高中物理 第一章 电场 电流练习2 新人教版选修1-1(2021年最新整理)

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2、。8第一章 电场 电流一、 不定项选择题1。 由电容器电容的定义式c可知(）a。 若电容器不带电，则电容c为零b. 电容c与电容器所带电荷量q成正比，与电压u成反比c. 电容c与所带电荷量q多少无关d。 电容在数值上等于使两板间的电压增加1 v时所需增加的电荷量2. 一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上若将云母介质移出，则电容器()a. 极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大b。 极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大c. 极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变d. 极板上的电荷量变小,极板间电场强度不变3. 如图所示，用电池对电容器充电,电路a、b之间接有一灵敏电流表，两

3、极板间有一个电荷q处于静止状态现将两极板的间距变大，则（)a. 电荷将向上加速运动b。 电荷将向下加速运动c. 电流表中将有从a到b的电流d. 电流表中将有从b到a的电流4。 如图所示,平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连,静电计金属外壳和电容器下极板都接地，在两极板间有一个固定在p点的点电荷,以e表示两板间的电场强度,ep表示点电荷在p点的电势能，表示静电计指针的偏角若保持下极板不动,将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）a。 增大，e增大 b。 增大,ep不变c. 减小，ep增大 d。 减小，e不变5。 如图所示,一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直面（纸面)内，

4、且相对于过轨迹最低点p的竖直线对称，忽略空气阻力由此可知(）a。 q点的电势比p点高b. 油滴在q点的动能比它在p点的大c. 油滴在q点的电势能比它在p点的大d. 油滴在q点的加速度大小比它在p点的小6. 如图所示，两平行金属板水平放置，板长为l，板间距离为d，板间电压为u.一不计重力、电荷量为q的带电粒子以初速度v0沿两板的中线射入,经过t时间后恰好沿下板的边缘飞出,则()a. 在前时间内,电场力对粒子做的功为uqb. 在后时间内，电场力对粒子做的功为uqc。 在粒子下落的前和后过程中，电场力做功之比为11d. 在粒子下落的前和后过程中，电场力做功之比为127. 如图所示，一长为l的绝缘细线

5、一端固定于o点，另一端连接质量为m、电荷量为q的小球，处于水平向右的匀强电场中，场强e,a、c是竖直平面内以o为圆心、l为半径的圆周上与o等高的两点,b、d是圆周的最低点和最高点不计空气阻力，则()a。 将球由c点静止释放，到达a点时的速度为2b。 在b点给小球水平向右的速度v0，球能经过最高点d。若在b点给小球水平向左的速度v0，则小球也一定能通过最高点dc. 将球由a点静止释放,到达b点时速度为零d。 将球由c点静止释放，到达b点前瞬间的速度为28。 如图所示，在xoy竖直平面内存在水平向右的匀强电场，有一带正电的小球自坐标原点沿着y轴正方向以初速度v0抛出，运动轨迹的最高点为m。不计空气

6、阻力，则小球（)a。 做变加速运动b. 水平方向上做匀加速直线运动c. 到m点时的动能为零d。 到n点时的动能大于mv二、 计算题9。 在间距d0.1 m、电势差u103 v的两块竖直平行板中间，用一根长l0.01 m的细线悬挂一个质量m0。2 g、电量q107c的带正电荷的小球,将小球拉到使细线恰呈水平的位置a后轻轻释放,如图所示g取10 m/s2，求： (1） 小球摆至最低点b时的速度和细线的拉力（2) 若小球摆至b点时细线突然断裂，以后小球恰能经过b点正下方的c点，则b、c相距多远10如图所示，电子由静止开始经加速电场加速后,沿平行于板面的方向射入偏转电场,并从另一侧射出已知电子质量为m

7、，电荷量为e，加速电场电压为u0,偏转电场可看做匀强电场，极板间电压为u,极板长度为l，板间距为d。（1) 忽略电子所受重力,求电子射入偏转电场时初速度v0和从电场射出时沿垂直板面方向的偏转距离y.（2) 分析物理量的数量级，是解决物理问题的常用方法在解决（1）问时忽略了电子所受重力，请利用下列数据分析说明其原因(已知u2.0102 v，d4。0102 m，m9。11031 kg，e1.61019 c,g取10 m/s2)（3) 极板间既有电场也有重力场电势反映了静电场各点的能的性质，请写出电势的定义式类比电势的定义方法,在重力场中建立“重力势的g概念,并简要说明电势和“重力势的共同特点1.

8、cd解析：电容器电容的大小由电容器自身决定,与带电与否、所带电荷量q的多少均无关；根据c可知，当电容器电压发生变化时，所带电荷量也发生变化，但两者比值保持不变，即c,所以有qcu.选项c、d正确。2. d解析:由c可知，当云母介质抽出时，r变小,电容器的电容c变小；因为电容器接在恒压直流电源上,故u不变，根据qcu可知，当c减小时，q减小;再由e可知，由于u与d都不变，故电场强度e不变，选项d正确。3。 bd解析：充电后电容器的上极板a带正电。不断开电源,增大两板间距，u不变、d增大，由e知两极板间场强减小，场强减小会使电荷q受到的电场力减小，电场力小于重力,合力向下,电荷q向下加速运动；由c

9、知电容c减小，由qcu知极板所带电荷量减少,会有一部分电荷返回电源,形成逆时针方向的电流,电流表中将会有由b到a的电流,选项b、d正确。4. d解析：上极板下移，由c可知，c变大，q一定，由qcu可知，u减小，则减小；根据e，qcu，c，e，可知q一定时,e不变；根据u1ed1可知p点离下板的距离不变，e不变,则p点与下板的电势差不变，p点电势不变，则ep不变，选项d正确。5. ab解析：由于匀强电场中的电场力和重力都是恒力，所以合外力为恒力，加速度恒定不变，选项d错误；由于油滴轨迹相对于过p的竖直线对称，又合外力总是指向轨迹弯曲内侧，所以油滴所受合外力沿竖直方向,电场力竖直向上.当油滴从p点

10、运动到q时，电场力做正功，电势能减小，选项c错误；油滴带负电,电势能减小，电势增加,所以q点电势高于p点电势，选项a正确;在油滴从p点运动到q的过程中，合外力做正功,动能增加，所以q点动能大于p点，选项b正确.6。 bc解析：粒子在两平行金属板间做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动,竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，在前后两个的时间内沿电场线方向的位移之比为13，则在前时间内，电场力对粒子做的功为uq,在后时间内，电场力对粒子做的功为uq，选项a错误,b正确；由weqx知在粒子下落的前和后过程中,电场力做功之比为11，选项c正确，d错误.7。 cd解析：由题可知电场力大小与重力相等,如果从

11、c处释放,小球将沿直线向b点运动,在b点绳子突然张紧，会有动能损失，所以到达a点时速度一定小于2，选项a错误；在b点给小球一个初速度,使小球恰能经过d点，顺时针转动要比逆时针转动困难,选项b错误；a点与b点关于“等效最低点”对称，到b点时速度为零，选项c正确；由动能定理可知,将小球由c点释放，到达b点前瞬间速度为2，选项d正确。8。 bd解析：此物体受水平方向恒定的电场力，竖直方向重力，这两个力会产生在这两个方向的加速度,所以竖直方向上做竖直上抛运动，水平方向上做匀加速直线运动，选项a错误，b正确；到m点，竖直方向的速度为零,但水平方向的速度并不为零,动能不为零,选项c错误；到n点，竖直方向的速度与抛出时速度等大反向,而水平速度还存在，故此时的和速度大于v0，动能大于mv，选项d正确.9. 解：（1) 对小球从a到b，由动能定理得mgleqlmv20解得v m/s在b点，由向心力公式可知tmgm解得t4103 n（2） 由牛顿第二定律可知a5 m/s2t shgt20。08 m10。 解：（1） 根据功能关系可得eu0mv电子射入偏转电场的初速度v0在偏转电场中电子的运动时间tl偏转距离ya（t)2（2) 考虑电子所受重力和电