第七章第2讲电路闭合电路的欧姆定律

1、第2讲电路闭合电路的欧姆定律1.在图1所示的闭合电路中，当滑片P向右移动时，两电表读数的变化是（）.E %I1=1=D.变小，变小解析 滑片P向右移动，变阻器电阻变大，总电阻也变大，由闭合电路的欧姆定律可知，回路中电流减小，电流表示数减小，电源内电压减小，Ro两端电压减小，所以滑动变阻器两端电压升高，电压表示数变大，故B项正确.答案 B 2.电子产品制作车间里常常使用电烙铁焊接电阻器和电容器等零件，技术工人 常将电烙铁和一个灯泡串联使用，灯泡还和一只开关并联，然后再接到市电上（如 图2所示），下列说法正确的是（）.r200 V灯泡hIA .开关接通时比开关断开时消耗的总电功率大B.开关接通时，

2、灯泡熄灭,只有电烙铁通电，可使消耗的电功率减小C.开关断开时，灯泡发光,电烙铁也通电，消耗的总功率增大，但电烙铁发热较少D .开关断开时，灯泡发光,可供在焊接时照明使用，消耗总功率不变解析 开关接通时，灯泡被短路，灯泡熄灭，电路的总电阻变小，电路的总功率P=告变大，电烙铁的功率变大，A正确，B、C、D错误.答案 A3.个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U，额定电流为1，线圈电阻为R,将它接在电动势为E,内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作,A .电动机消耗的总功率为B.电动机消耗的热功率为UIRC.电源的输出功率为EIIrD.电源的效率为1 - E解析 本题考查了恒定电流的有关知

3、识.电动机不是纯电阻，电动机消耗的总功率为UI , A选项正确；电动机消耗的热功率为|2R, B选项错误；电源的输出功率为UI, C选项错误，电源的效率为E=三己,D选项正确.答案AD4. 已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强阻值越大.为探测磁场的有无，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图3所示电路,电源的电动势E和内阻r不变，在没有磁场时调节变阻器 R使电灯L正常发光,若探测装置从无磁场区进入强磁场区.则 （）.fi磁敏电期A .电灯L变亮B .电灯L变暗C.电流表的示数减小D .电流表的示数增大解析 探测装置进入强磁场区以后磁敏电阻阻值变大，回路总电阻变大，总电流减

4、小，电流表示数变小，电源内电阻分压变小，路端电压变大，电灯L亮度增加，正确选项为AC.答案 AC5. 如图4所示的电路中，电源的电动势 E和内阻r恒定不变，滑片P在变阻器正中位置时，电灯L正常发光,现将滑片P移到右端，则（）.图4A .电压表的示数变大B.电流表的示数变大C.电灯L消耗的功率变小D .电阻Ri消耗的功率变小解析将滑片P移到右端,变阻器接入电路中的电阻 R变小，总电阻变小,由闭合电路欧姆定律可以判断电路中总电流变大，电流表示数变大，选项B正确.由U = IR可以判断内电压变大，则路端电压变小，电灯L消耗的功率变小，选项C正确.流过Ri的电流11 = I总一Il变大，电阻Ri消耗的

5、功率变大，Uri变大，选项D错误.电压表示数Uv = Ul Uri变小，选项A错误.答案 BC6. 在研究微型电动机的性能时，应用如图 5所示的实验电路.当调节滑动变阻器R使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5 A和2.0 V .重新调节R使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A和24.0V .则这台电动机正常运转时输出功率为（）.A. 32 W B . 44 W C. 47 W D . 48 W解析 电动机不转时相当于一个发热的纯电阻，根据通过电动机的电流为0.5A、电压为2 V，可算出电动机内阻为4 0正常工作时，电动机消耗功率 UI等于48 W,内阻发

6、热消耗功率为l2r等于16 W,则输出功率为Ull2r，等于32 W.答案 A7. 用如图6所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出了如图所示的U I图线，由图可知（）图6A .电池电动势的测量值为1.40 VB.电池内阻的测量值为3.50 0C.外电路发生短路时的电流为0.40 AD.电压表的示数为1.20 V时，电流表的示数1= 0.20 A解析：由全电路欧姆定律 U = E Ir知当1= 0时，U = E,故A正确.U I直线的斜率表示电源的内阻，则r二罟=j40 1.00 0= 1 0 B错误.U轴0.40- 0的电压刻度不是从零开始的，U I图线的横截距不再表示 U =

7、 0时的短路电流，而是表示路端电压为1.00 V时的干路电流是0.4 A，C错误.2U因为i=1.40 1.20 1.40 1.00r =常数，从图中易知 P=0，所以r = 0.20 A，故D正确.答案：ADR1、 R2为&如图7所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部.闭合开关S，小球静止时受到悬线的拉力为F.调节R1、R2,关于F的大小判断正确的是（）A .保持Ri不变，缓慢增大B. 保持Ri不变，缓慢增大C. 保持R2不变，缓慢增大D .保持R2不变，缓慢增大gpmMTR2时，F将变大R2时，F将变小Ri时，F将变

8、大Ri时，F将变小解析 当电路接通后，对小球受力分析：小球受重力、电场力和悬线的拉力F三个力的作用，其中重力为恒力，当电路稳定后,Ri中没有电流，两端等电势，因此电容器两极板电压等于 Ro两端电压，当R2不变，Ri变化时，电容器两极板电压不变，板间电场强度不变，小球所受电场力不变，F不变,C、D两项错.若保持Ri不变，缓慢增大R2, Ro两端电压减小，电容器两端电压减小，内部电场减弱，小球受电场力减小， F变小.故A项错，B项正确.答案 B9. 如图8所示电路，在平行金属板 M，N内部左侧中央P有一质量为m的带电 粒子（重力不计）以水平速度vo射入电场并打在N板的0点.改变Ri或R2的阻值,粒

9、子仍以vo射入电场，则（）.A .该粒子带正电B. 减少R2，粒子还能打在0点C. 减少Ri,粒子将打在0点左侧D .增大Ri,粒子在板间运动时间不变解析 由电场方向和粒子偏转方向知粒子带负电；由于 R2与平行金属板相连所以此支路断路，调节 R2对平行板内电场无影响，粒子仍打在 0点；当减小Ri时，根据串联电路电压分配原理，平行板内电场将增强，所以粒子将打在0点左侧；当增大Ri时，同理得平行板内电场将减弱，所以粒子将打在0点右侧，粒子在板间运动时间变长.答案 BC10. 如图9所示，A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一 带电小球.开始时开关S闭合且滑动变阻器的滑动触头 P在a

10、处，此时绝缘线向右偏离竖直方向，电源的内阻不能忽略，则下列判断正确的是（）A .小球带负电B.当滑动触头从a向b滑动时，绝缘线的偏角0变大C.当滑动触头从a向b滑动时，电流表中有电流，方向从上向下D .当滑动触头停在b处时，电源-的输出功率一定大于滑动触头在 a处时电源的输出功率解析：根据电路图可知 也 毎，A、B间电场强度方向水平向右，小球受电场力方向也向右，故小球带正电，A错误.当滑动触头从a向b滑动时，Ri两端电压减小，板间场强减小，绝缘线的偏角变小，所以B错误.当极板间电压减小时，由Q = CU可知Q减小，电容器放电，电流表中有电流，方向从上向下，所以C正确.由于电源的内阻与外电阻的关

11、系不确定，所以无法判断电源的输出功率变化情况，D错误.答案：C11. 如图10所示电路中，电源电动势E= 12 V，内阻r = 2 Q Ri = 4 Q局=6 QR3 = 3 Q若在C、D间连接一个电表或用电器，则有（）.E*c-1图10A .若在C、D间连一个理想电压表，其读数是B.若在C、D间连一个理想电压表，其读数是C.若在C、D间连一个理想电流表，其读数是D .若在C、D间连一个“ 6 0 W”的小灯泡，则小灯泡的实际功率是1.33 W解析 若在C、D间连一个理想电压表，根据闭合电路欧姆定律，有：li =E= 1 A,故理想电压表读数为 Uv = l1R2 = 6 V，A正确、B错误；

12、若 R1 + R2+ rCR2 IR3在C、D间连一个理想电流表，这时电阻R2与R3并联，并联电阻2 rR+R3=2 Q根据闭合电路欧姆定律，有1=E = 1.5 A,理想电流表读数R1 + R23 + rR.|2为，R2+R31=1 A，C错误；因为小灯泡的电阻RA=Uo=12 Q将小灯ER23泡连在C、D之间，R2两端的电压U2=:= 5 V，流过小灯泡的R1 + R23+ r电流大小为l3 =RA+ R3g 3 A，小灯泡的实际功率为P，= l3RA=f3/x 12=1.33(W), D 正确.答案 AD12.如图11所示电路可用来测量电阻的阻值.其中 E为电源，R为已知电阻,Rx为待测电阻，可 视为理想电压表，So为单刀单掷开关,Si、S2为单刀双掷开关.MyP1气图11（1）当So闭合时，若Si、S2均向左闭合，电压表读数为Ui ;若Si、S2均向右闭合，电压表读数为U2.由此可求出Rx =若电源电动势E=