普通高等学校招生全国统一考试高三物理仿真卷(六)(含解析

1、普通高等学校招生全国统一考试高三物理仿真卷（六）本试卷共 16页，38题（含选考题）。全卷满分 300分。考试用时 150分钟。祝考试顺利注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。2、 选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标 号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3、 非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4、 选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用

2、2B铅笔涂黑。 答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 P 31 S 32 Cl 35.5 Mn 55第I卷二、选择题：本题共 8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第 1418题只有一个 选项符合题目要求。第 1921题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。14. 下列说法中正确的是A. 结合能越大的原子核越稳定B. 23!oTh经过6次a衰变和4次3衰变后成为 PbC. 氢原子从较低能级跃迁到较高

3、能级时，电势能减小D. 用绿光或紫光照射某金属发生光电效应时，逸出光电子的最大初动能可能相等【答案】B232208232 208【解析】比结合能越大的原子核越稳定，选项A错误；2%Th成为2082Pb要经过 一4一=6次a衰变和90j6_口= 4次3衰变，选项B正确；氢原子从较低能级跃迁到较高能级时，电场力做负功，电势能增大，选项C错误； 绿光和紫光的频率不相等，根据光电效 应方程可知，用绿光或紫光照射某金属发生光电效应时，逸出光电子的最大初动能不相等，选项D错误。15. 古希腊权威思想家亚里士多德曾经断言：物体从高空落下的快慢同物体的重量成正比，重者下落快，轻者下落慢。比如说，十磅重的物体落

4、下时要比一磅重的物体落下时快十倍。1800多年来，人们都把这个错误论断当作真理而信守不移。直到16世纪，伽利略才发现了这一理论在逻辑上的矛盾，通过“比萨斜塔试验”，向世人阐述他的观点，并对此进行了进一 步的研究，如图所示，伽利略用铜球从斜槽的不同位置由静止下落，伽利略手稿中据此记录 的一组实验数据如下表所示：时间12345678距离321302985268241 1921 6002 104伽利略对上述的实验数据进行了分析，并得出了结论，下列可能是伽利略得出的结论是丄 x ,A.Vt = Vo + atB2X 6X 9 mx 27=27 m，则平均速度v =产否m/s =必毗，故D正确，C错误。

5、21. 如图所示，开始静止的带电粒子带电荷量为+q,质量为m（不计重力），从点P经电场加速后，从小孔 Q进入右侧的边长为 L的正方形匀强磁场区域（PQ的连线经过 AD边、BC边的中点），磁感应强度大小为BA.两板间电压的最大值方向垂直于纸面向外，若带电粒子只能从25B2L2q咲CD边射出，则B.两板间电压的最小值,25B2L2qUnin 32mC.能够从CD边射出的粒子在磁场中运动的最长时间n mt maxqBD.能够从CD边射出的粒子在磁场中运动的最短时间nmt min qB【答案】AC【解析】粒子在加速电场中，由动能定理可得:qU= 2mV，粒子2mv 在磁场中由洛伦兹力提供向心力：qvB

6、=-R，解得速电压大，轨迹半径也大，所以两板间电压最大时，粒子恰好从离开磁场，在磁场中运动轨迹如图所示，由几何关系得：氏=L2 + R-oC点2 2U=詈，可见若加解得：R=,所以最大电压Unax= 2豊补，故A正确，B错误；由图可知,能够从 CD边射出的粒子在磁场中运动时间最长的是恰好从d点离开磁场的，运动时间t = T=nm，故C正确,2 qBD错误。第ii 卷22-32题为必考题，每个试题考生都必三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第 须作答。第33-38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题（共129分）22. （6 分）某同学在做研究匀变速直线运动规律的实验时，获取了一条

7、纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个点（未标出），计数点间的距离如图所示。由于粗心，该同学忘了测量3、4两个计数点之间的距离（电源频率为50 Hz）。求：Col234567（X丄XiL%?1.40 LS9 2.403.3a3.SB4.J7 单位：（1）6号计数点的瞬时速度的大小V6=m/s。（保留三位有效数字）（2）利用逐差法处理数据，可得加速度a =m/s2。（保留三位有效数字）（3）计数点3、4之间的距离是X4=cm。（保留三位有效数字）【答案】（1）0.413（2）0.496（3）2.90【解析】（1）每相邻两计数点间还有4个点，说明相邻计数点间

8、的时间间隔为0.1 s,6号2计数点的瞬时速度的大小V6 = 3.88 : f37 X 10 m/s 0.413 m/s。2X 0.1f4.37 + 3.88 + 3.39 - f1.40 + 1.89 + 2.40 X 102223X 2X 0.1(2)加速度 a=2m/s 0.496 m/s 。一X3 + X5 由题意可知，X4 X3= X5 X4,计数点3、4之间的距离是X4= 2.90 cm。23. （9 分）一细而均匀的圆柱体形导电材料，长约5 cm,电阻约为100 Q，欲测量这种材料的电阻率p。现提供以下实验器材A. 20分度的游标卡尺；B. 螺旋测微器；C. 电流表 A（量程50

9、 mA,内阻 100 Q ）;D. 电流表 A2（量程100 mA,内阻2约为40 Q ）;E. 电压表 V（量程15 V，内阻约为 3 000 Q ）;F. 滑动变阻器 R（010 Q ,额定电流2 A）;G. 直流电源 E电动势为3 V，内阻很小）;H. 上述导电材料 F2（长约为5 cm,电阻约为100 Q ）;I 开关一只，导线若干。请回答下列问题：(1) 用游标卡尺测得该样品的长度如图甲所示，其示数L=cm,用螺旋测微器测得该样品的外直径如图乙所示，其示数D=mm11 1111lllllllllllll101 11111iiniiiiil0 20甲乙 在方框中画出尽可能精确测量该样品

10、电阻率P的实验电路图，并标明所选择器材的物理量符号。(3)实验中应记录的物理量有 (写出文字描述及字母符号)，用已知和所记录的物理量的符号表示这种材料的电阻率【答案】(1)5.0154.700(2)见解析图电流表Ai的示数li、电流表A的示数丨2n I ir iD24 I2 - li L【解析】 游标卡尺的读数为：50 mm+ 3X 0.05 mm= 50.i5 mm = 5.0i5 cm ;螺旋测微器的读数为:4.5 mm + 20.0 x 0.0i mm=(2) 电压表的量程远大于电源的电动势，所以电压表不适用，两个电流表中，电流表A2的满偏电流大于电流表 Ai的满偏电流，又电流表Ai的内

11、阻为定值，根据欧姆定律与串并联知识， 应将电流表 Ai与样品并联后再与电流表 A2串联，滑动变阻器阻值较小，应用分压式接法，电 路图如图所示。 根据 中电路图可知，实验中应记录的物理量有：电流表Ai的示数li、电流表A2的Li 2Iiri示数丨2,根据电阻定律有 R=p?样品横截面积S= 4 n D，根据欧姆定律可得 艮=T，联S4I 2 I i立可得Pn I ir iD4 I2 Ii L。24. （i4 分）在一水平面上，放置相互平行的直导轨MN PQ其间距L= 0.2 m , R、艮是连在导轨两端的电阻，R= 0.6 Q , R= 1.2 Q ,虚线左侧3 m内(含3 m处)的导轨粗糙，其

12、余部分光滑并足够长。ab是跨接在导轨上质量为m= 0.1 kg、长度为L= 0.3 m的粗细均匀的导体棒,导体棒的总电阻r = 0.3 Q,开始时导体棒处于虚线位置，导轨所在空间存在磁感应强度大小B= 0.5 T、方向竖直向下的匀强磁场，如图甲所示。从零时刻开始，通过微型电动机对导体 棒施加一个牵引力 F,方向水平向左，使其从静止开始沿导轨做加速运动，此过程中导体棒始终与导轨垂直且接触良好，其运动的速度一时间图象如图乙所示。已知2s末牵引力F的功率是0.9 W除R、F2及导体棒的总电阻以外， 其余部分的电阻均不计， 重力加速度g= 10 m/s2。(1) 求导体棒与粗糙导轨间的动摩擦因数及2

13、s内流过F的电荷量; 试写出02 s内牵引力F随时间变化的表达式；2如果2 s末牵引力F消失，则从2s末到导体棒停止运动过程中 R产生的焦耳热是多少?【答案】(1)0.10.33 C (2) F= 0.025 t + 0.25(N)(3)0.2 Ja= 1.5 m/sF- BIL f = ma【解析】(1)由速度一时间图象可以看出导体棒做匀加速直线运动，加速度v = at = 1.5 t m/s水平方向上导体棒受牵引力 F、安培力和摩擦力，根据牛顿第二定律得又 f =N=mgR、R并联电阻为R=RRR + R = 0.4根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律得BLv=0.25 t (A)t

14、= 2 s 时，I = 0.5 A因为2 s末牵引力F的功率是0.9 W,根据P= Fv由题图乙可知，2 s末导体棒的速度为 3 m/s ,可得F= 0.3 N解得卩=0.1根据法拉第电磁感应定律E=, q= I t, t1 2BL -尹2L = 0.5 CR+r所以流过R的电荷量为qi =0.33 C。R十R2(2) 由(1)可知在02 s内BfL2atF= BIL 十 m升mg=l十 ma+ 卩 mgR+ l r即 F= 0.025 t 十 0.25(N)。(3)根据图象可知2 s末导体棒的速度为v= 3 m/s，这时导体棒恰好前进了3 m，从 2 s1 2末到导体棒停止运动过程，根据能量

15、守恒定律得mv= Q总R又 Q + Q= Q 总lR+ 丁 r则 Q = r十r(Q+ Q) = 0.2 J。R十R2a = 30,质量为 3m的L”型工25. (18 分)如图所示，固定斜面足够长，斜面与水平面的夹角 件沿斜面以速度 V0匀速向下运动，工件上表面光滑，其下端连着一块挡板。某时刻，一质量为m的木块从工件上的 A点，沿斜面向下以速度 V0滑上工件，当木块运动到工件下端时(与挡板碰前的瞬间)，工件速度刚好减为零，随后木块与挡板第1次相碰，以后每隔一段时间，木块就与挡板碰撞一次。已知木块与挡板都是弹性碰撞且碰撞时间极短，木块始终在工件上运 动，重力加速度为 g。求：(1) 木块滑上工

16、件时，木块、工件各自的加速度大小；(2) 木块与挡板第1次碰撞后的瞬间，木块、工件各自的速度；(3) 木块与挡板第1次碰撞至第n(n= 2,3,4,5 ，)次碰撞的时间间隔及此时间间隔内木块和工件组成的系统损失的机械能 E。g g【答案】(1) 2 6 (2) 2V0 2V012 n 1 V0-(n= 2,3,4,5 ,)g224( n 1)mV (n= 2,3,4,5 , )【解析】(1)设工件与斜面间的动摩擦因数为卩，木块滑上工件时，木块加速度为a1,工件加速度为a2,对木块，由牛顿第二定律可得：m n a = ma对工件，由牛顿第二定律可得：卩(3njgcos a - 3mgin a =

17、 3ma工件自身做匀速运动时，由平衡条件可得：mgcos a = 3mgin agg解得：ai = , a2=2 6(2)设第1次碰撞前瞬间木块的速度为v,由动量守恒定律可得：3mv+ mv = mv解得：v= 4vo木块以速度v与挡板发生第1次弹性碰撞，设碰撞后木块速度为 V1,工件速度为V2,由动量守恒定律可得：mv= mv + 3mu由能量守恒得：1 2 1 2 1 22mv=产八 2mv解得：Vi = 2vo, V2= 2vo。(3) 第1次碰撞后，木块以速度2vo沿工件向上做匀减速运动，工件以速度2vo沿斜面向下做匀减速运动，工件速度再次减为零的时间:2vo 12vo t =a2g木

18、块的速度 V1 = 2vo+ a1t = 4vo1 212vo此时，木块的位移:X1= 2vot + a1t =-2 g1 212vo2工件的位移:X2 = 2vot a2t =-2 g由上易知，木块、工件第2次碰撞前瞬间的速度与第 1次碰撞前瞬间的速度相同，以后木块、工件重复前面的运动过程，则第1次与第n次碰撞的时间间隔：12 n-1 vo t = (n 1)t = g (n= 2,3,4,5 ,)y木块、工件每次碰撞时，木块和工件的总动能都相等，t时间内木块、工件减少的机械能等于木块、工件减少的重力势能： E= 4mg n 1) X2sin a解得：2 E= 24( n 1)mv (n 2

19、,3,4,5 ,)。(二)选考题：共 45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做，则每科按所做的第一题计分。33. 物理一一选修3 - 3 (15分)(1)(5分)下列说法中正确的是 。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为 0分。)A. 第二类永动机和第一类永动机都违背了能量守恒定律-1o -B. 液晶既像液体一样具有流动性，又跟某些晶体一样具有光学性质的各向异性C. 理想气体的压强是由气体分子间斥力产生的D. 悬浮在液体中的固体小颗粒越小，布朗运动越明显E. 由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子

20、间距离，液体表面存在张力(2)(10分)如图所示，一圆柱形汽缸竖直放置，汽缸正中间有挡板，位于汽缸口的活塞封闭着一定质量的理想气体。活塞的质量为m横截面积为s。开始时，活塞与汽缸底部相距L,测得气体的温度为 To。现缓慢降温，让活塞缓慢下降，直到恰好与挡板接触但不挤压。然后在 活塞上放一重物 P,对气体缓慢加热，让气体的温度缓慢回升到To,升温过程中，活塞不动。已知大气压强为po,重力加速度为g,不计活塞与汽缸间摩擦。(i) 求活塞刚与挡板接触时气体的温度和重物P的质量的最小值；(ii) 整个过程中，气体是吸热还是放热，吸收或放出的热量为多少？-19 -【答案】(1)BDE (2)( i) 耐

21、 pgS2 gpoSL+ mgL(i)放热2【解析】(i)第一类永动机违背了能量守恒定律，第二类永动机违背了热力学第二定律， 不违背能量守恒定律，A错误；液晶既像液体一样具有流动性，又具有光学性质的各向异性,B正确；理想气体的压强是由于大量做无规则热运动的气体分子频繁撞击器壁产生的，与分子间斥力无关，C错误；悬浮在液体中的固体小颗粒越小，其受力越不平衡，布朗运动越明显，D正确；由于液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间距离，分子间的作用力表现为引力， 使液体表面存在张力，E正确。(2)( i )由题意可得，缓慢降温过程是一个等压过程初态：温度 To,体积V0= LS,末态：温度Ti,体积 S

22、L由盖一吕萨克定律有vo=Ti,解得Ti=#升温过程中，活塞不动，是一个等容过程，设重物P的质量的最小值为 MTomg初态：温度Ti=，压强pi= po+s,末态：温度T2= To,压强P2= po+ mMSMg由查理定律有p1 =歌解得M= m poT T2g(ii )整个过程中，理想气体的温度不变，内能不变 降温过程，气体体积变小，外界对气体做的功为罟 SL= poSL+ mgLt S 丿 22升温过程，气体体积不变，气体不对外界做功，外界也不对气体做功 由热力学第一定律，整个过程中，气体放出热量G w 严34. 物理一一选修 3 - 4 (15分)(1)(5分)一列周期为0.8 s的简谐波在均匀介质中沿x轴传播，该波在某一时刻的波形如图所示；A B C是介质中的三个质点，平衡位置分别位于2 m、3 m、6 m处。此时B质点的速度方向为-y方向，下列说法正确的是 o (填正确答案标号。选对 1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错一个扣 3分，最低得分为0分 )A. 该波沿x轴正方向传播，波速为 10 m/sB. A质点比B质点晚振动0.1 sC. B质点此时的位移为1 cmD. 由图示时刻经 0.2 s , B质点的运动路程为 2 cmE. 该列波在传播过程中遇到宽度为d= 4 m的