化工原理额外附加练习题(下册)[优选试题]

1、 化工原理练习题 （精馏） 一.填空题（20分）1.精馏操作的依据是 。 实现精馏操作的必要条件包括_和。2.(2分) 已分析测得这四股物料的组成为0.62，0.70，0.75，0.82，试找出YX，Y，X的对应值，Y _，X_， Y_ ，X_, 3. 某二元物系的相对挥发度3，在具有理论板的精馏塔内于全回流条件下作精馏塔操作，已知x0.3，则y（由塔顶往下数）4.(8分) 某泡点进料的连续精馏塔,已知其精馏段操作线方程为y=0.80x+0.172,提馏段操作线方程为y=1.45x-0.015,则回流比R=_,馏出液组成x_,原料组成x=_.釜液组成x=_.5.如图所示， 点表示； 点表示；

2、点表示； 段表示； 段表示。二.选择题（5分） 1. 某精馏塔精馏段理论板数为N层，提馏段理论板数为N层，现因设备改造，使提馏段的理论板数增加，精馏段的理论板数不变，且F、x、q、R，V等均不变，则此时:（ ） A. x减小，x增加； B. x减小，x不变； C. x减小，x减小； D. x减小，x的变化视具体情况而定。三.问答题1.(10分) 精馏塔在一定条件下操作时，问将加料口向上移动两层塔板，此时塔顶和塔底产品组成将有何变化？为什么？四.计算题（65分）1. 分离苯和甲苯混合液，进料组成为0.4，馏出液组成为0.95，残液组成为0.05（以上组成均为苯的摩尔分率）。苯对甲苯的平均相对挥发

3、度为2.44。泡点进料，塔顶冷凝器为全凝器，塔釜为间接蒸汽加热。试求： (1) 最小回流比； (2) 若回流比取最小回流比的1. 2倍，列出精馏段操作线方程 (3) 列出提馏段操作线方程。2. 苯和甲苯混合液含苯0.4(摩尔分率，下同)，流量为100kmol.h，于常压下进行连续精馏，要求塔顶x=0.9， 塔底x=0.0677, D=40kmol.h，原料于泡点下进入，R为1.4Rmin，已知操作条件下相对挥发度2.47是常数。求： (1) 精馏段操作线方程； (2) 提馏段操作线方程。3.如图，在由一块理论板和塔釜组成的精馏塔中，每小时向塔釜加入苯甲苯混合液100kmol，苯含量为50（摩尔

4、，下同），泡点进料，要求塔顶馏出液中苯含量80，塔顶采用全凝器，回流液为饱和液体，回流比为3，相对挥发度为2.5，求每小时获得的顶馏出液量D，釜排出液量W及浓度x。4.某一精馏塔，塔顶为全凝器，塔釜用间接蒸汽加热。用以处理含易挥发组成x=0.5(mol组成) 的饱和蒸汽。塔顶产量D和塔底排量W相等。精馏段操作线方程为y=5x/6+0.15试求： (1)回流比R，塔顶组成x，塔釜组成x。 (2)提馏段操作线方程。5.由一层理论板与塔釜组成的连续精馏塔，每小时向塔釜加入含甲醇40(摩尔分率)的甲醇水溶液100kmol，要求塔顶馏出液组成 x=0.84，塔顶采用全凝器，回流比R3，在操作条件下的平衡

5、关系为y0.45x0.55，求： (1) 塔釜组成x； (2) 每小时能获得的馏出液量D。化工原理考试题答案 （精馏） 一.填空题1. 混合液中各组分的挥发度差异。 塔顶液相回流 塔底上升气流2. y6 0.82 x6 0.70 y7 0.75 x7 0.623. yx/（1（1）x）30.3/(1+20.3) 0.563 xy0.563 y30.563/（120.563）0.7944. 0.86 0.288 0.0335. ）y ，x ）y ，x ）y ，x ）x,x ）y, y二.选择题 A.三.问答题 当加料板从适宜位置向上移两层板时，精馏段理论板层数减少， 在其它条件不变时，分离能力下

6、降，xD ，易挥发组分收率降低，xW 。四.计算题1. y2.440.4/（11.440.4）0.62 R（xy）/（yx） （0.950.62）/（0.620.4） 1.5 R1.21.51.8 y（1.8/2.8）x0.95/2.8 0.64x0.34 令 F=1kmol.h Fx=Dx+Wx 0.4=0.95D+(1-D)0.05 解得 D=0.39kmol.h W=0.61kmol.h q=1 L=L+qF=RD+F=1.80.39+1=1.7kmol.h V=V=(R+1)D=2.80.39=1.09kmol.h y=Lx/V-Wx/V =1.7x/1.09-0.610.05/1.0

7、9=1.56x-0.028 y1.56x0.0282. q=1, yq=2.470.4/(1+1.470.4)=0.622, Rmin=(0.9-0.622)/(0.622-0.4)=1.25, R=1.41.25=1.75, y=1.75x/(1.75+1)+0.9/(1.75+1) =0.636x+0.327 V=V=(R+1)D, L=L+qF=RD+F, y=Lx/V-Wxw/V =(RD+F)x/(R+1)D-(F-D)xw/(R+1)D =1.545x-0.03693.(12分) 题号:6256 第6章 知识点:210 难度:中等*答案* y1=xD=0.8 0.8=2.5x1/(

8、1+1.5x1) x1=0.615 yw=x1R/(R+1)+xD/(R+1)=30.615/(3+1)+0.8/4=0.661 0.661=2.5xW/(1+1.5xW) xW=0.438 100=D+W, 1000.5=0.8D+0.438W D=17.1(kmol.h), W=82.9(kmol.h)4.(12分) (1)D=F(x-x)/(x-x) 即0.5=(0.5-x)/(x-x) R/(R+1)=5/6 R=5 x/(R+1)=x/(5+1)=0.15 x=0.9 x=0.1(2)提馏段操作线: y=(L/V)x-Wx/V 饱和蒸汽进料 q=0, L=L, V=V-F 又F=2D

9、,W=D,L=RD,V=(R+1)D y=L/(V-F)x-W0.1/(V-F) =RD/(R+1)D-2Dx-D0.1/(R+1)D-2D =5/(6-2)x-0.1/(6-2) =1.25x-0.0255. y1=xD=0.84, 0.84=0.45x1+0.55, x1=0.64, yw=30.64/(3+1)+0.84/(3+1)=0.69, 0.69=0.45xw+0.55, xw=0.311, D=100(0.4-0.311)/(0.84-0.311)=16.8(kmol.h), W=100-16.8=83.2(kmol.h). 化工原理练习题（干燥） 一.填空题1. 干燥这一单元

10、操作，既属于传热过程，又属_。2. 相对湿度值可以反映湿空气吸收水汽能力的大小，当值大时，表示该湿空气的吸收水汽的能力_;当=0时。表示该空气为_。3. 干燥速率曲线是在恒定干燥条件下测定的，其恒定干燥条件是指：_均恒定。4. 在一定空气状态下干燥某物料，能用干燥方法除去的水分为_；首先除去的水分为_；不能用干燥方法除的水分为_。5. 已知某物料含水量X=0.4kg水.kg绝干料，从该物料干燥速率曲线可知：临界含水量X=0.25kg水.kg绝干料，平衡含水量X*=0.05kg 水.kg绝干料，则物料的非结合水分为_，结合水分为_，自由水分为_，可除去的结合水分为_。6. 对于不饱和空气，表示该

11、空气的三个温度，即：干球温度t，湿球温度t和露点t间的关系是_。7. 等速干燥阶段物料表面的温度等于_。8. 湿空气通过预热器预热后，其湿度_，热焓_，相对湿度_。(增加、减少、不变)9. 对不饱和空气通过间壁换热器进行加热， 使温度由升至，此时其湿球温度， 相对湿度，露点，湿度。10. 对于为水蒸汽所饱和的空气,则其干球温度,湿球温度， 绝热饱和温度,露点温度的关系是。二、问答题1. 如何强化干燥过程？2. 欲在 298K时用相对湿度为60的空气干燥木材， 使其中水分降到11.5（湿基），你认为是否可能?为什么?已知在此条件下木材的平衡水分为12（干基）。3. 某恒定干燥过程，（如图所示：预

12、热器K1，干燥器K2，冷却冷凝器K3），已知预热器出口空气的干球温度为t,湿球温度为t此状态空气在干燥器经历一个绝热增湿过程， 出干燥器空气温度为，经冷却冷凝器冷却冷凝，析出一部分水份之后，再经预热器预热至，且其湿球温度仍为，如此反复循环。试在湿空气的H图（或H）图上用线段和箭头绘出空气在上述干燥过程状态变化的示意图。并说明空气在各设备中所经历的过程。三.计算题1. 某干燥器的生产能力为1000kg.h(产品），物料从含水量2%干燥至含水量0.2%（均为湿基）。已知生产车间的气温为22，相对湿度为60%；空气离开干燥器时的温度为45，湿球温度为32。干燥为等焓过程。试求： (1)水分蒸发量；

13、(2)离开干燥器时空气的体积流量为多少m.h？ (3)空气进入干燥器的温度； (4)热效率为多少？2. 某气流干燥器的生产能力为180kg产品.h,现要求将物料从含水量2%干燥至含水量0.2%，（均为湿基）。已知生产车间的气温为25，空气的湿含量为0.01kg水汽.kg干空气。空气经预热器预热至94进入干燥器，若空气离开干燥器时的湿球温度为32，露点为25。问：(1)水分蒸发量为多少kg.h? (2)干空气消耗量为多少kg.h (3)干燥器的热效率为多少？ (4)空气离开干燥器的温度？(5)干燥过程是否等焓（说明原因）3. 在常压连续干燥器中，将处理量为0.417kg.s的湿物料，自含水量为4

14、7干燥倒5（均为湿基） ，采用废气循环操作，新鲜空气与废气混合后经预热器k1加热，再送入干燥器K2，循环比（废气中绝干空气质量与混合气中绝干空气质量之比）为0.8，新鲜空气的湿度H为0.0116kg.kg绝干气，温度为22，废气的湿度 H为0.0789 kg.kg绝干气 ，温度为52，假设干燥过程为绝热过程，预热器损失可忽略不计。试计算干燥过程的耗热量。并在H图上定性绘制出湿空气的状态变化过程。已知：绝干空气比热为1.01kJ.kg.K, 水蒸汽比热为1.88kJ.kg.K, 0时水蒸汽潜热为2490kJ.kg。 化工原理练习题答案 （干燥） 一.填空题1. 传质过程2. 小； 绝干空气3.

15、干燥介质（热空气）的温度、湿度、速度以及与物料接触的方式。4. 自由水分； 非结合水分； 平衡水分5. 0.15、0.25、0.35、0.2（单位皆为：kg水.kg绝干料）6. ttt7. 干燥介质一热空气的湿球温度8. 不变、 增加、 减少9. 上升，下降 ，不变， 不变10. ，。二.问答题1. 强化干燥过程要依据干燥的不同阶段而采取不同的措施。在等速干燥阶段：要使干燥速率提高，其措施：增大热空气的温度、降低其湿度；增大热空气的流速；改变其接触方式（如垂直流过物料层效果比平行好，若将物料充分分散于气流中更好）在降速干燥阶段：主要改变物料的尺寸（变小）、厚度（减薄）或将物料充分分散于气流中增

16、大其气、固两相的接触面积或加强搅拌等措施来提高干燥速率。2. 要求含水量降低到： X0.115/(1-0.115)=0.13=13%12%(干衡水份) XX* 是可能的3. 由w 1 及1 确定A点 （由温度为w 1 的等温线与100线相交，再沿等线向上与等温线1 相交得A点）。 AB为空气在干燥器经历绝热增湿过程，也是等焓干燥过程 BC为空气在冷却冷凝器经历等H冷却过程。 CD为空气在冷却冷凝器经历析出部分水份过程 （100线）。 DA为空气在预热器中经历等H升温过程。三.计算题1. 1）水份蒸发量W：W=G(W-W)/(1-W)=1000(0.02-0.002)/(1-0.02) =18.

17、37kg水.h 2)离开干燥器的空气体积流量V：V=L.v=W.v/(H-H)依t=22,=60%查出H=H=0.01kg水汽.kg干空气t=45 , t=32 , 查出H=0.026kg水汽.kg干空气, v=0.94m.kg干空气V=18.370.94/(0.026-0.01)=1079m.h 3)空气进入干燥器的温度t:I=I 故可查出 t=357K=844)热效率h=(t-t)/(t-t)100%=(84-45)/(84-22)100%=62.9%2. 已知：图示。 1）水分蒸发量W： W=G（W-W）/（1-W） =180（0.02-0.002）/（1-0.02）=3.306kg水.

18、h 2)干空气消耗量L: L=W/（H-H）依t=32,t=25查T-H图得H=0.02而H=0.01 L=3.306/(0.02-0.01)=330.6kg干空气.h 3)空气离开干燥的温度t：由t=32,t=25在T-H图上找到C点，再由C点找到t=332.4K=59.4 4)干燥器的热效率:=(Q/Q)100%=(t-t)/(t-t)100%代入得： =(94-59.4)/(94-25)100%=50.1% 5)是否等焓干燥：依t=94, H=H=0.01kg水汽.kg干空气，查出 I=121kJ.kg干空气依t=32，t=25查出I=110kJ.kg干空气II,故干燥不是等焓过程。3.

19、 干燥过程为绝热过程，因此，整个干燥过程的耗热量也就是预热器的给热量（近似为等焓过程考虑） QL（1 1 ） 1计算L 对整个系统进行物料衡算： L0 （H2 H0 ）GC （1 2 ） 1 =47%/(1-47%)=0.887; 2 =5%/(1-5%)=0.053; GC =0.417(1-47%)=0.221kgh H2 H0 0.0789-0.0116 代入上式便得 L0 =2.739 (kg绝干气.s ) 根据循环比为0.8 可知L5L0 =13.7 (kg绝干气.s) 2计算Q 2 =(1.01+1.88H2 )2 +H2 0 t =(1.01+1.880.0789)52+0.07

20、892490 =256.69kJ/(kg绝干气) 0 =(1.01+1.88H0 )0 +H0 0 t =(1.01+1.880.0116)22+0.01162490 51.58kJ/(kg绝干气) Q2.739(256.69-51.58)=562 kJ.s 化工原理练习题（吸收） 一.填空题1.(4分) 用相平衡常数m表达的亨利定律表达式为_.在常压下,20时, 氨在空气中的分压为114mmHg,与之平衡的氨水浓度为15(kgNH/100kgHO).此时m=_.2.(2分) 当平衡线为直线时，总传质系数与分传质系数之间的关系可以表示为1/K=1/k+H/k其中1/k表示，当项可忽略时，表示该

21、吸收过程为液膜控制。3.(4分) 含SO为10（体积）的气体混合物与浓度C为0.020kmol.m的SO水溶液在一个大气压下相接触。操作条件下两相的平衡关系为p1.62C（大气压） ，则SO将从相向相转移，以气相组成表示的传质总推动力为大气压.4.(4分) 在常压下，测定水中溶质A 的摩尔浓度为0.56kmol.m，此时气相中A 的平衡摩尔分率为0.02 ，则此物系的相平衡常数m=。当其他条件不变，而总压增加一倍时，相平衡常数m=， 若测得总压值为2 atm ，则此时的亨利系数E=atm,而溶解度系数Hkmol.m.atm。5.(4分) 1.实验室用水逆流吸收空气中的CO，当水量和空气量一定时

22、，增加CO量，则入塔气体浓度_，出塔气体浓度_,出塔液体浓度_. 2.吸收总推动力用气相浓度差表示时，应等于_和_之差。6.(5分) 含溶质A 摩尔分率为x=0.2的溶液与压力为 2atm,y=0.15的气体等温接触（此条件下的平衡关系为：p=1.2x）， 则此时将发生过程。用气相组成和液相组成表示的总传质推动力分别为y=， x=（摩尔分率）。如系统温度略有增高，则y将。如系统总压略有增高，则x将。7.(5分) 含溶质A 摩尔分率为x=0.2的溶液与压力为 2atm,y=0.15的气体等温接触（此条件下的平衡关系为：p=1.2x）， 则此时将发生过程。用气相组成和液相组成表示的总传质推动力分别

23、为y=， x=（摩尔分率）。如系统温度略有增高，则y将。如系统总压略有增高，则x将。二.问答题1.(10分) 双膜论的主要论点有哪些？并指出它的优点和不足之处。2.(6分) 提高吸收速率应采取哪些措施?三.计算题1.(12分) 在常压逆流操作的填料吸收塔中用清水吸收空气中某溶质A ， 进塔气体中溶质A 的含量为8%（体积），吸收率为98%，操作条件下的平衡关系为y=2.5x， 取吸收剂用量为最小用量的1.2倍，试求：(1)水溶液的出塔浓度； (2)若气相总传质单元高度为0.6m，现有一填料层高为6m的塔问该塔是否合用?注：计算中可用摩尔分率代替摩尔比，用混合气体量代替惰性气体量，用溶液量代替溶

24、剂量。2.(12分) 用水作为吸收剂来吸收某低浓度气体生成稀溶液（服从亨利定律），操作压力为850mmHg ，相平衡常数m=0.25，已知其气膜吸收分系数k=1.25kmol.m.h.atm，液膜吸收分系数 k0.85m.h，试分析该气体被水吸收时,是属于气膜控制过程还是液膜控制过程?3.(14分)在直径为0.8m的填料塔中，用1200kg.h的清水吸收空气和SO混合气中的SO，混合气量为1000m（标准）.h，混合气含SO1.3（体积）,要求回收率99.5操作条件为20、1atm,平衡关系为y=0.75x,总体积传质系数K=0.05kmol.m.s，求液体出口浓度和填料层高度.化工原理练习题

25、答案（吸收） 一.填空题1. y=mx 1.0942. 液膜阻力 气膜阻力 H/k3. 0.1atm 1.620.020.0324atm 从气相向液相转移 0.0676atm4. 2.0 ； 1.0； 4.0 atm； 14 kmol.m.atm5. 1.增加； 增加； 增加 2.气相主体摩尔浓度； 同液相主体浓度相平衡的气相浓度6. 因为 p=Ex ；y=（E/p）x；所以m=1.2/2=0.6 y=0.60.2=0.12 ；y-y=0.15-0.12=0.03 x=0.15/0.6=0.25 ；x-x=0.25-0.2=0.05 若 p，m，x，x，故：吸收；0.03，0.05，减少,增加

26、7 因为 p=Ex ；y=（E/p）x；所以m=1.2/2=0.6 y=0.60.2=0.12 ；y-y=0.15-0.12=0.03 x=0.15/0.6=0.25 ；x-x=0.25-0.2=0.05 若 p，m，x，x，故：吸收；0.03，0.05，减少,增加二、问答题1. 论点：1）相互接触的气液两相流体间存在着稳定的相界面，相界面两侧分别各有一稳定的气膜和液膜，吸收质以分子扩散的方式通过此两膜；2）在两膜层以外的气液两相主体中，由于流体的充分湍动，吸收质的浓度基本上是均匀的、全部浓度变化集中在两膜层中，即阻力集中在两膜层内：3）在相界面处，气液两相达平衡，即界面上没有阻力。实验证明，在气速较低时，用双膜理论解释吸收过程是符合实际情况的，即提高速度，可增大吸收速率已为实践所证实。根据这一理论的基本概念所确定的吸收速率关系，至今仍是填料吸收塔设计计算的主要依据。 但当速度较高时，气液两相界面就处于不断更新的状态，并不存在稳定的气膜和液膜，界面更新对吸收过程是一重要影响因素，双膜论对于这种情况并无考虑进去，这是它的局限性。2. 由NK（）看出，为了提高N，必须增大吸收系数和吸收推动力。1.增大湍动程度；2.增大气液接触是为了增大吸收系数。3.增大液气比是为了提高推动力