山西省临猗县临晋中学2020届高三物理上学期9月月考试题（含解析）

1、山西省临猗县临晋中学2020届高三9月月考物理月考试题 一、选择题1.在物理学史上，最先通过实验正确认识力与运动的关系并且推翻“力是维持运动的原因”的物理学家是（ ）A. 亚里士多德B. 伽利略C. 牛顿D. 笛卡尔【答案】B【解析】【详解】历史上首先通过实验正确认识力和运动的关系，推翻“力是维持物体运动的原因”的物理学家是伽利略，它的著名的理想斜面实验说明了这一点；故A、C、D错误，B正确；故选B.【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2.做匀加速直线运动的物体，依次通过A、B、C三点，位移xAB=xBC，已知物体在AB段的

2、平均速度为3m/s，在BC段的平均速度为6m/s，那么物体在B点时的瞬时速度大小为（ ）A. 4m/sB. 4.5m/sC. 5m/sD. 5.5m/s【答案】C【解析】【详解】设加速度大小为a，经A、C的速度大小分别为vA、vC。据匀加速直线运动规律可得：，联立可得：vB=5m/s 故选C.【点睛】本题关键要充分运用好条件：ab、bc的距离相等，以及两段的平均速度，灵活运用运动学公式求解3.如图所示，木盒中固定一质量为m的砝码，木盒和砝码在桌面上以一定的初速度一起滑行一段距离后停止。现拿走砝码，而持续加一个竖直向下的恒力F(F=0.5mg)，若其他条件不变，则木盒滑行的距离（ ）A. 变小B

3、. 不变C. 变大D. 变大变小均可能【答案】A【解析】【详解】设木盒的质量为M，根据牛顿第二定律得，放砝码时加速度：，拿走砝码施加F时，加速度：，可知a2a1.根据v2=2ax得，;知加速度增大，则滑行的距离变小.故A正确，B、C、D错误;故选A.【点睛】解决本题的关键通过牛顿第二定律比较出加速度的大小，注意选择的研究对象不同，第一次选择整体，第二次选择木盒4.甲、乙两车同时从同一地点沿同一方向运动，其中甲车由静止开始以0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，经过30s后立即以0.5m/s2的加速度做匀减速直线运动直到停止。乙车一直以9m/s的速度做匀速直线运动，则下列判断正确的是( )A.

4、 在甲车加速过程中两车相遇B. 在甲车减速过程中两车相遇C. 两车不可能相遇D. 两车可能相遇两次【答案】C【解析】【详解】A、甲车达到的最大速度为v=at1=15m/s,在加速阶段甲车通过的位移，乙车通过的位移x2=v乙t1=930m=270m225m，故不可能在加速阶段相遇；故A错误.B、C、D、从甲车开始减速经过时间t，两车速度相同，故，12s内甲车通过的位移，乙车通过的位移x4=v乙t=912m=108m,甲车通过的位移x1+x3=225+144m=369m，乙车通过的位移x2+x4=270+108m=378m,369378，故不可能相遇，故B、D错误，C正确.故选C.【点睛】本题主要

5、考查了追击相遇问题，可以运用运动学公式进行求解，也可以运用图象进行求解用图象求解比较直观，方便5.在一根轻绳的两端各拴一个小球，一人用手拿绳上端的小球站在三层楼的阳台上放手让小球自由下落，两球落地时间差为t如果站在四楼阳台上，重复上述实验，则两球落地时间差会（ ）A. 不变B. 变小C. 变大D. 由于层高未知，无法比较【答案】B【解析】设细线的长度为L，第一个小球着地后，另一个小球运动的位移为L，在L内运行的时间，即为两球落地的时间差，第一个球着地的速度为另一个小球在位移L内的初速度，高度越高，落地的速度越大，知高度越高，另一个小球在位移L内的初速度越大，根据，初速度越大，时间越短，所以，故

6、选项C正确。点睛：不论放在三楼阳台释放还是放在四楼阳台释放，一球落地后，另一球运动的位移相等，根据，求出两球落地的时间差的变化。6.如图所示，一条细绳跨过光滑轻定滑轮连接物体A、B，A悬挂起来，B穿在一根竖直光滑杆上。当绳与竖直杆间的夹角为时，B沿杆下滑的速度为v，则下列判断正确的是（ ）A. A的速度为vcosB. A的速度为vsinC. 细绳的张力一定大于A的重力D. 细绳的张力一定小于A的重力【答案】AC【解析】【详解】将B物体的速度按图示两个方向分解，如图所示:由绳子速率v绳=vcos,而绳子速率等于物体A的速率，则有物体A的速率vA=v绳=vcos.随着夹角的减小，则A在加速向上运动

7、，因此绳子的张力大于A的重力，故A、C正确，B、D错误，故选AC.【点睛】本题通常称为绳端物体速度分解问题，容易得出这样错误的结果：将绳的速度分解，如图得到7.如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan，规定沿传送带向下为正方向，则图中能较客观地反映小木块对传送带的摩擦力f随时间t变化关系的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：加速度： ，当小木块的速度与传送带速度相等

8、时，由tan知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，而规定沿传送带向下为正方向，因此摩擦力方向先为正值，再为负值，故C正确，A、B、D错误；故选C.【点睛】要找出小木块速度随时间变化的关系，先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1；当小木块的速度与传送带速度相等时，由tan知道木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，从而即可求解8.在如图所示的装置中，质量为3kg的物块被平行于斜面的细绳拴在斜面上端的小柱上，斜面的倾角为30，被固定在测力计上，整

9、个装置保持静止。如果物体与斜面间无摩擦，装置稳定以后，当细线被烧断，物体正在下滑的过程中，与稳定时比较，测力计的读数（g=10m/s2）（ ）A. 增加15NB. 减小15NC. 减小7.5ND. 保持不变【答案】C【解析】【详解】对物块和斜面体整体受力分析，受总重力和支持力，平衡时，有N-(M+m)g=0 加速下滑时，再次对物块和斜面体整体受力分析，受总重力、支持力和静摩擦力，根据牛顿第二定律，有竖直方向：(M+m)g-N=masin30 水平方向：f=macos30 对物块受力分析，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有mgsin30=ma 有由得到：N-N=masin30=mg（sin30

10、）2=3100.25=7.5N故A、B、D错误，C正确.故选C.【点睛】本题关键是对物块、物块和斜面体整体多次受力分析，然后根据牛顿第二定律、共点力平衡条件列式求解；要注意整体法对于有相对运动的物体系统同样适用.9.滑块A置于光滑水平地面上，滑块B在一水平恒力F的作用下紧靠滑块A(A、B接触面竖直)，此时B刚好不下滑。已知滑块A、B的质量分别为mA、mB，重力加速度为g，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则（ ）A. A、B之间的相互作用力大小为B. A与B间的动摩擦因数为C. 水平恒力F与A与B间的弹力之比为D. 水平恒力F与A与B间的弹力之比为【答案】BC【解析】【详解】A、设A与B之间的弹力

11、的大小为N.以AB组成的整体为研究对象，则：F=(mA+mB)a,所以：,对A沿水平方向：N=mAa,联立得：, B刚好不下滑，所以B与A之间的摩擦力的大小等于B的重力，即：f=mBg,所以A、B之间的相互作用力大小为：;故A错误.B、A与B间的动摩擦因数为;B正确.C、D、水平恒力F与A与B间的弹力之比为:;故C正确，D错误.故选BC.【点睛】本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据牛顿第二定律条件列式求解，注意最大静摩擦力约等于滑动摩擦力10.如图，质量分别为M、m的两个木块A、B通过轻弹簧连接，木块A放在水平桌面上，木块B用轻绳通过定滑轮在力F的作用下整体恰好处于静止

12、状态，绳与水平方向成角。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计滑轮与绳间的摩擦。则可以求下列哪些量（ ）A. 木块A对桌面的压力B. 弹簧与水平方向的夹角C. 木块A与桌面之间的动摩擦因数D. 弹簧的形变量【答案】ABC【解析】对物体B分析，受重力、弹簧的拉力和细线的拉力，三力平衡，设弹簧与水平方向的夹角为，根据平衡条件，水平方向：Fcos=F弹cos，竖直方向：Fsin=F弹sin+mg，故有：，由于不知道弹簧的劲度系数，故无法确定弹簧的形变量，故B正确，D错误；对A、B整体分析，受拉力F、重力（M+m）g、支持力N和静摩擦力f，根据平衡条件，水平方向：f=Fcos，竖直方向：N=（M+m）g-

13、Fsin，根据牛顿第三定律，整体对桌面的压力为（M+m）g-Fsin，整体对桌面的摩擦力大小为f=Fcos，方向向右，由于是静摩擦力，且不能确定是否是最大静摩擦力，故无法求解动摩擦因数，故A正确，C错误；故选AB.11.如图所示，在水平面上固定着三个完全相同的木块，一子弹以水平速度v0射入木块，若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第三个木块时速度恰好为零，则子弹依次射入每个木块时的速度v1、v2、v3之比和穿过每个木块所用的时间t1、t2、t3之比分别为( )A. v1v2v3321B. v1v2v31C. t1t2t31D. t1t2t3()(1)1【答案】BD【解析】【详解】C、D、子弹

14、匀减速穿过三木块，末速度为零，我们假设子弹从右向左作初速度为零的匀加速直线运动。则子弹依次穿过321三木块所用时间之比：;子弹依次穿过123三木块所用时间之比为；故C错误，D正确.A、B、根据v2=2ax知，穿过第三块、穿过第二块、穿过第一块木块的速度之比为，则；故A错误，B正确.故选BD.【点睛】在研究匀减速直线运动，且末速度为零时，合理运用逆过程可以使题目变得简单易做要灵活应用匀变速直线运动的推论12.如图所示，斜面上放有两个完全相同的物体a、b，两物体间用一根细线连接，在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F，使两物体均处于静止状态，则下列说法不正确的是( )A. a、b两物体的受力个数一定相

15、同B. a、b两物体对斜面的压力相同C. a、b两物体受到的摩擦力大小一定相等D. 当逐渐增大拉力F时，物体b先开始滑动【答案】ACD【解析】【详解】A、对ab进行受力分析，如图所示：b物体处于静止状态，当绳子沿斜面向上的分量与重力沿斜面向下的分量相等时，摩擦力为零，所以b可能只受3个力作用，而a物体必定受到摩擦力作用，肯定受4个力作用;故A错误.B、ab两个物体，垂直于斜面方向受力都平衡，则有：N+Tsin=mgcos,解得：N=mgcos-Tsin，则a、b两物体对斜面的压力相同;故B正确.C、根据A的分析可知，b的摩擦力可以为零，而a的摩擦力一定不为零，则两物体受到的摩擦力大小不一定相等

16、;故C错误.D、对a沿斜面方向有：Tcos+mgsin=fa，对b沿斜面方向有：Tcos-mgsin=fb，正压力相等，所以最大静摩擦力相等，则a先达到最大静摩擦力，先滑动;故D错误.本题选错误的，故选ACD.【点睛】本题的解题关键是首先选择研究对象，再正确对物体进行受力分析，能根据平衡条件列式求解.二、实验题13.在做“验证力的平行四边形定则”的实验时：(1)下列叙述正确的是_A.同一次实验过程，结点的位置必须都拉到同一位置O点，不能随意变动B.用两只弹簧测力计拉橡皮条时，应使两细绳之间的夹角总为90，以便于算出合力的大小C.力的夹角越大越好D.必须使分力与合力在同一平面内(2)如果实验情况

17、如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳图是在白纸上根据实验结果画出的图图中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_.【答案】 (1). AD (2). 【解析】【详解】(1)A、在同一组数据中，只有当橡皮条节点O的位置不发生变化时，两个力的作用效果和一个力的作用效果才相同，才可以验证平行四边形定则;故A正确.B、弹簧测力计拉细线时，两细绳之间的夹角不一定为90故B错误；C、为了减小实验的误差，两个分力的夹角不能太小，也不能太大;故C错误.D、为了使合力与分力的效果相同，必须使分力与合力在同一平面内;故D正确故选AD.(2)F1与F2合力的实验值是指通过实验

18、得到值，即用一个弹簧拉绳套时测得的力的大小和方向，而理论值（实际值）是指通过平行四边形得出的值，故F是力F1与F2合力的实验值，其方向一定沿AO方向.【点睛】该题比较全面的考查了验证平行四边形定则中的基础知识，对于这些基础知识和要求即要通过实验进行切身体会，同时也要通过练习加深理解。14.图为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图。砂和砂桶的总质量为m，小车和钩码的总质量为M。实验中用砂和砂桶总重力的大小近似作为细线对小车拉力的大小。(1)实验中，为了使细线对小车的拉力近似等于小车所受的合外力，应该进行的操作是：平衡摩擦力调节长木板上滑轮的高度，使细线和长木板平行。(2)实验中，为了始终保证用砂

19、和砂桶总重力的大小近似作为细线对小车拉力的大小，除了(1)的操作，还需要满足的条件是_。(3)在某组实验中，打点计时器接的是220V、50Hz的交变电流，用毫米刻度尺测量一段纸带，如图所示，其零刻度和计数点A对齐（已知每相邻两个计数点间还有4个打点计时器打下的点，本图中没有画出）。（本小题的计算结果保留2位小数）由以上数据计算打点计时器在打E点时，小车的瞬时速度vE=_m/s，小车的加速度为a=_m/s2。如果当时电网中交变电流的频率是f=48Hz，而做实验的同学并不知道，那么由此引起的系统误差将使加速度的测量值比实际值偏_（填“大”或“小”）。【答案】 (1). mM (2). 0.25m/

20、s (3). (4). 大【解析】【详解】(2)由和，可得，则当小车质量远大于砂与砂桶质量时可以近似认为小车受到的拉力等于砂与砂桶的重力(3)计数点间的时间间隔：t=0.025=0.1s；小车的瞬时速度,小车的加速度：.如果当时电网中交变电流的频率是f=48Hz，而做实验的同学并不知道，打点计时器的打点间隔大于0.02s而求加速度时打点时间间隔按0.02s计算，代入时间偏小，所求加速度偏大【点睛】本田考查了实验注意事项、实验数据处理，本题是一道基础题，掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习与掌握；应用匀变速直线运动的推论即可求出瞬时速度与加速度三、计算题15.公路上行驶的两汽车之间应保

21、持一定的安全距离。当前车突然停止时，后车司机可以采取刹车措施，使汽车在安全距离内停下而不会与前车相碰。通常情况下，人的反应时间和汽车系统的反应时间之和为1 s。当汽车在晴天干燥沥青路面上以108 km/h的速度匀速行驶时，安全距离为120 m。设雨天时汽车轮胎与沥青路面间的动摩擦因数为晴天时的2/5，若要求安全距离仍为120 m，求汽车在雨天安全行驶的最大速度。【答案】20m/s【解析】试题分析：在反应时间内汽车做匀速直线运动，所以汽车间的安全距离等于匀速运动的位移和匀减速直线运动的位移之和，根据牛顿第二定律结合运动学基本公式求解解：设路面干燥时，汽车与地面的动摩擦因数为0，刹车时汽车的加速度

22、大小为a0，安全距离为s，反应时间为t0，由牛顿第二定律和运动学公式得：0mg=ma0，式中，m和v0分别为汽车的质量和刹车前的速度设在雨天行驶时，汽车与地面的动摩擦因数为，依题意有：，设在雨天行驶时汽车刹车的加速度大小为a，安全行驶的最大速度为v，由牛顿第二定律和运动学公式得：mg=ma ，联立式并代入题给数据得：v=20m/s答：若要求安全距离仍为120m，则汽车在雨天安全行驶的最大速度为20m/s【点评】解决本题的关键知道安全距离是反应时间内匀速运动的位移和匀减速运动的位移之和匀减速运动的位移可以通过速度位移公式求解视频16.如图所示，在倾角为37的斜面底端的正上方H处，以水平抛出一小球（可看做质点），飞行一段时间后，垂直撞在斜面上，（不计空气阻力，重力加速度为g）（1）求小球抛出的初速度大小（2）小球完成这段飞行的时间和位移【答案】（1） （2） ,【解析】【详解】(1)设运动时间为t，初速度为v0，由题可知小球撞在斜面上时与水平方向的夹角为=53，由平抛运动规律知：所以由几何关系得:解得：,(2)设位移为L,由几何关系可得:解得：设位移方向与水平位移的夹角为，由平抛运动规律得：【点睛】本题就是对平抛运动规律的考