【解析】湖南省邵阳市隆回县万和实验学校高一下学期期中物理试卷 Word版含解析[ 高考]

1、湖南省邵阳市隆回县万和实验学校2014-2015学年高一（下）期中物理试卷一、选择题（本题共18小题，每小题3分，共54分）1（3分）某人乘小船以一定的速率垂直河岸向对岸划去，当水流匀速时，关于它过河所需要的时间、发生的位移与水速的关系正确的是（）A水速小，时间短；水速小，位移小B水速大，时间短；水速大，位移大C时间不变；水速大，位移大D位移、时间与水速无关2（3分）从离地面同一高度以不同的速度水平抛出的两个物体（不计空气阻力），关于落到地面的时间说法正确的是（）A速度大的时间长B速度小的时间长C质量小的时间长D落地时间一样长3（3分）从离地高度为h处以大小为v0的初速度抛出一个质量为m的物体

2、，不计空气阻力，其落地的速度v等于（）ABC2ghDv0+2gh4（3分）以10m/s的初速度从10m高的塔上水平抛出一个石子不计空气阻力，取g=10m/s2，则石子落地时的速度大小是（）AB20m/sCD30m/s5（3分）关于平抛运动，下列说法正确的是（）A不论抛出位置多高，抛出速度越大的物体，其水平位移一定越大B不论抛出位置多高，抛出速度越大的物体，其飞行时间一定越长C不论抛出速度多大，抛出位置越高，其飞行时间一定越长D不论抛出速度多大，抛出位置越高，飞得一定越远6（3分）甲、乙做匀速圆周运动的物体，它们的半径之比为3：1，周期之比是1：2，则（）A甲与乙的线速度之比为1：3B甲与乙的线

3、速度之比为6：1C甲与乙的角速度之比为6：1D甲与乙的角速度之比为1：27（3分）下列关于匀速圆周运动的说法中，正确的是（）A匀速圆周运动是线速度不变的运动B匀速圆周运动是线速度大小不变的运动C匀速圆周运动是匀变速运动D匀速圆周运动的物体所受的向心力大小和方向都不变8（3分）如图所示为一皮带传动装置，右轮半径为r，a点在它的边缘上左轮半径为2r，b点在它的边缘上若在传动过程中，皮带不打滑，则a点与b点的向心加速度大小之比为（）A1：2B2：1C4：1D1：49（3分）物体做匀速圆周运动时，下列说法正确的是（）A物体必须受到恒力的作用B物体所受合力必须等于零C物体所受合力的大小可能变化D物体所受

4、合力的大小不变，方向不断改变10（3分）某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F若此物体受到的引力减小为，则其距离地面的高度应为（R为地球半径）（）ARB2RC4RD8R11（3分）一个物体在地球表面所受的重力为G，则在距地面高度为地球半径的2倍时，所受的引力为（）ABCD12（3分）我国发射的“神州六号”载人飞船，与“神州五号”飞船相比，它在更高的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法中正确的是（）A“神州六号”的速度较小B“神州六号”的速度与“神州五号”的相同C“神州六号”的周期更短D“神州六号”的周期与“神州五号”的相同13（3分）关于绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星，下列说法

5、正确的是（）A轨道半径越大，速度越大B轨道半径越小，速度越大C质量越大，速度越大D质量越小，速度越大14（3分）若人造卫星绕地球做匀速圆周运动，则离地面越近的卫星（）A速度越小B角速度越小C向心加速度越小D周期越小15（3分）关于我国发射的同步通讯卫星，下列说法中正确的是（）A它运行的周期比地球自转周期大B它运行的角速度比地球自转角速度小C它定点在北京正上方，所以我国可以利用它进行电视转播D它运行的轨道平面一定与赤道平面重合16（3分）举世瞩目的“神舟”六号航天飞船的成功发射和顺利返回，显示了我国航天事业取得的巨大成就已知地球的质量为M，引力常量为G，设飞船绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，

6、则飞船在圆轨道上运行的速率为（）ABCD17（3分）下列关于第一宇宙速度的说法中正确的是（）A第一宇宙速度又称为逃逸速度B第一宇宙速度的数值是/sC第一宇宙速度的数值是/sD第一宇宙速度是卫星绕地球运行的最小线速度18（3分）对人造地球卫星，下列说法正确的是（）A由v=r，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，速度增大到原来的2倍B由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，速度增大到原来的倍C由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，向心力减为原来的D由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，向心力减为原来的二、填空题（每空4分，共16分）19（16分）某同学在做平抛运动实验时得到了如图所示的物体运动轨迹，a、b、c

7、三点的位置在运动轨迹上已标出则：（1）小球平抛的初速度为 m/s（g取10m/s2）（2）小球开始做平抛运动的位置坐标为x=cm，y=cm（3）小球运动到b点的速度为m/s三、计算题（本大题共3小题，共30分）；20（10分）在5m 高处以10m/s的速度水平抛出一小球，不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）小球在空中运动的时间；（2）小球落地时的水平位移大小；（3）小球落地时的速度大小21（10分）将一个小球从某高处以2m/s的初速度水平抛出，到落地时运动的水平距离为（不计空气阻力，g=10m/s2）求：（1）小球在空中运动的时间；（2）小球抛出点的高度22（10分）如图一辆质量为500

8、kg的汽车静止在一座半径为50m的圆弧形拱桥顶部（取g=10m/s2）（1）此时汽车对圆弧形拱桥的压力是多大？（2）如果汽车以6m/s的速度经过拱桥的顶部，则汽车对圆弧形拱桥的压力是多大？（3）汽车以多大速度通过拱桥的顶部时，汽车对圆弧形拱桥的压力恰好为零？湖南省邵阳市隆回县万和实验学校2014-2015学年高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共18小题，每小题3分，共54分）1（3分）某人乘小船以一定的速率垂直河岸向对岸划去，当水流匀速时，关于它过河所需要的时间、发生的位移与水速的关系正确的是（）A水速小，时间短；水速小，位移小B水速大，时间短；水速大，位移大C时间不变；

9、水速大，位移大D位移、时间与水速无关考点：运动的合成和分解专题：运动的合成和分解专题分析：将人的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，即人参与了两个方向的分运动，根据分运动与合运动具有等时性，判断过河的时间是否发生变化，以及通过运动的合成判断位移的变化解答：解：将人运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，水流的运动不影响垂直于河岸方向上的运动，在垂直于河岸方向上，t=，静水速不变，所以过河的时间不变水流速的大小影响在沿河岸方向上的位移，x=v水t，时间不变，水流速越大，沿河岸方向上的位移越大，根据运动的合成，发生的位移越大故C正确，A、B、D错误故选C点评：解决本题的关键将人游河的运动分解为沿河

10、岸方向和垂直于河岸方向，知道分运动和合运动具有等时性，各分运动具有独立性2（3分）从离地面同一高度以不同的速度水平抛出的两个物体（不计空气阻力），关于落到地面的时间说法正确的是（）A速度大的时间长B速度小的时间长C质量小的时间长D落地时间一样长考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，平抛运动的时间由高度决定解答：解：根据等时性知，平抛运动的时间由高度决定，高度相同，则运动时间相同故D正确，A、B、C错误故选D点评：解决本题的关键知道平抛运动的时间由高度决定，与初速度、质量无关3（3分）从离地高度为h处以大小为v0的初速度抛出一个质量

11、为m的物体，不计空气阻力，其落地的速度v等于（）ABC2ghDv0+2gh考点：动能定理专题：动能定理的应用专题分析：对平抛运动的过程运用动能定理，求出物体落地的速度大小解答：解：根据动能定理得，mgh=，解得故B正确，A、C、D错误故选B点评：动能定理既适用于直线运动，也适用于曲线运动，本题也可以通过平抛运动的规律进行求解4（3分）以10m/s的初速度从10m高的塔上水平抛出一个石子不计空气阻力，取g=10m/s2，则石子落地时的速度大小是（）AB20m/sCD30m/s考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：不计空气阻力，石子运动过程中，只有重力做功，其机械能守恒，根据机械能守恒定律求解石子

12、落地时的速度大小解答：解：以地面为参考平面，根据机械能守恒定律得 mgh+=得到 v=m/s=10m/s故选：C点评：本题应用机械能守恒定律处理平抛运动的速度，也可以采用运动的分解方法求出石子落地时竖直方向的分速度，再合成求解5（3分）关于平抛运动，下列说法正确的是（）A不论抛出位置多高，抛出速度越大的物体，其水平位移一定越大B不论抛出位置多高，抛出速度越大的物体，其飞行时间一定越长C不论抛出速度多大，抛出位置越高，其飞行时间一定越长D不论抛出速度多大，抛出位置越高，飞得一定越远考点：平抛运动分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，初速度和高

13、度共同决定水平位移解答：解：平抛运动的时间由高度决定，根据h=，高度越高，时间越长根据x=vt知，初速度和时间共同决定水平位移故C正确，A、B、D错误故选：C点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，初速度和高度共同决定水平位移6（3分）甲、乙做匀速圆周运动的物体，它们的半径之比为3：1，周期之比是1：2，则（）A甲与乙的线速度之比为1：3B甲与乙的线速度之比为6：1C甲与乙的角速度之比为6：1D甲与乙的角速度之比为1：2考点：匀速圆周运动；线速度、角速度和周期、转速分析：根据线速度和角速度的公式，分别表示出甲乙的线速度和角速

14、度，再根据题中给的条件即可求得线速度、角速度之间的关系解答：解：由V=可知，V甲=，V乙=，又知道它们的半径之比为3：1，周期之比是1：2，代入数据可以解得甲与乙的线速度之比为6：1，所以A错误，选项B正确由=可知，角速度与周期是成反比的，由于周期之比是1：2，所以角速度之比为2：1，所以C、D错误故选B点评：本题是对匀速圆周运动中线速度和角速度公式的考查，用公式表示出线速度、角速度之间的关系即可求得结论7（3分）下列关于匀速圆周运动的说法中，正确的是（）A匀速圆周运动是线速度不变的运动B匀速圆周运动是线速度大小不变的运动C匀速圆周运动是匀变速运动D匀速圆周运动的物体所受的向心力大小和方向都不

15、变考点：匀速圆周运动专题：匀速圆周运动专题分析：匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动向心力方向始终指向圆心，是变化的角速度的大小和方向都不变解答：解：A、匀速圆周运动速度大小不变，方向时刻变化，故速度是变化的，是变速运动，故A错误，B正确C、匀速圆周运动的加速度大小不变，但方向指向圆心，时刻改变，故匀速圆周运动是变加速运动故C错误D、匀速圆周运动受的力是向心力，指向圆心，方向时刻在变化，不是恒力故D错误故选B点评：矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的8（3分）如图所示为一

16、皮带传动装置，右轮半径为r，a点在它的边缘上左轮半径为2r，b点在它的边缘上若在传动过程中，皮带不打滑，则a点与b点的向心加速度大小之比为（）A1：2B2：1C4：1D1：4考点：线速度、角速度和周期、转速专题：匀速圆周运动专题分析：由传送带传动的两轮子边缘上的点线速度相等，再由公式a=，得出向心加速度之比解答：解：由传送带传动的两轮子边缘上的点线速度相等，所以va=vb，由公式a=得，ra=rb，则aa：ab=2：1，故选B点评：传送带在传动过程中不打滑，则传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相等，共轴的轮子上各点的角速度相等9（3分）物体做匀速圆周运动时，下列说法正确的是（）A物体必须

17、受到恒力的作用B物体所受合力必须等于零C物体所受合力的大小可能变化D物体所受合力的大小不变，方向不断改变考点：匀速圆周运动；向心力分析：做匀速圆周运动的物体，它的速度的大小是不变的，只改变速度的方向，所以合力一定和速度的方向垂直，由于物体的速度不变，所以向心力的大小肯定也不变解答：解：A、匀速圆周运动的向心力的大小是恒定的，说的只是力的大小不变，力的方向要指向圆心，所以时刻在变，而恒力指的是大小和方向都不变的力，所以A选项错误；B、同A的分析，力的大小是不变的，但不能是零，否则的话，不会做圆周运动，所以B选项错误；C、同A的分析，匀速圆周运动的向心力的大小是恒定的，由牛顿第二定律可知受的合力的

18、大小是不变的，故C选项错误；D、所受合力的大小不变，力的方向要指向圆心，所以时刻在变，故D选项正确故选：D点评：考查学生对匀速圆周运动的理解，还有匀速圆周运动向心力的理解，这里的匀速只是指它的速度的大小不变，方向是时刻在变化的10（3分）某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F若此物体受到的引力减小为，则其距离地面的高度应为（R为地球半径）（）ARB2RC4RD8R考点：万有引力定律及其应用专题：万有引力定律的应用专题分析：根据万有引力定律的内容（万有引力是与质量乘积成正比，与距离的平方成反比）解决问题解答：解：根据万有引力定律表达式得：F=，其中r为物体到地球中心的距离某物体在地球表面，受到

19、地球的万有引力为F，此时r=R，若此物体受到的引力减小为，根据F=得出此时物体到地球中心的距离r=2R，所以物体距离地面的高度应为R故选A点评：要注意万有引力定律表达式里的r为物体到地球中心的距离能够应用控制变量法研究问题11（3分）一个物体在地球表面所受的重力为G，则在距地面高度为地球半径的2倍时，所受的引力为（）ABCD考点：万有引力定律及其应用专题：万有引力定律的应用专题分析：在地球表面的物体其受到的重力我们可以认为是等于万有引力，设出需要的物理量，列万有引力公式进行比较解答：解：设地球的质量为：M，半径为R，设万有引力常量为G，根据万有引力等于重力，则有：在距地面高度为地球半径的2倍时

20、：由联立得：F=故选：D点评：本题考查万有引力定律的应用，只需要注意到距高度为地球半径的2倍，那么到地心的距离是半径的3倍代入计算即可12（3分）我国发射的“神州六号”载人飞船，与“神州五号”飞船相比，它在更高的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法中正确的是（）A“神州六号”的速度较小B“神州六号”的速度与 “神州五号”的相同C“神州六号”的周期更短D“神州六号”的周期与“神州五号”的相同考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：研究卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度、周期物理量根据轨道半径的关系判断各物

21、理量的大小关系解答：解：A、B：根据万有引力提供向心力得出：，得由于神州六号的轨道半径比神州五号的大，所以“神州六号”的速度较小，故A正确，B错误C、D：根据万有引力提供向心力得出：，得由于神州六号的轨道半径比神州五号的大，所以“神州六号”的周期较大，故C、D均错误故选A点评：要比较一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行比较向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量选取应用13（3分）关于绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星，下列说法正确的是（）A轨道半径越大，速度越大B轨道半径越小，速度越大C质量越大，速度越大D质量越小，速度越大考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人

22、造卫星问题分析：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式进行即可解答：解：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则有 G=m得v=式中M是地球的质量，r是卫星的轨道半径，可见卫星的速度与卫星的质量m无关，随着轨道半径的增大而减小，减小而增大故B正确，ACD错误故选B点评：解决本题的关键是掌握万有引力提供向心力这一卫星常用的思路，通过列式进行分析14（3分）若人造卫星绕地球做匀速圆周运动，则离地面越近的卫星（）A速度越小B角速度越小C向心加速度越小D周期越小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：根据万有引

23、力提供向心力得出线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系，从而比较出大小解答：解：根据万有引力提供向心力得=mr=m=ma=m2r，A、v=，轨道半径减小，则线速度增大，故A错误；B、=，轨道半径减小，则角速度越大，故B错误；C、a=，轨道半径减小，则加速度变大，故C错误；D、T=2，轨道半径减小，则周期越小，故D正确；故选：D点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、角速度、加速度、周期与轨道半径的关系15（3分）关于我国发射的同步通讯卫星，下列说法中正确的是（）A它运行的周期比地球自转周期大B它运行的角速度比地球自转角速度小C它定点在北京正上方，所以我国可以利

24、用它进行电视转播D它运行的轨道平面一定与赤道平面重合考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：本题要了解同步卫星的条件，即同步卫星的周期必须与地球自转相同物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心解答：解：A、卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相同，周期也与地球的自转周期相同，相对地球静止故A错误B、同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相同，故B错误C、它们只能在赤道的正上方，它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可

25、能的所以不可能定点在北京正上方，故C错误D、它们只能在赤道的正上方，它运行的轨道平面一定与赤道平面重合，故D正确故选：D点评：地球质量一定、自转速度一定，同步地球卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度16（3分）举世瞩目的“神舟”六号航天飞船的成功发射和顺利返回，显示了我国航天事业取得的巨大成就已知地球的质量为M，引力常量为G，设飞船绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，则飞船在圆轨道上运行的速率为（）ABCD考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供

26、向心力，列出等式根据等式表示出飞船在圆轨道上运行的速率解答：解：研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：解得：v=故选A点评：向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用17（3分）下列关于第一宇宙速度的说法中正确的是（）A第一宇宙速度又称为逃逸速度B第一宇宙速度的数值是/sC第一宇宙速度的数值是/sD第一宇宙速度是卫星绕地球运行的最小线速度考点：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度专题：万有引力定律的应用专题分析：第一宇宙速度有三种说法：它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度它是卫星进入近地圆形轨道的

27、最小发射速度第二宇宙速度为/s，也叫脱离速度；第三宇宙速度为/s，也叫逃逸速度解答：解：A、第三宇宙速度为/s，也叫逃逸速度，故A错误；BCD、人造卫星在圆轨道上运行时，运行速度v=/s，轨道半径越大，速度越小，故第一宇宙速度是卫星在圆轨道上运行的最大速度，最小发射速度，故BD错误，C正确；故选：C点评：此题要记住三个宇宙速度，尤其知道第一宇宙速度如何求解，又叫最大环绕速度，最小发射速度18（3分）对人造地球卫星，下列说法正确的是（）A由v=r，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，速度增大到原来的2倍B由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，速度增大到原来的倍C由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，向心

28、力减为原来的D由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，向心力减为原来的考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：人造卫星绕地球做圆周运动，根据万有引力提供向心力，轨道半径变化，线速度、角速度会发生变化解答：解：A、卫星轨道半径增大到原来的两倍时，角速度发生了变化，不能根据v=r判断线速度的变化故A错误B、卫星轨道半径增大到原来的两倍时，向心力发生了变化，不能根据判断线速度的变化故B错误C、由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，向心力减为原来的故C正确D、卫星轨道半径增大到原来的两倍时，线速度发生了变化，不能通过判断向心力的变化故D错误故选：C点评：人造卫星

29、做圆周运动，万有引力提供向心力，卫星的线速度、角速度、周期都与半径有关，讨论这些物理量时要找准公式，正确使用控制变量法二、填空题（每空4分，共16分）19（16分）某同学在做平抛运动实验时得到了如图所示的物体运动轨迹，a、b、c三点的位置在运动轨迹上已标出则：（1）小球平抛的初速度为2 m/s（g取10m/s2）（2）小球开始做平抛运动的位置坐标为x=10cm，y=cm（3）小球运动到b点的速度为m/s考点：研究平抛物体的运动专题：实验题；平抛运动专题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上y=gT2，求出时间间隔，再根据水平方向上的匀速直线运动求出

30、初速度求出b点在竖直方向上的速度，即可求出运动的时间和b点速度，从而求出此时小球水平方向和竖直方向上的位移，即可求出抛出点的坐标解答：解：（1）在竖直方向上y=gT2，T=0.1s则小球平抛运动的初速度v0=m/s=2m/s （2）b点在竖直方向上的分速度vby=/s，则运动的时间t=0.15s 水平方向上的位移x1=vt=，竖直方向上的位移y=所以开始做平抛运动的位置坐标x=0.20.3=10cm，y=0.10.1125=（3）小球运动到b点的速度为v=/s点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动三、计算题（本大题共3小题，共30分）；20（10

31、分）在5m 高处以10m/s的速度水平抛出一小球，不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）小球在空中运动的时间；（2）小球落地时的水平位移大小；（3）小球落地时的速度大小考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：（1）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据h=，求出运动时间，（2）再根据x=v0t求出水平位移（3）在竖直方向上，根据vy=gt，求出落地时竖直方向上的分速度，然后根据运动的合成求出合速度大小和方向解答：解：（1）根据，得 s（2）小球落地时的水平位移大小x=v0t=10×1m=10m（3）小球落地时竖直方向上分速度vy=gt=10×1m/s=10m/s落地时的速度大小m/s答：（1）小球在空中运动的时间是1s；（2）