广西壮族自治区南宁市澄江中学高三物理期末试卷含解析

1、广西壮族自治区南宁市澄江中学高三物理期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 第29届奥运会2008年8月在北京举行，跳水比赛是我国的传统优势项目某运动员正在进行10m跳台训练，下列说法正确的是(       )a为了研究运动员的技术动作，可将正在比赛的运动员视为质点b运动员在下落过程中，感觉水面在匀速上升c运动员前一半时间内位移大，后一半时间内位移小d运动员前一半位移用的时间长，后一半位移用的时间短参考答案：答案：d2. 下列关于原子和原子核的说法正确的是  a射线是原

2、子由激发态向低能级跃迁时产生的  b居里夫妇最先发现了天然放射现象  c原子核中的质子靠核力来抗衡相互之问的库仑斥力而使核子紧紧地束缚在一起    d结合能所对应的质量等于把原子核完全分解为核子后所有核子的总质量减去该原予核的质量参考答案：cd射线是原子核由激发态向低能级跃迁时产生的，选项a错误；贝克勒尔最先发现了天然放射现象，选项b错误；原子核中的质子靠核力来抗衡相互之问的库仑斥力而使核子紧紧地束缚在一起，选项c正确；结合能所对应的质量等于把原子核完全分解为核子后所有核子的总质量减去该原予核的质量，选项d正确。3. 下列说法正确的是 

3、;                                                  

4、;                        （）       a布朗运动就是液体分子的无规则运动       b第二类永动机违反了能量守恒定律       c热量会自动地从低温物体传给

5、高温物体       d从单一热源吸收热量，全部用来对外做功而不引起其它变化是不可能的参考答案：d4. 我国发射的“神舟八号”飞船与先期发射的“天宫一号”空间站实现了完美对接已知“天宫一号”绕地球做圆轨道运动，假设沿椭圆轨道运动的“神州八号”环绕地球的运动方向与“天宫一号”相同，远地点与“天宫一号”的圆轨道相切于某点p，并在该点附近实现对接，如图所示则下列说法正确的是a “天宫一号”的角速度小于地球自转的角速度b “神舟八号”飞船的发射速度大于第一宇宙速度c 在远地点p处， “神舟八号”的加速度与“天宫一号”相等d “神舟八号” 在椭

6、圆轨道上运行周期比“天宫一号”在圆轨道上运行周期大参考答案：bc5. （多选）如图所示，两个小球a、b分别固定在轻杆的两端，轻杆可绕水平光滑转轴o在竖直平面内转动，oa>ob，现将该杆静置于水平方向，放手后两球开始运动，已知两球在运动过程受到大小始终相同的空气阻力作用，则从开始运动到杆转到竖直位置的过程中，以下说法正确的是    a两球组成的系统机械能守恒    bb球克服重力做的功等于b球重力势能的增加    c重力和空气阻力对a球做功代数和等于它的动能增加    d

7、a球克服空气阻力做的功大于b球克服空气阻力做的功参考答案：bd二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为u，输出电流为i，手机电池的内阻为r，则电能转化为化学能的功率为_，充电器的充电效率为_参考答案： 7. （10分）（1）如图所示，把一块洁净的玻璃板吊在橡皮筋的下端，使玻璃板水平地接触水面，如果你想使玻璃板离开水面，必须用比玻璃板重力的拉力向上拉橡皮筋，原因是水分子和玻璃的分子间存在作用。（2）往一杯清水中滴入一滴红墨水，一段时间后，整杯水都变成了红色，这一现象在物理学中称为现象，是由于分子的而产生

8、的，这一过程是沿着分子热运动的无序性的方向进行的。参考答案：答案：（1）大 （2）引力   （2）扩散  无规则运动  熵增加解析：本题只有一个难点，即“无序”性。自然发生的事情总是向无序性增大的方向发展。8. 由于水的表面张力，荷叶上的小水滴总是球形的在小水滴表面层中，水分子之间的相互作用总体上表现为_（选填“引力”或“斥力”）分子势能ep和分子间距离r的关系图象如图所示，能总体上反映小水滴表面层中水分子ep的是图中_（选填“a”“b”或“c”）的位置参考答案：    (1). 引力    (

9、2). c【详解】由于在小水滴表面层中，水分子间的距离大于，所以水分子之间的相互作用总体上表现为引力，由于当分子间距离为时，分子间作用力为0，分子势能最小即图中的b点，由于表面层中分子间距大于 ，所以能总体反映小水滴表面层中水分子势能的是c位置。9. （选修34）（4分）如图所示，为某时刻一列简谐横波的波形图象，已知此列波的振动周期为4s，由图可知这列波的传播速度大小为     m/s，若此时波形上质点a正经过平衡位置向上运动，则知波的传播方向是          

10、                。参考答案：答案：6（2分）；x的正方向（或水平向右）（2分）10. 测定木块与长木板之间的动摩擦因数时，采用如图所示的装置，图中长木板水平固定         （1）实验过程中，电火花计时器应接在_（选填“直流”或“交流”）电源上，调整定滑轮高度，使_。      

11、   （2）己知重力加速度为g，测得木块的质量为m，砝码盘和砝码的总质量为m，木块的加速度为a，则木块与长木板间动摩擦因数=                    （3）如图为木块在水平木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出从纸带上测出，       

12、60; 则木块加速度大小a=          m/s2（保留两位有效数字）参考答案：11. 如图所示，质量为m、边长为l的正方形线圈，abcd由n  匝导线绕成，线圈中有如图所示方向、大小为i的电流，在  ab边的中点用细线竖直悬挂于一小盘子的下端，而小盘  子通过-弹簧固定在o点。在图中虚线框内有与线圈平  面垂直的匀强磁场，磁感强度为b，平衡时，cd边水平且  线圈abcd有一半面积在磁场中，如图甲所示，忽略电流i 产生的磁场，则穿过线圈的磁通量为_

13、；现将电流反向（大小不变），要使线圈仍旧回到原来的位置，如图乙所示，在小盘子中必须加上质量为m的砝码。由此可知磁场的方向是垂直纸面向_（填“里”或“外”）磁感应强度大小b:_（用题中所给的b以外的其它物理量表示）。参考答案：（1分），外（1分），（2分）12. 质量为0.2kg的物体以24m/s的初速度竖直上抛，由于空气阻力，经2s达到最高点，设物体运动中所受的空气阻力大小不变，g=10m/s2，则物体上升的高度为    ，物体从最高点落回抛出点的时间为    参考答案：24m， s【考点】竖直上抛运动【分析】物体上升到最高点做匀减速

14、运动，根据平均速度公式即可求得最大高度；先求出阻力的大小，根据牛顿第二定律求出向下运动时的加速度，再根据位移时间公式求解最高点落回抛出点所用的时间【解答】解：物体上升到最高点做匀减速运动，则：h=t=×2=24m；物体向上运动时有：a1=12m/s2解得：f=0.4n；当物体向下运动时有：a2=8m/s2所以h=a2=24m解得：t2=s故答案为：24m， s13. 如图所示，连通器的三支管水银面处于同一高度，a、b管上端封闭，c管上端开口，今在c管中加入一定量的水银，且保持温度不变，则稳定后a管内的水银柱高度_（选填“大于”、“等于”或“小于”）b管内水银柱高度，a管内气体压强改变

15、量_  （选填“大于”、“等于”或“小于”）b管内气体压强改变量。参考答案：三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 静止在水平地面上的两小物块a、b，质量分别为ma=l.0kg，mb=4.0kg；两者之间有一被压缩的微型弹簧，a与其右侧的竖直墙壁距离l=1.0m，如图所示。某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使a、b瞬间分离，两物块获得的动能之和为ek=10.0j。释放后，a沿着与墙壁垂直的方向向右运动。a、b与地面之间的动摩擦因数均为u=0.20。重力加速度取g=10m/s2。a、b运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。（1）求弹簧释放后瞬间a、b速度的大

16、小；（2）物块a、b中的哪一个先停止？该物块刚停止时a与b之间的距离是多少？（3）a和b都停止后，a与b之间的距离是多少？参考答案：（1）va=4.0m/s，vb=1.0m/s；（2）a先停止； 0.50m；（3）0.91m；分析】首先需要理解弹簧释放后瞬间的过程内a、b组成的系统动量守恒，再结合能量关系求解出a、b各自的速度大小；很容易判定a、b都会做匀减速直线运动，并且易知是b先停下，至于a是否已经到达墙处，则需要根据计算确定，结合几何关系可算出第二问结果；再判断a向左运动停下来之前是否与b发生碰撞，也需要通过计算确定，结合空间关系，列式求解即可。【详解】（1）设弹簧释放瞬间a和b的速度大

17、小分别为va、vb，以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有0=mava-mbvb联立式并代入题给数据得va=4.0m/s，vb=1.0m/s（2）a、b两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为a。假设a和b发生碰撞前，已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的b。设从弹簧释放到b停止所需时间为t，b向左运动的路程为sb。，则有在时间t内，a可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后a将向左运动，碰撞并不改变a的速度大小，所以无论此碰撞是否发生，a在时间t内的路程sa都可表示为sa=vat联立式并代入题给数据得sa=1.75m，sb=0.25m这表明在时间t内a已与墙壁发生碰

18、撞，但没有与b发生碰撞，此时a位于出发点右边0.25m处。b位于出发点左边0.25m处，两物块之间的距离s为s=025m+0.25m=0.50m（3）t时刻后a将继续向左运动，假设它能与静止的b碰撞，碰撞时速度的大小为va，由动能定理有联立式并代入题给数据得            故a与b将发生碰撞。设碰撞后a、b的速度分别为va以和vb，由动量守恒定律与机械能守恒定律有          

19、60;     联立式并代入题给数据得        这表明碰撞后a将向右运动，b继续向左运动。设碰撞后a向右运动距离为sa时停止，b向左运动距离为sb时停止，由运动学公式        由式及题给数据得sa小于碰撞处到墙壁的距离。由上式可得两物块停止后的距离15. 将下图中的电磁铁连入你设计的电路中（在方框内完成），要求：a电路能改变电磁铁磁性的强弱；b使小磁针静止时如图所示。参考答案：（图略）要求画出电源和滑动变

20、阻器，注意电源的正负极。四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，均可视为质点的三个物体a、b、c在倾角为300的光滑斜面上，a与b紧靠在一起，c紧靠在固定挡板上，质量分别为ma=0.43kg，mb=0.20kg，mc=0.50kg，其中a不带电，b、c的电量分别为、且保持不变，开始时三个物体均能保持静止.现给a施加一平行于斜面向上的力f，使a做加速度a=2.0 m/s2的匀加速直线运动，经过时间t，力f变为恒力。已知静电力常量，。求：  (1)开始时bc间的距离l；  (2) f从变力到恒力需要的时间t；  (3)在时间t内，力f做功wf = 2.3

21、1j，求系统电势能的变化量ep。参考答案：（1）abc静止时，以ab为研究对象有：          （2分）解得：                           （1分）（2）给a施加力f后，ab沿斜面向上做匀加速运动，ab分离时两者之间弹力

22、恰好为零，对b用牛顿第二定律得：（2分）解得：                             （1分）有匀加速运动规律得：               

23、0;                （1分）         解得：                         &

24、#160;     （1分）（3）ab分离时两者仍有相同的速度，在时间t内对ab用动能定理得：      （3分）及：                                 （1分

25、）得：                             （1分）所以系统电势能的变化量ep=-2.1j    17. 如图所示，一倾斜的传送带倾角=37o，始终以=12 m/s的恒定速度顺时针转动，传送带两端点p、q间的距离=2m，；紧靠q点右侧有一水平面长=2m，水平面右端与一光

26、滑的半径=1.6 m的竖直半圆轨道相切于m点，mn为竖直的直径。现有一质量=2.5kg的物块a以=10 m/s的速度自p点沿传送带下滑，a与传送带间的动摩擦因数= 0.75，到q点后滑上水平面（不计拐弯处的能量损失），并与静止在水平面左端的质量=0.5kg的b物块相碰，碰后a、b粘在一起，a、b与水平面的摩擦系数相同均为，忽略物块的大小。已知sin37o=0.6，cos37o=0.8，求：（1）a滑上传送带时的加速度和到达q点时的速度（2）若ab恰能通过半圆轨道的最高点n，求（3）要使ab能沿半圆轨道运动到n点，且从n点抛出后能落到传送带上，则应满足什么条件？参考答案：解：（1）a刚上传送带时

27、受力分析如图，由牛顿第二定律得：mgsin + mgcos = ma              2分解得：a = 12 m/s2                1分设a能达到传送带的速度，由 v2 - v0 2= 2as得        &

28、#160; 1分运动的位移s = 22                        1分则到达q点前a已和传送带共速由于mgsin=mgcos 所以a先加速后匀速，到q点的速度为v = 12m/s      1分（2）设ab碰后的共同速度为v1，由动量守恒定律得：    

29、60;       m v = (m + m)v1                       2分解得：v1 = 10 m/s                

30、              ab在最高点时速度为v3有：          1分      设ab在m点速度为v2，由机械能守恒得：          1分在水平面上由动能定理得：       1分解得：2 = 0.5                                      &#