四川省成都市2016届毕业班摸底测试卷物理能力测试试题卷第1套

1、绝密启用前2015年5月31日第1套，共10套 四川省2016届毕业班摸底测试卷物理能力测试试题卷 满分100分，考试时间100分钟。注意事项； 1答题前，务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡规定的位置上 2答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦擦 干净后，再选涂其它答案标号 3答非选择题和选做题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上 4所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效 5考试结束后，将试题卷带走，仅将答题卡交回，命题人：李弦裴工作室学校:_姓名：_班级：_考号：_119世纪60年代，英国物理学家麦克斯韦在法拉第

2、等人研究成果的基础上，进行总结，并加以发展，提出了系统的电磁理论并预言了电磁波的存在。以下有关电磁理论和电磁波的说法不正确的是A只要有磁场在变化，它的周围就一定会产生电场B空间某区域有不均匀变化的电场，则一定会产生电磁波C电磁波不同于机械波之处是电磁波能在真空中传播D紫外线是一种比所有可见光波长更长的电磁波2下列关于波的说法错误的是A偏振是横波特有的现象B光导纤维传递信号利用了光的全反射原理C太阳光下的肥皂泡呈现出彩色条纹，这是光的折射现象D半径较大的凸透镜的弯曲表面向下放在另一块平板玻璃上，让光从上方射入，能看到亮暗相间的同心圆，这是光的干涉现象3如图所示为一水平方向弹簧振子的振动图象，弹簧

3、的劲度系数为20 N/cm，下列说法正确的是 A在04 s内振子做了1.75次全振动B在04 s内振子通过的路程为35 cmC图中A点对应的时刻振子的速度方向指向+x轴方向，且处于减速运动阶段D图中A点对应的时刻振子所受的弹力大小为50 N，方向指向+x方向4关于感应电流，下列说法中正确的是：A.只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生 B.穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管的线圈中就一定有感应电流产生 C.线框不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流 D.只要电路的一部分作切割磁感线运动，电路中就一定有感应电流5关于闭合电路，下列说法中正确的是：A闭合电路中，

4、外电阻越大，电源的路端电压就越大B闭合电路中，电源的路端电压越大，电源的输出功率就越大C闭合电路中，电流越大，电源的路端电压就越大D闭合电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方6一交流发电机输出电压为，加在匝数比为1：n的理想升压变压器的原线圈上，变压器的副线圈通过总电阻为R的输电线向用户供电，若发电机的输出功率为P，则输电线上消耗的功率为（ ）A. B. C. D.7电阻R1、R2交流电源按照图1所示方式连接，R1=10，R2=20。合上开关后S后，通过电阻R2的正弦交变电流i随时间t变化的情况如图2所示。则A通过R1的电流的有效值是1.2ABR1两端的电压有效值是6VC通过R2的电流

5、的有效值是1.2ADR2两端的电压有效值是6V8一列简谐横波沿x轴正方向传播，已知x轴上相距d=3.6m的两个质点M、N的振动图像分别如图甲和乙所示，已知质点M比N质点先起振，则该波A. 波长可能为4.8m B. 频率可能为0.2HzC. 传播速度可能为3.6m/s D.质点M在波谷时，质点N在波峰9如图为一直角棱镜的横截面，bac90°，abc60°.一平行细光束从O点沿垂直于bc面的方向射入棱镜已知棱镜材料的折射率n，若不考虑入射光线在bc面上的反射光，则有光线()A从ab面射出B从ac面射出C从bc面射出，且与bc面斜交D从bc面射出，且与bc面垂直10电路如图甲所示

6、，电阻R的阻值为484，C为电容器， L为直流电阻不计的自感线圈，开关S断开，当接上如图乙所示的电压u，下列说法正确的是AR上的电压应等于155.5VB电压表的示数为220 VC电阻R消耗的功率小于50WD为保证闭合开关S后电容器不被击穿，该电容器的耐压值不得小于311V11如图所示，为三个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向外、向里和向外，磁场宽度均为L，在磁场区域的左侧边界处，有一边长为L的正方形导体线框，总电阻为R，且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F使线框以速度v匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定电流沿逆时针方向时的电动势E为正，磁感线垂直纸面向里时的磁通量

7、为正值，外力F向右为正。则以下能反映线框中的磁通量、感应电动势E、外力F和电功率P随时间变化规律图象的是BBvtAtFCtEBDtP000012如图所示,A、B是两根互相平行、固定的长直通电导线,二者电流大小和方向都相同。一个矩形闭合金属线圈abcd与A、B在同一平面内,并且ab边保持与通电导线平行。线圈从图中的位置1匀速向左移动,经过位置2,最后到位置3,其中位置2恰在A、B的正中间。下面的说法中正确的是( )。A.在位置2这一时刻,穿过线圈的磁通量为零B.在位置2这一时刻,穿过线圈的磁通量的变化率为零C.在位置1到位置3的整个过程中,线圈内感应电流的方向发生了变化D.在位置1到位置3的整个

8、过程中,线圈受到的磁场力的方向保持不变13在用插针法测定玻璃砖折射率的实验中， (1)某同学由于没有量角器,在完成了光路以后,他以O点为圆心、10.00 cm长为半径画圆,分别交线段OA于A点,交OO连线延长线于C点,过A点作法线NN的垂线AB交NN于点B,过C点作法线NN的垂线CD交NN于D点,如图所示.用刻度尺量得OB=8.00cm,CD=4.00cm.由此可得出玻璃的折射率n=_.(2)某同学在纸上画出的界面aa、bb与玻璃砖位置的关系如图所示，则该同学测得的折射率与真实值相比_(填“偏大”、“偏小”或“不变”)14（11分）有一个小灯泡上标有“4 V 2 W”的字样，现在要用伏安法描绘

9、这个灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A电压表（05 V，内阻约10 k） B电压表（010 V，内阻约20 k）C电流表（003 A，内阻约1 ） D电流表（006 A，内阻约04 ）E滑动变阻器（5 ，1 A） F滑动变阻器（500 ，02 A）学生电源（直流输出4V）及开关、导线等实验中电压表应选用_，电流表应选用_为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用_（用序号字母表示）。请在方框内画出满足实验要求的电路图，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图。15如图所示，有一平行板电容器左边缘在y轴上，下极板与x轴重台，极板间匀强电场的场强为

10、E。一电量为q、质量为m的带电粒子，从O点与x轴成角斜向上射入极板间，粒子经过K板边缘a点平行于x轴飞出电容器，立即进入一磁感应强度为B的圆形磁场（未画出），随后从c点垂直穿过x轴离开磁场。已知粒子在O点的初速度大小为，磁场方向垂直于坐标平面向外，磁场与电容器不重和，带电粒子重力不计，试求：(1)K极板所带电荷的电性；(2)粒子经过c点时的速度大小；(3)圆形磁场区域的最小面积。16如图甲，单匝圆形线圈c与电路连接，电阻R2两端与平行光滑金属直导轨p1e1f1、p2e2f2连接垂直于导轨平面向下、向上有矩形匀强磁场区域、，它们的边界为e1e2，区域中垂直导轨并紧靠e1e2平放一导体棒ab两直导

11、轨分别与同一竖直平面内的圆形光滑绝缘导轨o1、o2相切连接，o1、o2在切点f1、f2处开有小口可让ab进入，ab进入后小口立即闭合已知：o1、o2的直径和直导轨间距均为d，c的直径为2d；电阻R1、R2的阻值均为R，其余电阻不计；直导轨足够长且其平面与水平面夹角为，区域的磁感强度为B0重力加速度为g在c中边长为d的正方形区域内存在垂直线圈平面向外的匀强磁场，磁感强度B随时间t变化如图乙所示，ab在t=0内保持静止（1）求ab静止时通过它的电流大小和方向；（2）求ab的质量m；（3）设ab进入圆轨道后能达到离f1f2的最大高度为h，要使ab不脱离圆形轨道运动，求区域的磁感强度B2的取值范围并讨

12、论h与B2的关系式17（16分）如图所示，两平行的光滑金属导轨安装在一倾角的光滑绝缘斜面上，导轨间距L，导轨电阻忽略不计且足够长，一宽度为d的有界匀强磁场垂直于斜面向上，磁感应强度为B。另有一长为2d的绝缘杆将一导体棒和一边长为d（d <L）的正方形线框连在一起组成的固定装置，总质量为m，导体棒中通有大小恒为I的电流，将整个装置置于导轨上。开始时导体棒恰好位于磁场的下边界处，由静止释放后装置沿斜面向上运动，当线框的下边运动到磁场的上边界MN处时装置的速度恰好为零，之后装置将向下运动，然后再向上运动，经过若干次往返后，最终整个装置将在斜面上作稳定的往复运动。已知B=2.5T，I=0.8A，

13、L=0.5m，m=0.04kg，d=0.38m，取g10 m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）装置被释放的瞬间，导线棒加速度的大小；（2）从装置被释放到线框下边运动到磁场上边界MN处的过程中，线框中产生的热量；（3）装置作稳定的往复运动后，导体棒的最高位置与最低位置之间的距离。18（20分）如图所示，两条金属导轨相距L=1m，水平部分处在竖直向下的匀强磁场B1中，其中MN段平行于PQ段，位于同一水平面内，NN0段与QQ0段平行，位于与水平面成倾角37°的斜面内，且MNN0与PQQ0均在竖直平面内。在水平导轨区域和倾斜导轨区域内分别有垂直

14、于水平面和斜面的匀强磁场B1和B2，且B1=B2=0.5T；ab和cd是质量均为m=0.2kg、电阻分别为Rab=0.5和Rcd=1.5的两根金属棒，ab置于水平导轨上，与水平导轨间的动摩擦因数=0.5，cd置于光滑的倾斜导轨上，均与导轨垂直且接触良好。从t=0时刻起，ab棒在水平外力F1作用下由静止开始以a=2m/s2的加速度向右做匀加速直线运动，cd棒在平行于斜面方向的力F2的作用下保持静止状态。不计导轨的电阻。水平导轨足够长，ab棒始终在水平导轨上运动，已知sin37°=0.6 ，cos37°=0.8 ，g=10m/s2 。求：（1）t=5s时，cd棒消耗的电功率；（

15、2）从t=0时刻起，2.0s内通过ab棒的电荷量q；（3）规定图示F1、F2方向作为力的正方向，分别求出F1、F2随时间t变化的函数关系；（4）若改变F1和F2的作用规律，使ab棒的运动速度v与位移x满足v=0.4x，cd棒仍然静止在倾斜轨道上，求ab棒从静止开始到x=5m的过程中，F1所做的功。试卷第7页，总8页参考答案1D【解析】试题分析：变化的磁场一定产生电场，而非均匀变化的磁场产生变化的电场，非均匀变化的电场产生磁场，AB正确；电磁波可以在真空中传播，机械波不能在真空中传播，C正确；紫外线波长要短于可见光；故D错误；考点：考查了电磁波2C【解析】试题分析：偏振是横波特有的现象，选项A正

16、确；光导纤维传递信号利用了光的全反射原理，选项B正确；太阳光下的肥皂泡呈现出彩色条纹，这是光的干涉现象，选项C错误；弯曲表面向下压在另一块平板玻璃上，让光从上方射入，能看到亮暗相间的同心圆，是由空气薄层上下表面反射，出现相同频率的光，进行相互叠加，这是光的干涉现象，选项D正确；故选C.考点：光的偏振；光的干涉；3C【解析】试题分析：振子振动的周期为T=0.2s，故在04 s内振子做了20次全振动，选项A错误；在04 s内振子通过的路程为20×4A=80×5cm=400cm，选项B错误；由振动图线可知，图中A点对应的时刻振子的速度方向指向+x轴方向，且处于减速运动阶段，选项C

17、正确；图中A点对应的时刻振子离开平衡位置的位移为2.5cm，故所受的弹力大小为F=kx=20N/cm×2.5cm =50 N，方向指向-x方向，选项D错误；故选C.考点：简谐振动；振动图线.4C【解析】试题分析：当闭合电路中的磁通量发生变化时，电路中才有感应电流，A中有磁通量，但如果不变化，则也不可能有感应电流，选项A错误；B中如果不是闭合电路，则只能有感应电压而不能形成感应电流，故选项B错误；C中线框不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流，故选项C正确；D中如果电路不是闭合的，则电路中也不会产生感应电流，故选项D错误。考点：法拉第电磁感应定律。5A【解析】试题

18、分析：外电压与内电压之和保持不变，等于电动势，外电阻与内电阻是串联的，根据串联电路的特点，电阻越大分得的电压越大，故A 项正确；外电阻越大，路端电压，但电流越小，由P输出UI 可看出电源的输出功率不一定越大，实际上电源的输出功率有最大值，故B项错；当电源一定时，外电阻越小，电流越大，由以上分析可知，外电压越小，故C项错；在电源内部，电流从负极流向正极，是从电势低的地方流向电势高的地方，故D项错。考点：本题考查了关于闭合电路的知识。6D【解析】试题分析:根据正弦交流电的基本规律可知输入电压，根据理想变压器的变压规律，记输出电压为则有，在根据变压器功率输出规律,则有。故A.B.C均错误，D正确。考

19、点：变压器的结构和原理7B【解析】8A【解析】试题分析：A、据题质点M比N质点先起振，波从M传到N由振动图象可知t=0时刻M点位于波峰时，N通过平衡位置向下，则有：d=（n+），（n=0，1，2）波长为 ，当n=0时，=4.8m；故A正确B、由图读出周期 T=4s，则频率为 Hz，故B错误C、波速为 v=f=m/s，因为n是整数，v不可能为3.6m/s，故C错误D、由上分析知，d=（n+），则质点M在波谷时，N通过平衡位置，故D错误故选：A考点：机械波的传播；频率、周期、波长和波速的关系；9BD【解析】由全反射条件知sin C，所以C45°.由几何知识和反射定律、折射定律作出光路图如

20、图所示，通过分析计算可以判断：光线在ab面发生全反射，在ac面不发生全反射，既有折射光线，又有反射光线，且其反射光线垂直于bc面射出10CD【解析】试题分析：根据有效值的概念则对此交流电：，解得：；因电感线圈L对交流电有感抗，故R上的电压应小于155.5V，选项A错误；电压表的示数等于交流电的有效值为155.5V，选项B错误；若R两端的电压为155.5V时，其消耗的功率为，而R上的电压应小于155.5V，故电阻R消耗的功率小于50W，选项C正确；为保证闭合开关S后电容器不被击穿，该电容器的耐压值不得小于此交流电的最大值311V，选项D正确；故选CD.考点：交流电的有效值及最大值；电功率；11A

21、BD【解析】试题分析：当线框运动L时开始进入磁场，磁通量开始增加，当全部进入时达最大；此后向外的磁通量增加，总磁通量减小；当运动到1.5L时，磁通量最小，当运动到2L时磁通量变为向里的最大，故A正确；当线圈进入第一个磁场时，由E=BLv可知，E保持不变，感应电动势为顺时针方向；而开始进入第二个磁场时，两端同时切割磁感线，电动势应为2BLv，方向为逆时针方向为正值，故B正确；因安培力总是与运动方向相反，故拉力应一直向右，故C错误；拉力的功率P=Fv，因速度不变，而在线框在第一个磁场时，电流为定值，拉力也为定值；两边分别在两个磁场中时，因此安培力变4倍，则拉力的功率变为原来的4倍，故D正确；故选：

22、ABD.考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律；安培力.12AD【解析】试题分析：磁通量是指穿过线圈中磁感线的净条数，通电导线A在其右侧产生垂直纸面向里的磁场，通电导线B在其左侧产生垂直纸面向外的磁场，根据叠加原理可知: 导线A到A、B的中心线之间区域磁场方向垂直纸面向里， 导线B到A、B的中心线之间区域磁场方向垂直纸面向外，又因位置2恰在A、B的正中间，所以在位置2，磁通量为0，但磁通量的变化率不为0，故A正确B错误；从位置1到位置2，磁通量减小，感应电流为逆时针，从位置2到位置3，磁通量增加，感应电流仍为逆时针，故C错误；由楞次定律知，线圈所受磁场力总是阻碍线圈与导线的相对运动，方向总是向右，

23、故D正确。所以选AD。考点：本题考查了楞次定律的应用、通电直导线和通电线圈周围磁场的方向、磁感应强度。13（1）1.5 （2）偏小【解析】试题分析：（1）根据折射率公式则（2）黑色代表实际光路，但是红色代表作图的光路，显然测量的折射角偏大，所以导致计算折射率结果偏小。考点：玻璃砖的折射率点评：本题考查了折射率的计算方法，通常实验室计算玻璃砖的折射率常见的方法。本题还考察了常见的计算玻璃砖折射率的误差分析。14 （2）（11分） A、D、E 每空1分 电路图连线图 电路图 4分 连接电路 4分【解析】试题分析： （1）因电源是4V，故电压表选择A，灯泡额定电流I=0.5A, 电流表选择D，灯泡电

24、阻R=8，滑动变阻器选择E；（2）灯泡是小电阻，电流表使用外接法，电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器使用分压式，电路图如上，实物图如上。考点： 实验：“伏安法描绘灯泡的伏安特性曲线”15（1）K板带正电；（2）；（3）【解析】试题分析：（1）粒子由a到c，向下偏转，根据左手定则判断，可知粒子带正电。粒子在电场中做类斜抛运动，根据物体做曲线运动的条件可知电场力垂直于两极板向下，正电荷受到的电场力与电场方向相同，故电场方向垂直于两极板向下，K板带正电，L板带负电。（2）粒子由O到a做类斜抛运动，水平方向分运动为匀速直线运动，竖直方向为匀减速运动，到达a点平行于x轴飞出电容器，即竖直方向分

25、速度减为零，a点速度为初速度的水平分量，出电场后粒子在磁场外做匀速直线运动，在磁场中做匀速圆周运动，速度大小始终不变，故粒子经过c点时的速度与a点速度大小相等。由上可知粒子经过c点时的速度大小（3）粒子在磁场中做圆周运动，轨迹如图所示，a、c为两个切点。洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律可知：可得轨迹半径粒子飞出电容器立即进入圆形磁场且磁场与电容器不重和，圆形磁场必与电容器右边界ab切于a点，还需保证c点也在磁场中，当圆形磁场与bc切于c点时磁场面积最小，此时磁场半径与轨迹半径相等。磁场最小面积考点：带电粒子在复合场中的运动16（1）；电流方向为ab（2）（3）；【解析】试题分析：(1)由法拉第电磁感应定律得c内感生电动势 由全电路欧姆定律有 （R2被ab短路）联立解得：根据楞次定律和右手螺旋定则（或者平衡条件和左手定则）判断