2017年山东济宁中考物理模拟试卷

1、2017年山东省济宁市中考物理模拟试卷（二）一、选择题（每题2分，共20分）1下列估测不正确的是（）A一瓶标有“500mL”的矿泉水，水的质量约为0.5kgB宇宙飞船环绕地球的速度：7.9km/minC将两个鸡蛋举高1m，做功约1JD洗澡水最适宜的温度约为422如图所示，图甲测凸透镜的焦距，图乙“探究凸透镜成像的规律”，在图乙所示的位置光屏上成清晰的像，下列说法正确的是（）A由图甲可知凸透镜的焦距是40cmB图乙的成像的特点与投影仪的成像原理相同C图乙中若用遮光板挡住凸透镜的上半部分，光屏上只出现像的下半部分D图乙中若在凸透镜左侧“戴”上近视镜，光屏向右移动才能找到清晰的像3如图所示，中国“海

2、巡31”轮配备有强声设备，可以定向远距离发射高达150dB的警示音、语音等声波，主要用于对付海盗等人员下列说法中错误的是（）A声波具有能量B强声设备发出的声波是次声波C发射器喇叭状的外形可以减少声音分散，增大响度D护航官兵佩戴耳罩是为了在人耳处减弱噪声4在学习“认识浮力”一节中，王老师演示了如下实验，将一只去盖、去底的饮料瓶的瓶口朝下，把乒乓球（直径略大于瓶口直径）放入瓶内并注水，看到有少量水从瓶口流出，此时乒乓球静止（如图），然后用手堵住瓶口，一会儿乒乓球浮起来了，以下分析正确的是（）A乒乓球上浮过程中，受到的浮力始终不变B图中乒乓球静止时受到的支持力与受到的重力不平衡C乒乓球上浮过程中，受

3、到的浮力等于受到的重力D图中乒乓球静止时没有受到浮力作用5探究“影响滑动摩擦力大小的因素”活动中，小明用如图装置，用弹簧测力计拉动木块在水平木板上运动测量中，小明发现弹簧测力计的示数时大时小对此，小明做出以下分析，其中不正确的是（）A木块对木板的压力大小可能是变化的B木板表面不同位置的粗糙程度可能是不同的C木块的运动可能不是匀速直线运动D木板与木块的接触面积大小可能有改变6能源、材料和信息是人类社会发展的三大支柱，下面有关内容不正确的是（）A半导体制作的LED（发光二极管）具有单向导电性B因为核聚变比核裂变放能量更大，所以被广泛利用于核电站C不同广播电台发射电磁波的频率不相同D能量的转化和转移

4、具有方向性7小莉根据下列表格中的数据，得出以下四个结论，其中错误的是（）物质密度/（kgm3）（常温常压下）物质熔点t/（标准大气压下）物质比热容c/J（kg）1冰0.9103冰0水4.2103铝2.7103铝660铝0.88103铁7.9103铁1535铁0.46103铜8.9103铜1083铜0.39103A体积相等的铁球和铝球，如果它们的质量相等，铁球可能是实心的B质量相等的实心铁块和实心铝块，升高相同的温度，铁块吸收的热量较少C体积相等的实心铜块和实心铝块，放出相等的热量，铝块温度降低得较多D把温度为8的冰块投入盛有0水的密闭隔热容器中一段时间后，冰的质量会增加8如图所示是某老师的自制

5、教具，他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生器紧紧塞进孔中，实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，点燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出关于此实验，分析不正确的是（）A酒精不完全燃烧时热值不变B能闻到酒精的气味说明分子在永不停息的做无规则运动C燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程D纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低9下列知识结构正确的是（）A物态分子间距离分子间作用力固态很小很小液态较大较大气态很大很大B杠杆种类构造举例省力杠杆l1l2钓鱼竿费力杠杆l1l2钳子等臂杠杆l1=l2天平CD10如图所示电路，电源电压为8V并保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P由一个

6、位置移动到另一位置时，定值电阻R0的电功率由16W变成了4W，则电压表的示数可能（）A由4V变为6VB由3V变为6VC由3V变为5VD由2V变为4V二、填空题（每空1分，共12分）11生活中，“吸”字表述的现象，其原因各不相同如图所示，用吸管“吸”饮料时，饮料是在作用下被“吸”入口中的用吸尘器“吸”灰尘时，灰尘是由于空气流速越大，压强越的缘故被“吸”入吸尘器中的12如图所示，是晨晨同学探究焦耳定律的部分实验装置已知R甲=5，R乙=10，在探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系时，应将两电阻丝联在电路若电路中的电流为0.3A，则甲电阻丝在1min内产生的热量为 J13图甲为某兴趣小组制作的“

7、神奇转框”，转框的上部中央与电池正极相连，下部紧贴在与电池负极相连的柱形物两侧，该转框可以绕电池及柱形物持续转动在转动过程中，能量转化是，柱形物应具有较好的导电性和（填物理属性）图乙所示的四个实验中，能说明该神奇转框工作原理的是14在建筑工地上，吊车是常见的一种起重设备，如图为吊车上的滑轮组的示意图，在起重过程中，钢丝绳用6103N的拉力F，将重为1.2104N的物体匀速提升6m（不计绳重和摩擦），则该滑轮组的机械效率为15小敏用水平方向的力F向前推动水平面上的木箱，如图甲所示，此过程中，推力F随时间t的变化情况如图丙所示，则第1s内木箱受到的摩擦力为，第2s木箱受到的合力为N，从3s到5s内

8、，推力对木箱做的功为16在交通法规中严禁车辆“超载”，请从物理学的角度谈谈认识：三、实验与作图题（共17分）17（1）如图甲为电磁铁强弱演示仪，其原理是当电磁铁的磁性增强时，小磁片因受到电磁铁的作用而发生转动，使得磁针指示的数值增大，请在图中标出电源正负极（2）如图乙所示，小华站在自动扶梯上沿图示方向匀速上升，画出她受力的示意图18我们做实验时，由于方法不对或措施不当都会导致实验过程中难以观察到现象或测量结果不准确请在下面的表格中写出遇到问题时你的解决方案测电笔辨别零线与火线时用如图所示的方法握住测电笔，不管接触火线、零线测电笔氖管都不发光你的方案是在探究“平面镜成像特点”时无论怎样移动相同的

9、蜡烛B，都不能与蜡烛A的像完全重合你的方案是19小明妈妈自酿了很多红葡萄酒，小明想知道自酿红葡萄酒的密度，于是和学习小组的同学们一起用天平和量筒进行测量，他们的操作如下：（1）将托盘天平放在水平桌面上并调节天平平衡（2）用天平测量空烧杯的质量，如图甲是小明测量过程中的情景，他的错误是，纠正错误后，测得空烧杯的质量是41.6g（3）取适量的葡萄酒倒入烧杯中，用天平测葡萄酒和烧杯的总质量，天平平衡时，右盘中砝码及游码的位置如图乙所示，其总质量为g（4）将烧杯中的葡萄酒全部倒入量筒中（如图丙所示），量筒中的红葡萄酒的体积是cm3，根据测量数据计算出葡萄酒的密度是g/cm3（5）分析以上步骤，测出葡萄

10、酒的密度偏（填“大”或“小”）20在“探究电流与电压的关系”实验中，提供的器材有：电源（电压4.5V且不变），小灯泡（标有“2.5V 0.3A”），定值电阻R （阻值为10），滑动变阻器R0（标有“50W1A”），学生用双量程电流表和电压表，导线若干：（1）某实验小组经过相互讨论，完成了该实验方案的三次设计由图甲到图乙，改进的理由是；接着小组再优化电路设计，由图乙到图丙（2）如图丙，实验中，如果出现了电流表示数为0，电压表示数接近4.5V，电路发生的故障可能是（3）故障排除后，接着在图丙所示的电路中，闭合开关S，移动变阻器滑片 P 到某位置时，发现两电表中某一个表的指针达到满刻度，如图 （丁）

11、或（戊）所示此时电流表的示数为，电压表的示数为（4）多次调节滑动变阻器，测出通过电阻R的电流和对应的电压值，如表所示，分析数据得到结论：U/V1.52.02.53.0I/A0.150.200.250.30（5）最后用图丙电路“探究电流与电阻关系”，当定值电阻为10时，对应的电流表示数为0.15A，接着为了测量更多组数据，又提供了15、20、25、30、35定值电阻各一个，其中定值电阻不能使用四、计算题（共11分）21夏满同学在过生日时收到了一个内有“生日快乐”的小水晶球，如图所示为他用量筒、小玻璃杯、水来测量水晶球密度的实验示意图，请根据示意图提供的信息（g=10N/kg）求：（1）小水晶球在

12、图乙位置时所受浮力；（2）小水晶球的密度22我校物理兴趣小组设计了一种测定风力的装置，其原理如图甲所示，迎风板与一压敏电阻Rn连接，工作时迎风板总是正对风吹来的方向压敏电阻的阻值随风力的变化而变化压敏电阻Rx与迎风板承受风力F的关系如图乙所示已知电源电压恒为4.5V，定值电阻R=1.0（1）若在电路中接入一电压表，使电压表示数随风力的增大而增大，请在图中适当位置画出电压表（2）无风时，求电压表的示数和定值电阻中的电功率；（3）如果电压表的量程为03V，求该装置所能测量的最大风力（4）若把电压表改成风力表，它的刻度是否均匀？请说明理由2017年山东省济宁市中考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析

13、一、选择题（每题2分，共20分）1下列估测不正确的是（）A一瓶标有“500mL”的矿泉水，水的质量约为0.5kgB宇宙飞船环绕地球的速度：7.9km/minC将两个鸡蛋举高1m，做功约1JD洗澡水最适宜的温度约为42【考点】质量的估测；温度；速度与物体运动；功的计算【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出不符合生活实际的答案【解答】解：A、水的密度是1.0g/cm3，一瓶500mL=500cm3的矿泉水质量在m=V=1.0g/cm3500cm3=500g=0.5kg左右此选项符合实际；B、宇宙飞船环绕地

14、球的速度：7.9km/s此选项不符合实际；C、两个鸡蛋的重力在1N左右，将两个鸡蛋举高1m做的功约W=Gh=1N1m=1J此选项符合实际；D、人体正常体温在37左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在42左右此选项符合实际故选B2如图所示，图甲测凸透镜的焦距，图乙“探究凸透镜成像的规律”，在图乙所示的位置光屏上成清晰的像，下列说法正确的是（）A由图甲可知凸透镜的焦距是40cmB图乙的成像的特点与投影仪的成像原理相同C图乙中若用遮光板挡住凸透镜的上半部分，光屏上只出现像的下半部分D图乙中若在凸透镜左侧“戴”上近视镜，光屏向右移动才能找到清晰的像【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）凸透镜成

15、像的规律，研究的是成像特点与物距之间的关系，成像特点的变化与透镜的焦距有关首先确定凸透镜的焦距；（2）然后结合凸透镜成像规律的表格：物距（u）成像特点像距（v）应用u2f倒立 缩小 实像fv2f照相机u=2f倒立 等大 实像v=2f测焦距2fuf倒立 放大 实像v2f投影仪/幻灯机u=f不成像u，f正立 放大 虚像放大镜（3）结合凸透镜成像是由于光通过透镜会聚而成像和近视眼的成因和矫正方法【解答】解：A、根据甲图可以知道f=10cm，故A错误；B、根据乙图u2f，应用应该是照相机，故B错误；C、挡住了透镜上半部分，光能通过下半部分会聚成像，只是光线变少了能成一个变暗的完整的像，故C错误；D、戴

16、上近视眼镜（凹透镜）对光有发散作用，所以像会成在后面，光屏向右移动正确故D正确故选：D3如图所示，中国“海巡31”轮配备有强声设备，可以定向远距离发射高达150dB的警示音、语音等声波，主要用于对付海盗等人员下列说法中错误的是（）A声波具有能量B强声设备发出的声波是次声波C发射器喇叭状的外形可以减少声音分散，增大响度D护航官兵佩戴耳罩是为了在人耳处减弱噪声【考点】声与能量；响度；防治噪声的途径【分析】（1）声音既能够传递信息，又能够传递能量；（2）人耳能够听到的声音频率的范围是20Hz20000Hz，低于20Hz的叫次声波，高于20000Hz的超声波；（3）响度指声音的强弱，是由物体振动的振幅

17、决定的，还与距离发声体的远近有关；（4）减弱噪声的途径有：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱【解答】解：A、声波具有能量，故A正确；B、强声设备发出的声波高达150dB，是人耳能够听到的，而次声波人耳是听不到的，故B不正确；C、声波定向发射器的喇叭状外观可以减少声音分散，增大响度，故C正确；D、护航官兵佩戴耳罩是为了在人耳处减弱噪声，故D正确故选B4在学习“认识浮力”一节中，王老师演示了如下实验，将一只去盖、去底的饮料瓶的瓶口朝下，把乒乓球（直径略大于瓶口直径）放入瓶内并注水，看到有少量水从瓶口流出，此时乒乓球静止（如图），然后用手堵住瓶口，一会儿乒乓球浮起来了，以下分析正确的是（）

18、A乒乓球上浮过程中，受到的浮力始终不变B图中乒乓球静止时受到的支持力与受到的重力不平衡C乒乓球上浮过程中，受到的浮力等于受到的重力D图中乒乓球静止时没有受到浮力作用【考点】物体的浮沉条件及其应用；浮力产生的原因【分析】（1）乒乓球上浮过程中，根据阿基米德原理判断浮力的变化情况；（2）乒乓球静止时受到水的压力、重力和支持力作用，在这几个力的作用下处于静止状态（3）浮力大于重力，物体上浮；（4）根据浮力产生的原因进行分析【解答】解：A、乒乓球上浮过程中，露出水面之前排开水的体积不变，根据F浮=水gV排可知浮力不变；当处于露出水面的上升过程中，排开水的体积减小，则根据F浮=水gV排可知浮力减小；故A

19、错误；B、乒乓球静止时，受重力、水的向下压力和支持力，在这三个力的作用下处于平衡状态；故B正确；C、乒乓球上浮过程中，重力不变，露出水面之前受到的浮力大于重力；露出水面的过程中，由排开水的体积减小，则浮力减小，小于重力，故C错误D、图中乒乓球静止时，有少量水从瓶口流出，由于下表面没有水，不会出现向上的液体压力差，所以乒乓球不受浮力作用，故D正确故选BD5探究“影响滑动摩擦力大小的因素”活动中，小明用如图装置，用弹簧测力计拉动木块在水平木板上运动测量中，小明发现弹簧测力计的示数时大时小对此，小明做出以下分析，其中不正确的是（）A木块对木板的压力大小可能是变化的B木板表面不同位置的粗糙程度可能是不

20、同的C木块的运动可能不是匀速直线运动D木板与木块的接触面积大小可能有改变【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【分析】根据影响摩擦力大小的因素及拉力大小的因素进行分析：（1）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，压力、接触面的粗糙程度的变化，都会引起摩擦力大小的变化；（2）测量摩擦力大小时，根据二力平衡条件，需水平拉动木块做匀速直线运动【解答】解：A、由题意知，小明用弹簧测力计拉动木块在水平木板上运动，所以木块对木板的压力始终等于木块的重力，不会造成摩擦力的改变，所以测力计示数不会变化，故A错误；B、摩擦力大小受接触面粗糙程度的影响，木板表面不同位置的粗糙程度不同，可能会造成

21、木块在不同位置所受摩擦力不同，引起测力计示数变化，B正确；C、实验中水平拉动木块做匀速直线运动时，拉力大小等于摩擦力大小，若不是匀速，拉力与摩擦力不等，测力计示数可能会变化，C正确；D、摩擦力大小与接触面积大小无关，所以接触面积的变化不会引起测力计示数的变化，故D错误故选AD6能源、材料和信息是人类社会发展的三大支柱，下面有关内容不正确的是（）A半导体制作的LED（发光二极管）具有单向导电性B因为核聚变比核裂变放能量更大，所以被广泛利用于核电站C不同广播电台发射电磁波的频率不相同D能量的转化和转移具有方向性【考点】半导体的特点；波速、波长和频率的关系；核裂变；能量转化和转移的方向性【分析】（1

22、）发光二极管是由半导体材料制成的，可将电能转化为光能，而且二极管具有单向导电性；（2）核裂变可控，而核聚变不可控；（3）不同频率的电磁波波速都相同，则波长与频率成反比；（4）能量可以相互转化或转移，但转化后的能源不一定能被利用【解答】解：A、发光二极管具有单向导电性，故A正确；B、核电站获得核能是在可控的条件下进行的，其获得核能的途径是核裂变，故B错误；C、因为不同频率的电磁波在空气中的传播速度都相同，由于波速都相同，所以频率是不相同的，故C正确；D、能量转化和转移过程是具有方向性的，故D正确故选B7小莉根据下列表格中的数据，得出以下四个结论，其中错误的是（）物质密度/（kgm3）（常温常压下

23、）物质熔点t/（标准大气压下）物质比热容c/J（kg）1冰0.9103冰0水4.2103铝2.7103铝660铝0.88103铁7.9103铁1535铁0.46103铜8.9103铜1083铜0.39103A体积相等的铁球和铝球，如果它们的质量相等，铁球可能是实心的B质量相等的实心铁块和实心铝块，升高相同的温度，铁块吸收的热量较少C体积相等的实心铜块和实心铝块，放出相等的热量，铝块温度降低得较多D把温度为8的冰块投入盛有0水的密闭隔热容器中一段时间后，冰的质量会增加【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）铁的密度大于铝的密度，体积相等的铁球和铝球，如果是实心的，铁的质量大于铝的质量，如

24、果它们的质量相等，铁一定是空心的；（2）由表中知道铁和铝比热容的大小关系，又知道m相同，升高的温度相同，根据吸热公式判断；（3）由表中知道铜和铝比热容的大小关系，又知道V相同，放出相等的热量，根据放热公式和m=V判断；（4）物体之间发生热传递的条件是有温度差，水的凝固点为0【解答】解：A、铁的密度大于铝的密度，体积相等的铁球和铝球，如果是实心的，铁的质量一定大于铝的质量，故A不正确；B、由表中知道c铁c铝，又知道m相同，升高的温度t相同，根据吸热公式Q吸=cmt可知铝块吸收的热量较多，故B正确；C、由表中知道c铜铜c铝铝，又知道V相同，放出相等的热量，根据t=可知铝块的比热容和密度的乘积较大，

25、温度降低得较多，故C正确；D、8的冰块投入密闭隔热盛有0水后，热量会由水传递给冰块，水的内能减小，温度下降度低于0，水会结冰，冰的质量会增大，故D正确本题选错误的，故选A8如图所示是某老师的自制教具，他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生器紧紧塞进孔中，实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，点燃瓶内酒精后，纸筒即刻飞出关于此实验，分析不正确的是（）A酒精不完全燃烧时热值不变B能闻到酒精的气味说明分子在永不停息的做无规则运动C燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程D纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低【考点】分子的运动；燃料的热值；内燃机的四个冲程【分析】热值是

26、燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关；不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动；做功改变内能的实质是能量的转化，物体对外做功是内能转化为机械能；物体吸收热量，温度升高、内能增加，物体放出热量，温度降低，内能减小【解答】解：A、热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，故A叙述正确；B、能闻到酒精的气味说明分子酒精分子在永不停息的做无规则运动，故B叙述正确；C、燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的做功冲程，故C叙述错误；D、纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低，故D叙述正确故选

27、：C9下列知识结构正确的是（）A物态分子间距离分子间作用力固态很小很小液态较大较大气态很大很大B杠杆种类构造举例省力杠杆l1l2钓鱼竿费力杠杆l1l2钳子等臂杠杆l1=l2天平CD【考点】动能和势能的转化与守恒；物质的三态及其基本特征；杠杆的分类【分析】根据表中或图中所列知识结构，逐一做出判断即可【解答】解：A、根据物质三种状态的分子结构特征可知，固态物质分子距离很小，分子间作用力很大；液态物质分子间距离较小，分子间作用力较大；气态物质分子间距离很大，作用力很小故表中所列存在错误，故A错误；B、根据杠杆的分类，钓鱼竿属费力杠杆，其l1l2；钳子属省力杠杆，其l1l2；天平属等臂杠杆，其l1=l

28、2故表中所列存在错误，故B错误；C、物质从固态变为液态叫熔化，从液态变为气态叫汽化，但从气态变为固态叫凝华，故图中所列存在错误，故C错误；D、机械能包括动能和势能，而势能又分为重力势能和弹性势能，故D正确故选D10如图所示电路，电源电压为8V并保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P由一个位置移动到另一位置时，定值电阻R0的电功率由16W变成了4W，则电压表的示数可能（）A由4V变为6VB由3V变为6VC由3V变为5VD由2V变为4V【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】根据P=I2R结合两种情况定值电阻消耗的电功率求出两种情况下的电流关系，根据欧姆定律求出两种情况下R0两端的电压关系，

29、然后根据串联电路的电压特点分别表示出选项中电压表的示数关系，找出符合题意的选项【解答】解：设定值电阻R0的电功率由16W变成了4W时，电路中的电流由I1变为I2，则=，解得：I1=2I2，因R0电阻保持不变，所以，U1=2U2；A当电压表原来的示数为4V时，R0两端的电压U1=8V4V=4V，当电压表的示数为6V时，R0两端的电压U2=8V6V=2V，符合U1=2U2，故A正确；B当电压表原来的示数为3V时，R0两端的电压U1=8V3V=5V，当电压表的示数为6V时，R0两端的电压U2=8V6V=2V，不符合U1=2U2，故B错误；C当电压表原来的示数为3V时，R0两端的电压U1=8V3V=5

30、V，当电压表的示数为5V时，R0两端的电压U2=8V5V=3V，不符合U1=2U2，故C错误；D当电压表原来的示数为2V时，R0两端的电压U1=8V2V=6V，当电压表的示数为4V时，R0两端的电压U2=8V4V=4V，不符合U1=2U2，故D错误故选A二、填空题（每空1分，共12分）11生活中，“吸”字表述的现象，其原因各不相同如图所示，用吸管“吸”饮料时，饮料是在大气压作用下被“吸”入口中的用吸尘器“吸”灰尘时，灰尘是由于空气流速越大，压强越小的缘故被“吸”入吸尘器中的【考点】大气压强的存在；流体压强与流速的关系【分析】（1）吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界

31、大气压的作用下，饮料就被压进吸管里（2）在气体和液体中，流速大的位置压强小【解答】解：（1）用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管；（2）用吸尘器“吸”灰尘时，吸尘器内空气流速大压强小，吸尘器外空气流速小压强大，在压强差的作用下灰尘被“吸”入吸尘器中的故答案为：大气压；小12如图所示，是晨晨同学探究焦耳定律的部分实验装置已知R甲=5，R乙=10，在探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系时，应将两电阻丝串联在电路若电路中的电流为0.3A，则甲电阻丝在1min内产生的热量为27 J【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）电流产生的热量跟电流大小、

32、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（2）由焦耳定律Q=I2Rt可知，Q与I、R及t有关，故据题目中的数据解析即可【解答】解：已知R甲=5，R乙=10，在探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系时，应控制电流和通电时间相同，即需要将两个电阻丝串联接入电路即可；若电路中的电流为0.3A，则甲电阻丝在1min内产生的热量为Q=I2Rt=（0.3A）2560s=27J；故答案为：串； 2713图甲为某兴趣小组制作的“神奇转框”，转框的上部中央与电池正极相连，下部紧贴在与电池负极相连的柱形物两侧，该转框可以绕电池及柱形物持续转动在转动过程中，能量转化是电能转

33、化为机械能，柱形物应具有较好的导电性和磁性（填物理属性）图乙所示的四个实验中，能说明该神奇转框工作原理的是A【考点】磁场对通电导线的作用【分析】本实验利用了通电导体在磁场中受力的原理，因此，要有磁场的存在，同时还要有电流的存在这一过程中，将电能转化为机械能【解答】解：（1）金属线框绕电池转动过程中将电能转化为机械能；（2）在实验中，圆柱形物体提供了磁场，同时还是电路的一部分，因此，它具有导电性和磁性（3）在本实验中，铜线框之所以能够转动，是由于通电线框在磁场中受力，同电动机的原理相同A、是电动机的原理图，是根据通电导体在磁场中受到力的作用做成的，故A正确；B、是发电机的原理图，是根据电磁感应现

34、象制成的，故B错误；C、是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故C错误；D、是电磁铁的原理图，故D错误；故答案为：电能转化为机械能；磁性；A14在建筑工地上，吊车是常见的一种起重设备，如图为吊车上的滑轮组的示意图，在起重过程中，钢丝绳用6103N的拉力F，将重为1.2104N的物体匀速提升6m（不计绳重和摩擦），则该滑轮组的机械效率为66.7%【考点】滑轮（组）的机械效率【分析】由图可知，滑轮组绳子的有效股数，根据=100%=100%=100%=100%求出滑轮组的机械效率【解答】解：由图可知，n=3，则滑轮组的机械效率：=100%=100%=100%=100%=100%66.7%故答案为：6

35、6.7%15小敏用水平方向的力F向前推动水平面上的木箱，如图甲所示，此过程中，推力F随时间t的变化情况如图丙所示，则第1s内木箱受到的摩擦力为100N，第2s木箱受到的合力为100N，从3s到5s内，推力对木箱做的功为400J【考点】力与图象的结合；功的计算【分析】（1）物体处于静止或者匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力，相互平衡的两个力大小相等；物体静止时，受到的摩擦力等于推力；（2）根据木块做匀速直线运动情况时的推力得出摩擦力的大小，由合力的知识求出2s末所受的合力大小；（3）根据丙图算出在35s内通过的距离，根据乙图找出此时的推力，根据W=Fs计算出推力做的功【解答】解：（1）由丙图可

36、知，在第1s内木箱物体处于静止状态，由图乙结合平衡条件可知，木箱受到的滑动摩擦力f=F=100N；（2）在13s内木箱做加速运动，在56s内木箱做减速运动，只有在35s内木箱做匀速运动，处于平衡状态；由平衡条件可知，木箱受到的滑动摩擦力f=F=200N；由乙图可知，在13s内木箱做加速运动，推力F=300N，所以2s末木块所受的合力为：F合=Ff=300N200N=100N；（3）由图象可知在35s内的运动速度v3=1m/s，推力F3=200N，由v=可得，在35s内移动的距离为：s3=v3t3=1m/s2s=2m，推力做功：W=F3s3=200N2m=400J故答案为：100N；100；40

37、0J16在交通法规中严禁车辆“超载”，请从物理学的角度谈谈认识：超载使车的质量增大，惯性增大，其运动状态不易改变，遇到紧急情况时易发生危险【考点】惯性；压强；动能的影响因素【分析】可分别从惯性、压强、动能的角度进行分析，找出不能超载的原因【解答】解：在交通法规中严禁车辆“超载”，主要原因有以下三个：（1）超载使车的质量增大，惯性增大，其运动状态不易改变，遇到紧急情况时易发生危险；（2）超载使车辆对路面的压力增大，在受力面积不变的情况下，对地面的压强增大，容易损坏路面；（3）在速度相同的情况下，超载使车辆的质量增大，动能增大，一旦发生交通事故主，其造成的伤害也更大故答案为：超载使车的质量增大，惯

38、性增大，其运动状态不易改变，遇到紧急情况时易发生危险（从以下答案中任选其一即可）三、实验与作图题（共17分）17（1）如图甲为电磁铁强弱演示仪，其原理是当电磁铁的磁性增强时，小磁片因受到电磁铁的作用而发生转动，使得磁针指示的数值增大，请在图中标出电源正负极（2）如图乙所示，小华站在自动扶梯上沿图示方向匀速上升，画出她受力的示意图【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；力的示意图【分析】（1）当指针指示的数值增大时，表示通电螺线管的磁性增强能，此时的指针应向左偏，故该通电螺线管应排斥小磁片，据此能判断该螺线管的N、S极；根据右手螺旋定则判断出电流的方向，从而可得出电源的正负极（2）随自动扶梯一

39、同匀速上升，因此小华相对于扶梯静止，因此人受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，并且二力是一对平衡力；确定重心的大致位置，然后表示出二力的方向【解答】解：（1）据图能看出，当指针指示的数值增大时，此时的指针应向左偏，故该通电螺线管应排斥小磁片，据同名磁极相互排斥可知，该螺线管的左端应该是N极，右端是S极；根据安培定则可知，电流应从电磁铁的右端流入，左端流出，所以电源的右端为正极，左端为负极；如图所示：（2）人随自动扶梯一同匀速上升，因此小华相对于扶梯静止，则小华不受摩擦力，他受竖直向下的重力和竖直向上的支持力；过重心作竖直向下的重力和竖直向上的支持力；因为这两个力是一对平衡力，作图时两条线段长度

40、要相等如图所示：18我们做实验时，由于方法不对或措施不当都会导致实验过程中难以观察到现象或测量结果不准确请在下面的表格中写出遇到问题时你的解决方案测电笔辨别零线与火线时用如图所示的方法握住测电笔，不管接触火线、零线测电笔氖管都不发光你的方案是手指应接触测电笔金笔尾属体在探究“平面镜成像特点”时无论怎样移动相同的蜡烛B，都不能与蜡烛A的像完全重合你的方案是调整玻璃板竖直（垂直桌面）放置【考点】测电笔的使用；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】（1）在使用测电笔时，手一定接触笔尾金属体，手一定不能接触笔尖金属体（2）玻璃板没有竖直放置时，像会偏上或偏下，使玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面蜡

41、烛的像不能完全重合【解答】解：（1）正确使用测电笔：手指应接触测电笔金笔尾属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线；（2）玻璃板竖直放在水平桌面上，像在水平桌面上，玻璃板没有竖直放置时，像会偏上或偏下，如果无论怎样移动蜡烛都无法与像重合，就应该调整玻璃板竖直（垂直桌面）放置故答案为：（1）手指应接触测电笔金笔尾属体；（2）调整玻璃板竖直（垂直桌面）放置19小明妈妈自酿了很多红葡萄酒，小明想知道自酿红葡萄酒的密度，于是和学习小组的同学们一起用天平和量筒进行测量，他们的操作如下：（1）将托盘天平放在水平桌面上并调节天平平衡（2）用天平测量空烧杯的质量，如图甲是小明测量过程中的情

42、景，他的错误是在测量过程中调节平衡螺母，纠正错误后，测得空烧杯的质量是41.6g（3）取适量的葡萄酒倒入烧杯中，用天平测葡萄酒和烧杯的总质量，天平平衡时，右盘中砝码及游码的位置如图乙所示，其总质量为81.6g（4）将烧杯中的葡萄酒全部倒入量筒中（如图丙所示），量筒中的红葡萄酒的体积是40cm3，根据测量数据计算出葡萄酒的密度是1g/cm3（5）分析以上步骤，测出葡萄酒的密度偏大（填“大”或“小”）【考点】液体的密度测量实验【分析】（2）在测量过程中不能调节平衡螺母；用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度（3）天平平衡时物体的质量等于砝码质量与游码在标尺上所对的刻度值而测量

43、液体质量时，液体的质量等于液体和烧杯的总质量与烧杯质量之差（4）在用量筒测量液体体积时，要注意读数问题，视线要与液面的凹底相平同时要注意量筒的单位和分度值要掌握物体的密度计算公式=（5）当将烧杯中的液体倒入量筒中时，烧杯壁上会附着着一定量的液体，从而使体积测量的数值偏大【解答】解：（2）由图甲可以看出，在测量的过程中，调节平衡螺母，这是错误的（3）用天平称量葡萄酒和的总质量时，砝码总质量是50g+20g+10g=80g，游码对应的刻度值是1.6g，所以读数为80g+1.6g=81.6g（4）由甲图知，量筒的分度值为5ml，所以葡萄酒的体积为40ml，即为40cm3又因为烧杯的质量为41.6g，

44、所以葡萄酒的质量为81.6g41.6g=40g葡萄酒的密度为：=1g/cm3，（5）当将烧杯中的葡萄酒倒入量筒中时，烧杯壁上会附着着一定量的葡萄酒，从而使体积测量的数值偏小，这样得出的密度值就偏大故答案为：（2）在测量过程中调节平衡螺母；（3）81.6；（4）40；1；（5）大20在“探究电流与电压的关系”实验中，提供的器材有：电源（电压4.5V且不变），小灯泡（标有“2.5V 0.3A”），定值电阻R （阻值为10），滑动变阻器R0（标有“50W1A”），学生用双量程电流表和电压表，导线若干：（1）某实验小组经过相互讨论，完成了该实验方案的三次设计由图甲到图乙，改进的理由是使电阻保持不变；接

45、着小组再优化电路设计，由图乙到图丙（2）如图丙，实验中，如果出现了电流表示数为0，电压表示数接近4.5V，电路发生的故障可能是R断路（3）故障排除后，接着在图丙所示的电路中，闭合开关S，移动变阻器滑片 P 到某位置时，发现两电表中某一个表的指针达到满刻度，如图 （丁）或（戊）所示此时电流表的示数为0.30A，电压表的示数为3.0V（4）多次调节滑动变阻器，测出通过电阻R的电流和对应的电压值，如表所示，分析数据得到结论：电阻不变，电流与电压成正比U/V1.52.02.53.0I/A0.150.200.250.30（5）最后用图丙电路“探究电流与电阻关系”，当定值电阻为10时，对应的电流表示数为0

46、.15A，接着为了测量更多组数据，又提供了15、20、25、30、35定值电阻各一个，其中30和35定值电阻不能使用【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】探究电流与电压、电阻的关系，需采用控制变量法（1）探究电流与电压的关系，需控制电阻不变，改变电阻两端的电压，从而改变电路中的电流；（2）电流表示数为0，说明电路中有断路，电压表示数接近4.5V，说明电压表和电源连接的部分电路无断路；（3）对于电流表、电压表的读数：首先要观察量程和分度值，然后再根据指针所指示的刻度来读数；（4）探究电流与电压、电阻的关系时，要用到控制变量法，把握表中数据的相同点与不同点是得出结论的关键点；（5）探究探究

47、电流与电阻关系，要控制电压不变，从这一点入手，问题就可以迎刃而解【解答】解：（1）探究电流和电压的关系，需保持电阻不变，改变导体两端的电压，从甲图到乙图由灯泡换成了定值电阻，是为了使电阻保持不变；（2）电路中出现电流表的示数为零，说明在电路中出现了断路，电压表有示数且接近电源电压4.5V，说明电压表和电源连接的部分电路无断路，只能是电阻R处出现了断路；（3）电压表选的是03V量程，一大格表示1V，分度值为0.1V，因此其读数3.0V；电流表选的是00.6A量程，一大格表示0.2A，分度值为0.02A，因此其读数为0.30A（4）在表中：导体的电阻一定，导体两端的电压从1.5V到2.0到2.5V再到3.0V，相对应的，导体中的电流从0.15A到0.20到0.25A再到0.30A电压增加几倍，电流也增加几倍，故得结论：在电阻一定时，电流与电压成正比；（5）当定值电阻为10时，对应的电流表示数为0.15A，可以求出定值电阻两端电压是U=IR=100.15A=1.5V由于探究电流与电阻关系，所以要保证滑动变阻器两端的电压为3.0V，这样可保证R两端电压1.5V，当滑动变阻器接入最大阻值时，电路中的电流最小为：I最小=0.06A则允许接入的定值电阻的最大值为R最大=25小于30、35，因此这两个定值电阻不能使用故答案为：（1）使电阻保持不变；（2）R