山西省晋中市寒王中学2020-2021学年高三物理月考试题含解析

1、山西省晋中市寒王中学2020-2021学年高三物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如右图所示为一门电路的两个输入端a、b与输出端z的电压信号图，由此可推断该门电路是abcd参考答案：c2. .如图所示，在匀速转动的水平盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体a和b，它们与盘间的摩擦因数相同，当圆盘转速加快到两物体刚好还未发生滑动时，烧断细线，则两个物体的运动情况是(     ) a两物体均沿切线方向滑动b两物体均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远c两物体仍随圆盘一起做匀速圆周运动，

2、不会发生滑动d物体b仍随圆盘一起做匀速率圆周运动，物体a发生滑动，离圆盘圆心越来越远参考答案：d3. 如图所示，用一与水平方向成的力f拉一质量为m的物体，使它沿水平方向匀速移动距离s，若物体和地面间的动摩擦因数为，则此力f对物体做的功，下列表达式中正确的有afscosbmgscmgs(cos-sin)dmgscos/(cos+sin)参考答案：ad由功的定义式可得，f的功为 w=fscos，a正确；对物体受力分析知，竖直方向受力平衡 mg=fsin+fn ，摩擦力的大小 f=fn=(mg-fsin），由于物体匀速运动，由动能定理得，fscos-fs=0，联立以上各式解得f=mg /(cos+s

3、in),将结果代入w=fscos可知选项d正确。4. （单选）假设地球是一半径为r、质量分布均匀的球体已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零则距地心距离为r/2处和地面处的重力加速度大小之比为（  ）a2：1        b1：2 c4：1     d1：4 参考答案：b5. 在氢原子光谱中，电子从较高能级跃迁到n=2能级发出的谱线属于巴尔末系。若一群氢原子自发跃迁时发出的谱线中只有两条属于巴尔末系，则这群氢原子自发跃迁时最多可能发出多少条不同频率的谱线a. 2 

4、60;                            b. 5                       &#

5、160;      c. 4                              d. 6参考答案：d  二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，在平面直角中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，已测得坐标原点处的电势为0 v，点处

6、的电势为6 v, 点处的电势为3 v,那么电场强度的大小为e=      v/m，方向与x轴正方向的夹角为       。参考答案：200v/m  12007. 用光照射某金属，使它发生光电效应现象，若增加该入射光的强度，则单位时间内从铝板表面逸出的光电子数_，从表面逸出的光电子的最大动量大小_（填“增加”“减小”或“不变”）参考答案：增加      不变   8. 如图所示，两个等大反向的水平力分别作用在

7、物体a和b上，a和b均处于静止状态，若各个接触面均与水平地面平行，则b物体受_个力作用。参考答案：59. 地球的半径约为r=6400km，a、b两颗人造地球卫星沿圆轨道绕地球运行，它们离地球表面的高度分别为ha=3600km，hb=1700km，那末a、b两颗卫星的运行速率之比va:vb=        ，运行周期之比ta：tb=             。参考答案：10. (5分)如图所示为ab两质点运动

8、的v-t图像。由图像可知，b追上a之前，两质点相距的最大距离smax=         m。参考答案：    答案：311. 半径为r的水平圆盘绕过圆心o的竖直轴匀速转动，a为圆盘边缘上一点，在o的正上方有一个可视为质点的小球以初速度v水平抛出时，半径oa方向恰好与v的方向相同，如图所示，若小球与圆盘只碰一次，且落在a点，重力加速度为g，则小球抛出时距o的高度h=，圆盘转动的角速度大小=（n=1、2、3）参考答案：考点：匀速圆周运动；平抛运动专题：匀速圆周运动专题分析：小球做平抛运动，

9、小球在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，根据水平位移求出运动的时间，根据竖直方向求出高度圆盘转动的时间和小球平抛运动的时间相等，在这段时间内，圆盘转动n圈解答：解：小球做平抛运动，小球在水平方向上做匀速直线运动，则运动的时间t=，竖直方向做自由落体运动，则h=根据t=2n得：（n=1、2、3）故答案为：；（n=1、2、3）点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，以及知道圆盘转动的周期性12. 如图所示，一自行车上连接踏脚板的连杆长r120cm，由踏脚板带动半径为r1的大齿盘，通过链条与半径为r2的后轮齿盘连接，带动半径为r230

10、cm的后轮转动。若踏脚大齿盘与后轮齿盘的齿数分别为48和24。当骑车人以n=2r/s的转速蹬踏脚板时，自行车的前进速度为_m/s。若车匀速前进，则骑车人蹬踏脚板的平均作用力与车所受平均阻力之比为_。参考答案：2.4=7.54，3:1    13. 如图所示，粗细相同质量均匀的ab杆在b点用铰链与墙连接，a端有一光滑轻质滑轮（大小可忽略）。轻绳通过滑轮将重物吊住，保持绳ac在水平方向。要使杆能平衡，必须小于_（选填“45°”、“60°”或“90°”）。若为37°时恰好达到平衡，则杆ab的质量m与重物的质量m的比值为_。（sin

11、37°=0.6，cos37°=0.8）参考答案：  45°        2：3  三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学设计了一个如图13所示的装置测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中a为滑块，b和c是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦，装置水平放置。实验中该同学在砝码总质量(mmm0)保持不变的条件下，改变m和m的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数(1)该同学手中有打点计时器、纸

12、带、质量已知且可随意组合的砝码若干、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线，为了完成本实验，得到所要测量的物理量，还应有 ()a秒表          b毫米刻度尺          c天平          d低压交流电源(2)实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图所示，从清晰的o点开始，每隔4个点取一计数点(中间4个点没画出

13、)，分别记为a、b、c、d、e、f，各计数点到o点的距离为oa1.61 cm，ob4.02 cm，oc7.26 cm，od11.30 cm，oe16.14 cm，of21.80 cm，打点计时器打点频率为50 hz，则由此纸带可得到打e点时滑块的速度v_m/s，此次实验滑块的加速度a_m/s2.(结果均保留两位有效数字)(3)在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图15所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数_.(g取10 m/s2) 参考答案： 【知识点】探究影响摩擦力的大小的因素 牛顿第二定律b2 c2【答案解析】（1）b （

14、2）0.52；0.81；（3）0.3 解析：（1）实验需要测两点间距离，故要刻度尺，打点计时器用到低压电源，故bd正确（2）每隔4个点取一计数点，相邻计数点间的时间间隔为0.1秒，用平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得：，同理可求，由匀变速规律得：所以=0.52m/s, 由得=0.81 m/ （3）对系统应用牛顿第二定律可得：a=所以，a-m图像中，纵轴的截距为-,故-=-3，=0.3【思路点拨】（1）需要交流电源和长度的测量工具.（2）每隔4个点取一计数点，相邻计数点间的时间间隔为0.1秒，用平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解速度，用求解加速度.（3）对系统应用牛顿第二定律，得到图线的纵截距为

15、-g,可解得动摩擦因数15. （10分）在“用单摆测重力加速度”的实验中，某同学发现单摆的摆角（即单摆偏离平衡位置的最大角度）逐渐减小。一次测量中，他使用摆长为0.960m的单摆，如图所示。摆球从摆角<5°开始振动，某次当摆球从a到b经过平衡位置o时开始计时，发现该单摆随后经过30次全振动的总时间是59.6s，经过50次全振动停止在平衡位置。（1）该同学测得当地的重力加速度值约为_m/s2；由于空气阻力的影响，该同学测得的重力加速度值_（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。（2）如果用“摆角专用测量仪”测得摆角随单摆左右摆动次数的增加而均匀减小，即从计时开始，摆球从o运动到b，

16、对应的摆角为14.00°；接着从o运动到a对应的摆角为2；然后又从o运动到b对应的摆角为3；请写出摆角n与n的关系式n=_。（3）该单摆50次全振动通过的总路程约为_m（保留一位小数）；空气对该单摆的平均阻力大小f是摆球所受重力大小mg的_倍。参考答案：答案：（1） 9.6 m/s2；偏小。（2）（n100）（3）6.7 m（保留一位小数）；倍。四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，光滑水平面上的同一直线上放着处于静止状态的光滑曲面体b和滑块c，b的质量为3m，c的质量为2m，b开始处于锁定状态，一质量为m的小球a从曲面上离地面高h处由静止释放，沿曲面滚到水平面上再与

17、滑块发生弹性碰撞，小球滚离曲面体后，立即让曲面体解除锁定，小球被滑块反弹后再滑上曲面体，重力加速度为g，求：a与c碰撞后a的速度大小；a再次滑上曲面后能上升的最大高度参考答案：解：a下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh=mv12，a、c碰撞过程系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：mv1=2mv2mv3，由机械能守恒定律得： mv12=?2mv22+mv32，解得：v3=v1=；a返回过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv3=（m+3m）v4，由机械能守恒定律得： mv32=mgh+（m+3m）v42，解得：h=h；答：a与c碰撞后a的速度大小为；a再次滑

18、上曲面后能上升的最大高度为h【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析】a下滑过程机械能守恒，应用机械能守恒定律可以求出a到达底端的速度，a、c碰撞过程机械能守恒、动量守恒，应用动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出速度；a、b组成的系统机械能守恒、动量守恒，应用动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出a上升的高度17. （07年如东、启东联考）（9分）如图所示，一质量m2=0.25kg的平顶小车，在车顶中间放一质量m3=0.1kg的小物体，小物体可视为质点，与车顶之间的动摩擦因数=，小车静止在光滑的水平轨道上现有一质量m1=0.05kg的子弹以水平速度v0=20m/s射中小车左端，并留在车中（子弹

19、与车相互作用时间很短）后来小物体m3以速度v3=1m/s从平顶小车的一端滑出，取g=10m/s2试求： （1）小物体m3从平顶小车的一端滑出时，平顶小车的速度大小； （2）平顶小车的长度。参考答案：解析：设子弹射中小车的瞬间，二者达到的共同速度为v1，当小物体从平顶小车滑出时，平顶小车的速度为v2，平顶小车的长度为l，由动量和能量守恒定律有 m1 v0=( m2+ m1 ) v1           （2分） ( m2+ m1 ) v1=( m2+ m1

20、) v2+ m3 v3              （2分） ( m2+ m1 )( m2+ m1)m3=m3g           （2分） 由上述三式代入数据解得 v2=3m/s                

21、0;                         （1分）       l=0.8m           （2分）18. 如图所示,半径分别为和()的甲乙两光滑圆轨道安置在同一竖直面内,两轨道之间由一条光滑水平轨道相

22、连,在水平轨道上一轻弹簧、被两小球夹住,同时释放两小球,、球恰好能通过各自的圆轨道的最高点,求:(1)两小球的质量比(2)若,要求、还都能通过各自的圆轨道的最高点,弹簧释放前至少具有多少弹性是能.     参考答案：.解:(1)设、两小球与弹簧分离时速率分别为、,则对、两球从释放到分离过程,取方向为正,由动量守恒定律得:                   

23、     (1)解得:                                   (2)2分 设、球恰好能通过各自的圆轨道的最高点时的速率分别为、,由向心力公式得:    

24、;                       (3)                           (4)联立(

25、3)(4)解得:            (5)                      (6)2分从小球离开弹簧到上升到最高点过程分别对、球由机械能守恒定律得:对球:          &

26、#160;             (7)对球:                         (8)将(5)(6)代入(7)(8)得: (9)