高三物理二轮练习教学案恒定电流二

1、2019 高三物理二轮练习教学案恒定电流二要点精析计算电流常见的三种模型：1、一种电荷定向移动这是计算电流最简单的一种模型，用宏观运动来比，相当于一支队伍定向前进，这种模型直接用进行求解。2、一个电荷做高速圆周运动环型电流对这种模型关键是理解“间断和连续”之间的转化、电荷运动时有两个特点：一是循环性，二是高速性，正是这两个特性使问题从“间断”向“连续”转化，这种模型可用来求。 t 为运动的周期如：一质量为m，电荷量为q 的带电粒子在磁感应强度为b 的匀强磁场中做匀速圆周运动，其效果相当于一环形电流，求此环形电流。解析：由知3、两种电荷的定向移动这种类型的特点是：正、负电荷移动方向相反，但形成电

2、流同向，如时间t 内通过导体某一横截面的正电荷量为q1，反方向通过的负电荷量为q2，那么有。如：在 10s 内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电荷量为2c，向左迁移的负离子所带的电荷量为3c。那么电解槽中电流的大小应为多少？解析：等效法处理稍复杂的混联电路：1、电路化简原那么：无电流的支路化简时可去除；等电势的各点化简时可合并；理想导线可任意长短；理想电流表可认为短路，理想电压表可认为断路；电压稳定时电容器认为断路。2、常用等效化简方法：电流分支法：a. 先将各结点用字母标上；b. 判定各支路元件的电流方向假设电路原无电流，可假设在总电路两端加上电压后判断；c. 按电流流向，自左到右

3、将各元件、结点、分支逐一画出；d. 将画出的等效图加工整理。等势点排列法：a. 将各结点用字母标出；b. 判定各结点电势的高低假设原电路未加电压，可先假设加上电压；c. 将各结点电势高低自左到右排列，再将各结点之间支路画出；d. 将画出的等效图加工整理。注意：假设能将以上两种方法结合使用，效果更好。例：如下图的电路进行等效变换s 未接通。解析：假设电流从a 流入， r1 是干路。第1 支路从c 经过r3 到b，第2 支路从c 经r2 到b，第3 支路从c 经r4 和r5 到 b。这3 条支路并联再与r1 串联，变换成如下图的电路：在变换过程中，我们可用切断电路的方法认识串并联关系：假设切断r1

4、，整个电路不通，说明它在干路上；假设切断r4，那么r5 随之不通，而其它电路仍是通的，说明r4 和r5 是串联，而r2、r3 是并联的。动态直流电路的分析方法：1、动态直流电路的一般步骤是：确定电路的外电阻r 如何变化：说明：a. 当外电路的任何一个电阻增大或减小时电路的总电阻一定增大或减小；b. 假设电键的通断使串联的用电器增多时，总电阻增大；假设电键的通断使并联的支路增多时，总电阻减小；c. 在下图所示分压电路中，滑动变阻器可以视为由两段电阻构成，其中一段与用电器并联以下简称并联段，另一段与并联部分相串联以下简称串联段，设滑动变阻器的总电阻为r，灯泡的电阻为rl，与灯泡并联的那一段电阻为r

5、b，那么总电阻rz为：由上式可以看出，当rb减小时， rz 增大；当rb增大时， rz 减小。由此可以得出结论： 分压器总电阻的变化情况， 与并联段电阻的变化情况相反， 与串联段电阻的变化情况相同。d. 在图所示电路中，滑动变阻器可以视为由上下两段电阻构成，其中上段与下段并联，并联支路电阻之和为常数：设滑动变阻器的总电阻为r，上段的电阻为rb，下段电阻为ra ，此段电路总电阻rz 为：，且 ra rb r，由数学知识可知，当 rarb 时取等号，即滑动端由a 滑向 b，电路的总电阻先变大后变小，不是单调变化，这点需要特别注意。请同学们自己分析如下图电路随滑动端的滑动电阻的变化情况：r1=r3

6、=4 ， r2 =8提示：此电路由两条支路并联，且两条支路电阻之和为定值。当滑动端滑动到b 端时， 此时此并联电路的两支路电阻相等r1 r3=r2=8 ，电路有最大电阻；当滑动端滑动到a 端时，此时此并联电路的两支路电阻相差最多，电路有最小电阻。根据闭合电路欧姆定律，确定电路的总电流如何变化；由 u 内 ir ，确定电源的内电压如何变化；由 u 外 e u 内，确定电源的外电压路端电压如何变化；由部分电路欧姆定律确定干路上某定值电阻两端的电压如何变化；确定支路两端的电压如何变化以及通过各支路的电流如何变化。2、熟记以下两个结论：任一电阻r 阻值增大，必引起该电阻中电流i 的减小和该电阻两端电压

7、u 的增大，即任一电阻r 阻值增大，必将引起与之并联的支路中电流i 并的增大和与之串联的各电阻电压u串的减小，即参见例题1、 3电路故障的分析方法：电路故障一般是短路或断路，常见的情况有导线断芯、灯泡断丝、灯座短路、电阻器内部断路、接触不良等现象，检查故障的基本方法有两种：1、仪表检测法电压表是由灵敏电流计g和分压电阻r 串联组成，内部结构如下图：用电压表检测如果电压表示数为0，说明电压表上无电流通过，可能在并联路段之外有断路，或并联段内有短路；如果电压表有示数，说明电压表上有电流通过，那么在并联段之外无断路，或并联段内无短路。如下图，合上开关s，假设电压表有示数，说明电路中有电流通过电压表，

8、电路为通路电压表作为一个高电阻把开关和电源接通了，那么开关s 和导线不断路，灯l 断路即故障所在。2、假设法：电路发生某种故障，寻求故障发生在何处时，可将整个电路划分为假设干部分；然后逐一假设某部分电路发生故障，运用电流定律来进行正向推理，推理结果假设与题述物理现象不符合，那么故障不是发生在这部分电路；假设推理结果与题述物理现象符合，那么故障可能发生在这部分电路；直到找出发生故障的全部可能为止，亦称排除法。参见例题2、 3含容电路的分析与计算方法：在直流电路中，当电容器充、放电时，电路里有充、放电电流。一旦电路达到稳定状态，电容器在电路中就相当于一个阻值无限大只考虑电容器是理想的不漏电的情况的

9、元件， 在电容器处电路可看作是断路， 简化电路时可去掉它， 简化后假设要求电容器所带电量时， 可接在相应的位置上。分析和计算含有电容器的直流电路时，需注意以下几点：1、电路稳定后，由于电容器所在支路无电流通过，所以在此支路中的电阻上无电压降，因此电容器两极间的电压就等于该支路两端的电压；2、当电容器和电阻并联后接入电路时，电容器两极间的电压与其并联电阻两端的电压相等；3、电路的电流、电压变化时，将会引起电容器的充放电。如果电容器两端电压升高，电容器将充电；如果电压降低，电容器将通过与它连接的电路放电。参见例题4滑动变阻器两种接法的选择方法：1、滑动变阻器的两种接法：滑动变阻器有两种基本连接方法

10、：限流式接法和分压式接法。下表是对两种连接方式的比较：接法电路图特点适用条件1、用电器 r0 与滑动变阻器r 的部分电阻串联，另一部分不起作用r0 与 r 的阻值差不多， 或 r限流式接法 r0，且不要求r0 上电压2、r0 上电压调节范围为：能调至零1、要求电压调节能从0 开1、用电器 r0 与滑动变阻器的部分电阻并联后始增大分压式接法再与另一部分串联2、 r比 r0 小，一般取r2、r0 上电压调节范围为：0er0/22、滑动变阻器两种接法的选择方法：通常变阻器以限流接法为主，但在以下三种情况下，必须选择分压连接方式： 1题目所提供的实验仪器、电表量程或电阻的最大允许电流不够； 2变阻器电

11、阻远小于被测电阻或电路中串联的其他电阻阻值； 3要求回路中某部分电路的电压从零开始连续变化。伏安法测电阻两种接法的选择方法：为减小伏安法测电阻的系统误差，应对电流表外接法和内接法作出选择，其方法是：1、阻值比较法：先将待测电阻的粗略值和电压表、电流表内阻进行比较，假设rxra，宜采用电流表内接法。2、临界值计算法：当内外接法相对误差相等时，有，所以 ra rv为临界值。当即 rx 为大电阻用内接法；当即 rx 为小电阻用外接法；，内、外接法均可。如 ra 与 rv间不是 ra rv关系，那么可用：当时，用电流表外接法；当时，用电流表内接法。3、实验试探法：按如图接好电路：让电压表一根接线 p

12、先后与 a、 b 处接触一下，如果电压表的示数有较大的变化电流表的分压作用明显，而电流表的示数变化不大电压表分流作用不大，那么可采用电流表外接法；如果电流表的示数有较大的变化，而电压表的示数变化不大，那么可采用电流表的内接法。参见例题5、 6、 7黑盒问题：1、纯电阻黑盒解答思路将电阻为零的两接线柱短接；根据题给测试结果， 分析计算各接线柱之间的电阻分配， 并画出电阻数目最多的两接线柱之间的部分电路；画出电路的剩余部分。2、闭合电路黑盒解答思路将电势差为零的两接线柱短接；在电势差最大的两接线柱间画电源；根据题给测试结果，分析计算各接线柱之间的电阻分配，并将电阻接在各接线柱之间。例：一个盒子内有

13、一个电动势为3v、内阻不计的电源和三个阻值相等的电阻组成的电路，盒外有四个接线柱，如下图。用电压表测量电压得到u12 3v，u13 2v，u34=1v，u24=0，试画出盒内电路图。解析：由于不考虑电源内阻，u12 3v， 1、 2 间接电源；由u24 =0v， 2、 4 间用导线连接；因为u13 2v，u34=1v， 1、 3 间与 2、 4 间电压比为2：1，所以电阻比为2：1。电路如图a、 b所示：精题精讲例题 1.在如下图的电路中r1、r2、 r3 和 r4 皆为定值电阻，r5 为可变电阻，电源的电动势为e，内阻为r 。设电流表a 的读数为i ，电压表v 的读数为u. 当 r5 的滑动

14、触点向图中a 端移动时：a.i变大， u 变小b.i变大， u 变大c.i 变小， u 变大d.i 变小， u 变小解析：当滑动头向a 移动时， r5 的阻值变小， 使 r2、r4、r5 的总阻值r并 变小，从而引起总的外阻r 变小。由知 i 总变大，由 u=e i 总 r 得 u 变小，因 u=u+u+u并 i总r +i总r +u得到 u变小，所以电流表a 的数值变小。1313并并答案： d点评：在讨论电路中电组发生变化后引起电流、电压发生变化的问题时，应根据电路的结构，由局部到整体的思路，得到总电流的变化情况，然后再由局部分析出电压和支路电流的变化情况。拓展 1：在如下图电路中， r2、

15、r3 是定值电阻， r1 是滑动变阻器，当 r1 的滑键 p 向右滑动时，各个电表的示数怎样变化？解析 :当 r1 的滑键 p 向右滑动时，由r1 和 r2 组成的分压器的串联电阻减小，所以电路的总电阻减小；根据可知干路中的电流增大，电流表a 的示数增大，再根据u e ir ，可知路端电压减小，电压表v 的示数减小；因为 r3 为定值电阻，当干路中电流增大时，其两端电压随之增大，所以电压表v3 的示数增加；根据 u1 u u3，因 u减小， u3 增大，所以u1 减小，电压表v1 的示数减小；当滑动变阻器的滑键向右滑动时，r1 的左段电阻rl 与 r2 并联部分的电阻增大，且干路中的电流增大，

16、根据部分电路欧姆定律，可知电压表v2 的示数增大；由于r2 为定值电阻，且u2 增大，根据部分电路欧姆定律，可知电流表a2 示数增大；根据并联分流原理，通过电流表a1 的电流 :在上式中，分子为恒量，分母为关于 r 左 的二次函数，且二次项的系数小于零，分母有极大值，由此可见，电流表 a1 的示数先减小后增大。答案：电压表 v1 示数变小； v2 的示数增大； v3 的示数增大； v 的示数减小；电流表 a2 示数增大； a1 示数先减小后增大。拓展 2：如下图电路，电源内阻不能忽略，电流表、电压表均为理想电表，当滑动变阻器r的滑动头从a端滑到 b 端过程中，求a、 v 的示数如何变化？解析：

17、设变阻器r 的滑动触头为p，在外电路中rap 与 rbp 并联再与r0 串联，滑动头p 由 a 滑到 b 的过程中，电路总电阻先增大后减小，总电流先减小后增大，内电压u 先减小后增大，外电压u 先增大后减小， v 示数先增大后减小。当 p 由 a 滑至中点，而故，即 a 的示数减小；当 p 由中点滑至b 时，而故，即 a 的示数减小。例题 2.如下图是某同学连接的实验实物图，a、 b 灯都不亮，他采用以下两种方法进行故障检查：应用多用电表的直流电压进行检查，那么选择开关应置于什么档？a.2.5v ；b.10v ；c.50v；d.250v 。该同学测试结果如表1 所示，在测试a、b 间直流电压时

18、， 红表笔应接触填“ a”或“ b”。根据测试结果，可以判定的故障是：a、灯 a 短路；b. 灯 b 短路；c.c 、 d 段断路；d.d 、 f 段断路。将电键断开，再选择多用电表的欧姆档测量，测量结果如表2 所示、 那么进一步检查出的故障是：a. 灯 a 断路；b. 灯 b 断路；c. 灯 a、 b 断路；d.d 、 e 段断路。解析：4 节干电池的总电动势为6v，考虑安全性和准确性，电压表量程选10v；用多用表直流电压档测电压时，红表笔应接正极，即a 端；分析表 1： a、 b 间有示数，说明电源正常； d、 f 间电压有示数，说明 b 灯不短路， c、 b 间电压有示数，说明 c 、

19、b 间有断路； c、 d 间电压无示数，说明 c、 d 间断路； d、 f 间电压有示数，说明 d、 f 间断路，故 d 对。用欧姆表测量，测试 c 、d 点，表针不指，说明针不指，说明 b 灯不断路，故 b、 c选项错；测试d 正确。a 灯不断路，故 a 选项错；测试 e、f 点，表d、 e 点，表针指，说明 d、 e 段断路，故答案： b， a，dd点评：此题的测试步骤和相应的判断方法可以作为判断电路故障问题的基本步骤和方法。例题 3.如下图的电路中，闭合电键，灯 l1 、 l2 正常发光。由于电路出现故障，突然发现灯 l1 变亮，灯 l2 变暗，电流表的读数变小。根据分析，发生的故障可能

20、是：a.r1 断路b.r2 断路c.r3 短路d.r4 短路解析：等效电路如下图：假设 r1 断路，总外电阻变大，总电流减小，路端电压变大，ll 两端电压变大，l1 变亮； ab 部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，总电流减小，通过l2、电流表的电流都减小，故a 选项正确；假设 r2 断路，总外电阻变大，总电流减小，ac 部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，r1、l1 中电流都减小，与题意相矛盾，故b 选项错；假设 r3 短路或 r4 短路，总外电阻减小，总电流增大，a 中电流变大，与题意相矛盾，故c、 d 选项错。正确选项只有a。答案： a点评：当原电路图中各元件的连接情况不清晰时，可作

21、出等效电路图，以便顺利求解。例题 4.如图，电源的电动势为e=18v，内阻 r=1.0 ，电阻 r2 5.0 ， r3 6.0 。平行金属板水平放置，两板间距 d=2cm，当可变电阻 r1 的滑动触头移至 r1 的中点时，电源的路端电压是16v，一个带电荷量 q 8.0 10 9c 的油滴正好平衡于两板之间。g 取 10m/s 2求： 1 r1 的总阻值； 2油滴的质量； 3移动 r1 的滑动头 p，油滴可获得向下的最大加速度。解析： 1电路中总电流为r2 两端的电压为r1、 r3 并联部分的电压为通过 r3 的电流为那么通过r1 的电流为那么 r1 接入电路中的电阻为那么可变电阻的总阻值为2

22、电容器并联在r2 两端，那么电容器两端的电压为uc u2 10v根据平衡条件得油滴质量为3为使油滴获得向下的加速度，需把r1 的滑动触头p 向上移动，以减小电容器两端的电压从而减小电场力。为使向下的加速度最大，那么应使r1 的滑动触头移动到r1 的最上端，此时r1、r3 的并联电阻为那么 r2 两端的电压为电容器两端的电压为根据牛顿第二定律得油滴向下的最大加速度为答案： 1 12 2 4.0 107 kg 3 1m/s 2点评：搞清电路连接形式，电容器两端电压与何电阻两端电压相等是解此题的关健。拓展：如下图，电容器 c1 6 f， c2 3f，电阻 r1 6 ， r2 3 。当电键 s 断开时

23、， a、b 两点间的电压 uab？当 s 闭合时，电容器 c1 的电量改变了多少 c电压 u 18v？解析：在电路中电容器 c1、 c2 相当于断路、当 s 断开时，电路中无电流， bc等势， ad 等势，所以 uabuac ucd 18v当 s 闭合时， r1 和 r2 串联， c1 两端的电压等于 r1 两端电压， c2 两端电压为 r2 两端电压， c1 电量变化的计算首先从电压变化入手。当 s1 断开时， uab uac ucd 18v，电容器c1 带电量为：q1 c1uac c1udc 6 106 18c 1.08 104 c当 s 闭合时，电路 r1、 r2 导通，电容 c1 两端

24、的电压即电阻 r1 两端的电压，由串联电路的电压分配关系得：此时电容器c1 的带电量为：q1 c1uac c1udc6 10 6 12c 0.72 10 4c电容器 c1 带电量的变化量为：q q1 q1 3.6 10 5c负号表示减少，即c1 的带电量减少3.6 105 c。例题 5.用伏安法测未知电阻rx 时，假设不知道rx 的大概值，为了选择正确的电路接法以减小误差，可将电路如下图连接，只空出电压表的一个接头s，然后将s 分别与 a、 b 接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，那么：a. 假设电流表示数有显著变化，s 应接 ab. 假设电流表示数有显著变化，s 应接 bc. 假设电压

25、表示数有显著变化，s 应接 ad. 假设电压表示数有显著变化，s 应接 b解析：实验试探法的原理是以伏安法测电阻原理的系统误差产生原因入手来选择，如果电流表分压引入误差大，那么试探过程中，电压表示数变化明显，那么应选外接法以减小电流表分压的影响：如果因电压表分流作用引入误差大，那么电流表示数变化明显，那么应选用内接法。如果 s 接触 a，属外接法， s 接触 b，属内接法。假设s 分别接触a、b 时，电流表示数变化显著，说明电压的分流作用较强，即rx 是一个高阻值电阻，应选用内接法测量，即s 应接 b 测量，误差小。 b 选项正确。假设 s 分别接触 a、b 时，电压表示数变化显著，说明电流表

26、的分压作用较强，即xr 是一个低阻值的电阻，应选用外接法测量，即s 应接 a，误差小。 c 选项正确。答案： bc例题 6.用伏安法测金属电阻rx约为5 的值， 电流表内阻为 1 ，量程 0.6a ，电压表内阻为几千欧，量程为 3v，电源电动势为 9v，滑动变阻值为 06 ，额定电流为 5a，试画出测量r 的原理图。x解析：因，故应选用电流表外接电路。如果采用变阻器限流接法，负载rx 的电压变化范围约为，显然所提供的电压表量程不够，应采用分压接法。实际电路图应如下图：例题 7.某电压表的内阻在 20k 50k 之间，为了测定待测电压表的内阻，实验室提供以下可选用的器材：待测电压表v量程 3v电

27、流表 a1量程 200 a电流表 a2量程 5ma电流表 a3量程 0.6a 滑动变阻器r最大阻值1k )电源 e电动势4v电键 k 1所提供的电流表中，应选用。 2 ) 为了尽量减小误差要求测多组数据，试画出符合要求的实验电路图。答案：选用 a1 ；电路如图：解析：变阻器阻值只有1k ，比 rv 小得多，用限流电路无法使表上电压在量程之内，更不用说取多组数据了，电压表满偏时，通过它的电流i 不超过。例题 8.如图甲为在温度为10左右的环境中工作的某自动恒温箱原理简图，箱内的电阻r1=20k ，r2=l0k ， r3=40k ， rt 为热敏电阻，它的电阻随温度变化的图线如图乙所示。当a、 b

28、 端电压uab 0 时，电压鉴别器会令开关 s 接通，恒温箱内阻电热丝发热， 使箱内温度提高； 当 uab 0 时，电压鉴别器使 s 断开，停止加热。那么恒温箱内阻温度几乎恒定在多少？解析：当 uab 0 时，可使恒温箱内的温度恒定，这时：由乙图查得这时温度t 35点评：与高科技知识相联系的实际问题，一般会在题目中介绍相关的背景材料，所以仔细揣摩题意，理解问题所描述的物理过程或状态，充分挖掘题干信息，找出相应的隐含条件，建立合适的物理模型是顺利求解这类问题的几个关健点。例题 9.如下图，额定电压都是 110v，额定功率 pa=100w，pb=40w，接在 220v 电路上，使电灯可能正常发光，

29、且电路中消耗功率最小阻电路是哪个？解析：判两灯能否正常发光：由两灯的额定电压和额定功率可判得rarb，选用电压来分析：对于 a 电路，由于rarb， ua110v， b 灯烧毁，两灯不能正常发光；对于 b 电路，由于rbral， ubual，即 ub110v， b 灯烧毁，两灯不能正常发光；对于 c 电路， ra 可能等于rbl.u a 可能等于ub 等于 110v，两灯可能正常发光；对于 d 电路， rl 可能等于rab， ua 等于 ub可能等于110v，两灯可能正常发光。选用电流、电功率分析也可判断c、 d电路两灯可能正常发光。当两灯正常发光时：c 电路： rbl=ra， pbl pa=

30、100w，总电路消耗功率为200w；d 电路： rl=rab， pl =pa pb=100+40w=140w，总电路消耗功率为280w。所以 c 电路两灯可能正常发光，且消耗功率最小。答案： c点评：要用电器能正常工作，可以从电压、电流、电功率三方面去分析，同一用电器的电压或电流或电功率任一个达额定值其余两个也一定达额定值，用电器正常工作。反馈练习【一】选择题1、竖直放置的一对平行金属板的左极板上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按如下图的电路图连接，绝缘线与左极板的夹角为 。当滑动变阻器的读数为i 1，夹角为 1；当滑片在b 位置时，电流表的读数为ir 的滑片在a 位置时， 电流表

31、2，夹角为 2，那么：a. 1 2， i 1 i 2b. 1 2， i1 i2c. 1 2， i1 i2d. 1 2， i1 i22、在如下图的电路中，电源的电动势和内电阻均为定值，定值电阻r1 r2 2r0，滑动变阻器r3的阻值范围是0 r0 ，现将滑动变阻器的滑动片p 由 a 端向 b 端滑动，在这个过程中电流表的示数先减小后增大，并且滑动片p 在滑动变阻器的中点位置时电流表的示数出现最小值。如果改变以上三个电阻的阻值，使r1 7r0， r2 3r0，r3 的范围是0 2r0，仍然使滑动片p 由 a 端向 b 端滑动，在这个过程中电流表的示数将：a. 先增大后减小b. 先减小后增大c. 一

32、直在减小d. 一直在增大3、如下图，电解池内有一价离子的电解液，在时间t 内通过溶液截面子数为 n2，设元电荷电量为e，那么以下说法正确的选项是：s 的正离子数为n1，负离a. 溶液内电流方向从a 到 b，电流强度为n1 e/tb. 溶液内电流方向从b 到 a，电流强度为n2 e/tc. 溶液内正、负离子反方向移动，产生的电流相互抵消d. 溶液内电流方向从a 到 b，电流强度为n1 n2 e/t4、在如下图的电路中，电源的电动势为e，内电阻为r ，当滑动变阻器的滑动触头由a 向 b 滑动的过程中，以下说法中正确的选项是：a. 电阻 r 两端的电压增大b. 电容器 c 两端的电压减小c. 电容器

33、 c 上所带的电量增加d. 电源两端的电压减小5、精确地调节某一电阻两端的电压，常常采用如下图的电路，通过两只滑动变阻器r1 和 r2 对一阻值为 500 左右的电阻r0 两端电压进行粗调和微调。两个滑动变阻器的最大阻值分别为200 和 10 ，关于滑动变阻器r1 、 r2 的连接关系和各自所起的作用，以下说法正确的选项是：a. 取 r1 200 ， r2 10 ，调节 r2 起粗调作用b. 取 r1 10 ， r2 200 ，调节 r2 起微调作用c. 取 r1 200 ， r2 10 ，调节 r1 起粗调作用d. 取 r1 10 ， r2 200 ，调节 r1 起微调作用6、用电流表内阻约

34、 4 和电压表内阻约 3k 测量电阻 r的阻值，分别将图甲和图乙两种测量电路连到电路中，进行多次测量。按照图甲所示电路某次的测量情况：电流表的示数是4.00ma，电压表的示数是 2.50v ；按照图乙所示电路某次的测量情况：电流表的示数是 5.00ma，电压表的示数是 2.30v 。比较这两次测量结果，正确的选项是：a. 电阻的真实值更接近625 ，且大于625b. 电阻的真实值更接近625 ，且小于625c. 电阻的真实值更接近460 ，且大于460d. 电阻的真实值更接近460 ，且小于4607、如图是一火警报警装置的一部分电路示意图，其中r2 是半导体热敏传感器，它的电阻随温度升高而减小

35、，a、b 接报警器、当传感器r2 所在处出现火情时，电流表的电流i 和a、b两端的电压 u 与出现火情前相比：a.i变大， u 变大b.i变小， u 变小c.i 变小， u 变大d.i 变大， u 变小【二】非选择题8、如下图电路，电源电动势e 4.5v ，内阻r 1 ，滑线变阻器总阻值r1 =12，小灯泡电阻r2=12不变， r3=2.5 。当滑片p 位于中点， s 闭合时，灯泡恰能正常发光。求：(1) 电阻 r3 两端的电压；(2) 通过小灯泡的电流；(3)s 断开时，小灯泡能否正常发光？如要它正常发光，滑片p 应向何处移动？反馈练习答案：1、答案： d提示：分析电路可知，当滑片滑到b 位

36、置时， 电路的总电阻并没有发生变化，因此电路中的电流也没有变化，应有 i 1i 2 ，而平行板两板间的电压变大了，由 e u/d 可知，平行板间的场强变大，小球受力变大，夹角应有 2 1，故只有选项 d 正确。2、答案： d提示：当 p 由 a b 时，由数学知识可知，并联电阻逐渐减小，所以i 一直增大。3、答案： d提示：根据电流方向的规定知，电流方向a b，但电荷量应该是正、负离子电荷量之和，故应选d。4、答案：c提示：电路中有三个电阻：电源内阻r 、定值电阻r 和滑动变阻器，这三个电阻将电源电动势分完。由于题给条件是滑动变阻器的阻值增大，所以它分的电压增加，而电源内阻r 、定值电阻r 所

37、分电压减少，故a、 d是错误的。电容器两板间的电压为滑动变阻器的电压，所以选项b 错误，选项c 正确。5、答案： b提示：滑动变阻器的分压接法实际上是变阻器的一部分与另一部分在跟接在分压电路中的电阻并联之后的分压，如果并联的电阻较大，那么并联后的总电阻接近变阻器“另一部分”的电阻值，基本上可以看成变阻器上两部分电阻分压、由此可以确定r1 应该是阻值较小的电阻，r2 是阻值较大的电阻，且与r2 的一部分并联后对改变电阻的影响较小，故起微调作用，因此选项b 是正确的。6、答案： b提示：从两种接法测量结果数值变化分析，电压的变化与原电压的比为：电流的变化与原电流的比为：说明电流表的示数变化大，宜选

38、择电流表内接法，计算电阻的值为：这种测量方法等于将电流表内阻作为测量电阻的一部分，故测量值偏大。7、答案： d提示：由半导体的特性知，传感器必随温度的升高而降低，即外电路的电阻减小，由闭合电路的欧姆定律知 i 必增大，再由u e ir可知，外电压减小，而u1 ir 1 知， u1 增大， u3 必减小，i 3 必减小，再由i a i i 3，电流表的电流必变大，故应选d。8、答案： 1 3v 2 0.1a3不能，向下。解析：1当滑片p 位于中点时，此时r1 下 6 ，那么 r1r2 的总电阻为：那么由闭合电路的欧姆定律，u 外 e ir 4.5 1.5 1 v 3vu3 u 外 3v2由部分电

39、路的欧姆定律知，通过r1r2 的总电流为，那么，3 s 断开时，相当于外电阻增大，由闭合电路的欧姆定律知， i 减小，由u 外 e ir 知，外电压必增大， r2 的电压也将增大，故不能正常发光。想正常发光，必须降低 r2 两端的电压，只有降低并联电阻，只有向下移动。北京四中1、在如下图电路的三根导线中，有一根是断的，电源、电阻器r1、r2 及另外两根导线都是好的。为了查出断导线，某学生想先将万用表的红表笔连接在电源的正级a，再将黑表笔分别连接在电阻器 r1 的 b 端和 r2 的 c 端，并观察万用表指针的示数，在以下选档中，符合操作规程的是：a、直流 10v 档 b、直流0.5a 档 c、直流2.5vd、欧姆档2、在如下图的电路中， r1、 r2、r3 和 r4 皆为定值电阻， r5 为可变电阻，电源的电动势为 ，内阻为 r ，设电流