， 设计一代杂交实验证明推断的正确性。 (要求： 写 出实验方案，并预测实验结果 )6解析(1)分析 X、Y 两个品系的实验，X 品系实验中 F2中黄色个体比例为27+(27 +37) = (3/4)3,这表明 F1(黄色)有三对等位基因杂合，且三种显性基因同时存在就表现为黄色，其他情况均为绿色。(2)X 品系的实验为：P(绿色 X 品系X纯合黄色)一Fi(黄色)一F2(27

13、 黄：37 绿)，该 实验中亲本纯合黄色个体基因型为AABBCC 相关等位基因用 A、a，B b表示)，Fi的基因型为 AaBbCc 则亲本绿色 X 品系基因型为 aabbcc。测交可以测得待测个体产生配子的种 类与比例，故只要取 Fi(AaBbCc)与 X 品系(aabbcc)测交，测交后代将出现黄色与绿色两种表 现型，且比例为 1：7即可验证推断的正确性。答案(1)XFi都是黄色，表明黄色对绿色为显性。X 品系产生的 F2中，黄色占 27/64=(3/4)3，表明 Fi中有三对基因是杂合的，X 与亲本黄色之间有三对等位基因存在差异(2)取与 X 杂交形成的 Fi,与 X 杂交，后代中将出现

14、黄色与绿色两种表现，且比例为 1：7B 组能力提升11.(2018 蚌埠模拟)某植物花瓣的大小受一对等位基因 A、a 控制，基因型为 AA 的植 株表现为大花瓣，基因型为 Aa 的植株表现为小花瓣， 基因型为 aa 的植株表现为无花瓣。 花 瓣颜色受另一对等位基因 R、r 控制，基因型为 RR 和 Rr 的花瓣为红色，基因型为 rr 的花瓣 为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为 AaRr 的亲本自交，则下列有关判断错误的是( )A. 子代共有 9 种基因型B.子代有花瓣植株中，AaRr 所占的比例为 1/3C. 子代共有 6 种表现型D.子代的红花植株中，R 的基因频率为 2/3C 由题干分析

15、知，基因型为 AaRr 的亲本自交，子代共有 9 种基因型；由于 aa 表现为 无花瓣，因此 aa_ 的个体只有 1 种表现型，综合分析知其后代应有5 种表现型；子代有花瓣植株(AA_ _、Aa_ _)中，AaRr 所占的比例为 1/3 ;子代的红花植株(1/3RR、2/3Rr)中，R 的基因频率为 1/3 + 1/2X2/3 = 2/3。12.(2018 -黄冈月考)某遗传病的遗传涉及非同源染色体上的两对等位基因。已知I1基因型为 AaBB 且n2与n3婚配的子代不会患病。根据以下系谱图，正确的推断是()A.I3的基因型一定为 AABbB.n2的基因型一定为 aaBBC.m1的基因型可能为

16、AaBb 或 AABb7D.m2与基因型为 AaBb 的女性婚配，子代患病的概率为3/16B 根据I1基因型为 AaBB 且表现型正常，n2却患病可知，当同时具有 A 和 B 两种显 性基因时，个体不会患病，因为n2一定有 B 基因，如果也有A基因则表现型正常，而实际8上患病，所以n2一定无 A 基因，因此n2的基因型暂时可以表示为aaB_,则n3基因型有可能为 aaBb、aaBB、AAbb Aabb、aabb 的任何一种，如果n2的基因型为 aaBb,则子代都会 有患者，所以n2的基因型只能是 aaBB;再根据n2和n3两者都患病而后代不会患病来分析，n3的基因型也只能为 AAbb, B 项

17、正确；由n3为 AAbb 可推知，13的基因型为 A_Bb, A 项错 误；川i的基因型只能是 AaBb,C 项错误；川2基因型也为 AaBb,与 AaBb 的女性婚配，若 aabb 为患者，则后代患病的概率为7/16，若 aabb 不为患者，则后代患病的概率为 6/16 , D 项错误。 13. (2018 -湖南浏阳一中联考)某单子叶植物的非糯性(A)对糯性 为显性，抗病(T) 对染病 (t) 为显性， 花粉粒长形 (D) 对圆形 (d) 为显性， 三对等位基因位于三对同源染色体上， 非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：AATTdd AAttDD AAt

18、tdd aattdd则下列说法正确的是 ()A.若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用和杂交所得F1的花粉B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察和杂交所得F1的花粉C. 若培育糯性抗病优良品种，应选用和亲本杂交D. 将和杂交后所得的 F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均为蓝色C 三对相对性状中可通过花粉鉴定的相对性状是非糯性(A)和糯性(a)、花粉粒长形(D)和圆形 (d) ，若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，需得到基因型为Aa 或 Dd 的植株， A错误；若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，需得到基因型为AaDd 的植株，B 错误；1x一 f1(AaTtdd) ,

19、 F1连续自交即可得到糯性抗病优良品种(aaTT) , C 正确；2X一F1(AattDd)，其产生的花粉加碘液染色后，A(蓝)：a(棕色)=1 ： 1, D 错误。14.某中学实验室有三包豌豆种子， 甲包写有“纯合高茎叶腋花”字样， 乙包写有“纯 合矮茎茎顶花”字样，丙包豌豆标签破损只隐约看见“黄色圆粒” 字样。 某研究性学习小组 对这三包豌豆展开激烈的讨论：(1) 在高茎、 叶腋花、 茎顶花和矮茎四个性状中， 互为相对性状的是 _。(2) 怎样利用现有的三包种子判断高茎、叶腋花、茎顶花和矮茎四个性状中哪些性状为 显性性状？写出杂交方案，并预测可能的结果。(3) 同学们就“控制叶腋花、茎顶花

20、的等位基因是否与控制高茎、矮茎的等位基因在同 一对同源染色体上”展开了激烈的争论， 你能利用以上两种豌豆设计出最佳实验方案并作出 判断吗？针对丙包豌豆，该研究性学习小组利用网络得知，黄色、绿色分别由实验一组准备利用9圆粒、皱粒分别由 B 和 b 控制，于是该研究性学习小组欲探究其基因型。种实验方案，对剩余种子进行基因型鉴定。单倍体育种方法对部分种子进行基因型鉴定，但遭到了实验二组的反对。实验二组选择另10为什么实验二组反对实验一组的方案？你能写出实验二组的实验方案和结果预测吗？ 解析 (1) 相对性状是同种生物同一性状的不同表现类型，故叶腋花和茎顶花、高茎 和矮茎各为一对相对性状。 (2) 取

21、甲、乙两包种子各一些种植，发育成熟后杂交，观察F1的表现型， F1表现出的性状为显性性状。 (3) 对于设计实验探究控制两对或多对相对性状的基 因是否位于一对同源染色体上一般采用F1自交法或测交法，观察后代表现型比例，如果是9 : 3: 3：1或 1： 1： 1：1则相应基因位于两对同源染色体上即符合自由组合定律，若是 3：1或1：1则相应基因位于一对同源染色体上即符合分离定律。(4)单倍体育种方法技术复杂，普通中学实验室难以完成。对于个体基因型的探究，可以有自交法、测交法和单倍体育种法等，鉴定个体基因型时，植物最常用自交法。答案 (1) 叶腋花和茎顶花、 高茎和矮茎 (2) 取甲、 乙两包种子各