陕西省西北农林科大附中高二物理上学期第二次月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年陕西省西北农林科大附中高二（上）第二次月考物理试卷一.选择题（共10小题.每题5分.共50分.1-8题为单选题，9-10题为多选）1有关电压与电动势的说法中正确的是( )a电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法b电动势是电源两极间的电压c电动势公式e=中w与电压u=中的w是一样的，都是电场力做的功d电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量2关于电阻和电阻率的说法中，正确的是( )a导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻b由r=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比c某些金属合金和化合物的电阻率随温度的降低突然减小为零，这种现象叫做超导现象d将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一3如图所示，电路两端的电压保持不变，当滑动变阻器的滑动触头p向右移动时，三个灯泡亮度的变化情况是( )al1变亮，l2和l3皆变暗bl1变暗，l2不能确定，l3变暗cl1变暗，l2变亮，l3变亮dl1变亮，l2变亮，l3变暗4金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的ui图象中，可以表示出金属铂电阻的ui图线的是( )abcd5如图所示电路中接有三只完全相同的电压表，在a，b间加恒定电压12v，电压表1的示数为5v，则电压2，3的示数依次为( )av2为7v，v3为0vbv2为7v，v3为7vcv2为5v，v3为2vdv2为7v，v3为2v6用伏安法测电阻时，待测电阻大约是10欧，电流表的内阻是1欧，电压表的内阻是5千欧，则( )a用电流表外接法，此时测量值比真实值大b用电流表外接法，此时测量值比真实值小c用电流表内接法，此时测量值比真实值大d用电流表内接法，此时测量值比真实值小7小灯泡通电后其电流i随所加电压u变化的图线如图所示，p为图线上一点，pn为图线在p点的切线，pq为u轴的垂线，pm为i轴的垂线，则下列说法中正确的是( )a随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小b对应p点，小灯泡的电阻为c对应p点，小灯泡的电阻为d对应p点，小灯泡的功率为图中矩形pqom所围面积8一个用半导体材料制成的电阻器d，其电流i随它两端电压u的关系图象如图（a）所示，将它与两个标准电阻r1、r2并联后接在电压恒为u的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为p，现将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端，设电阻器d和电阻r1、r2消耗的电功率分别是pd、p1、p2，它们之间的大小关系有( )ap1=4pdbp14p2cpd=p2dpd=9把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用p甲和p乙表示，则下列结论中正确的是( )ap甲=p乙bp甲=3p乙cp乙=3p甲dp乙3p甲10在如图中，电源内阻不能忽略，r1=12，r2=8当开关s切换到位置1时，电流表的示数为i1=0.20a；当开关s扳到位置2时，电流表的示数可能为下列情况中的( )a0.3ab0.28ac0.25ad0.19a二.实验题（共3小题.每空4分.共28分）11某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图（甲）所示，则金属丝的直径d=_mm另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测量一工件的长度，测得的结果如图（乙）所示，则该工件的长度l=_mm12多用电表的下半部分如图甲所示，标有“2.2v 0.25a”字样的小灯泡已接入电路，当多用电表的两表笔分别与小灯泡两端的接线柱a、b相接（如图乙所示），下列想法合理的是( )a若选择开关拨到“”挡的1处，可测量小灯泡的电阻b若选择开关拨到“”挡的2.5处，可测量小灯泡两端的电压c若选择开关拨到“v”挡的2.5处，可测量小灯泡两端的电压d若选择开关拨到“ma”挡的250处，可测量小灯泡中的电流13（16分）某电阻额定电压为3v（阻值大约为10）为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：a：电流表a1（量程300ma，内阻约1）； b：电流表a2（量程0.6a，内阻约0.3）；c：电压表v1（量程3.0v，内阻约3k）； d：电压表v2（量程5.0v，内阻约5k）；e：滑动变阻器r1（最大阻值为10）； f：滑动变阻器r2（最大阻值为1k）；g：电源e（电动势4v，内阻可忽略）； h：电键、导线若干（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表_，电压表_，滑动变阻器_（2）画出该实验电路图三.计算题（共2小题.14题10分.15题12分.共22分）14如图所示的电路中，电阻r1=9，r2=15，电源的电动势e=12v，内电阻r=1，安培表的读数i=0.4a求：（1）流过电阻r1的电流是多少？（2）电阻r3的阻值是多大？（3）电阻r3消耗的电功率是多少？15如图所示，电流表读数为0.75a，电压表读数为2v，r3=4，经过一段时间后某一电阻烧断，电流表读数变为0.8a，电压表读数变为3.2v，设电表对电路的影响不计，试问：（1）烧断的是哪一个电阻？（2）电源的电动势和内阻分别是多少？2015-2016学年陕西省西北农林科大附中高二（上）第二次月考物理试卷一.选择题（共10小题.每题5分.共50分.1-8题为单选题，9-10题为多选）1有关电压与电动势的说法中正确的是( )a电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法b电动势是电源两极间的电压c电动势公式e=中w与电压u=中的w是一样的，都是电场力做的功d电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量【考点】电源的电动势和内阻 【专题】恒定电流专题【分析】电压与电动势的单位相同，但物理意义不同电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量电动势定义式公式e=中的w是非静电力做功，电压u=中的w是静电力做功电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压【解答】解：a、电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量故a错误b、根据闭合电路欧姆定律，路端电压u=eir，只有当外电路断开时，i=0，路端电压等于电动势当外电路接通时，路端电压即电源两极间的电压小于电动势，故b错误c、电动势定义式公式e=中的w是非静电力做功，电压u= 中的w是静电力做功故c错误d、电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小故d正确故选：d【点评】本题考查电动势的概念，关键要明确电动势的物理意义，知道与电压的区别，属于基础题2关于电阻和电阻率的说法中，正确的是( )a导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻b由r=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比c某些金属合金和化合物的电阻率随温度的降低突然减小为零，这种现象叫做超导现象d将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一【考点】电阻定律 【专题】恒定电流专题【分析】电阻是导体对电流的阻碍作用；影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积、温度，与通过导体的电流和导体两端的电压无关【解答】解：a、电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种特性；其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关；而与导体两端有无电压、电压高低，导体中有无电流、电流大小无关故a错误、b错误c、由超导现象的定义知，某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫做超导现象但温度不可能为绝对零度，因绝对零度无法达到，故c正确d、导线的电阻率有材料本身的特性决定，与导体的电阻、横截面积、长度无关将一根导线等分为二，则半根导线的电阻是原来的一半，但电阻率不变所以d错误故选：c【点评】欧姆定律也可求电阻，但只能作为比值定义法，应明确电阻与电流、电压等无关3如图所示，电路两端的电压保持不变，当滑动变阻器的滑动触头p向右移动时，三个灯泡亮度的变化情况是( )al1变亮，l2和l3皆变暗bl1变暗，l2不能确定，l3变暗cl1变暗，l2变亮，l3变亮dl1变亮，l2变亮，l3变暗【考点】串联电路和并联电路；闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】电灯l2与变阻器串联后与灯泡l3并联，最后再与l1串联；当滑动变阻器的滑动触头p向右移动时，变阻器电阻r减小，故总电阻减小，根据欧姆定律判断干路电流的变化情况，然后逐步判断各个各个部分的电流和电压情况【解答】解：当滑动变阻器的滑动触头p向右移动时，变阻器电阻r减小，故总电阻减小，根据欧姆定律干路电流增加，故灯泡l1变亮；并联电路的电压u并=uirl1，故并联电路电压变小，灯泡l3变暗；干路电流增加，而通过灯泡l3的电流变小，故通过灯泡l2的电流增加，灯泡l2变亮；故选d【点评】对于动态分析问题，通常按照局部整体局部的思路进行分析，不难4金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的ui图象中，可以表示出金属铂电阻的ui图线的是( )abcd【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】金属铂的电阻随温度的升高而增大电阻的ui图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻根据数学知识进行选择【解答】解：根据电阻的定义式r=可知，ui图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻，金属铂的电阻随温度的升高而增大，则图线上的点与坐标原点连线的斜率逐渐增大，图线是曲线，根据数学知识可知，c正确故选c【点评】本题考查对金属电阻特性的掌握程度，抓住图线的数学意义来理解其物理意义5如图所示电路中接有三只完全相同的电压表，在a，b间加恒定电压12v，电压表1的示数为5v，则电压2，3的示数依次为( )av2为7v，v3为0vbv2为7v，v3为7vcv2为5v，v3为2vdv2为7v，v3为2v【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】定量思想；方程法；恒定电流专题【分析】根据串、并联电路中电流关系，由欧姆定律确定电压表2、3的示数【解答】解：电压表可以作为电阻处理，因三个电压表的内阻相等，则电压与电流成正比；设电压表的内阻均为r，根据电荷守恒定律知，三个电压表电流关系可能为：=+，也可能有：+=当u1=5v时，u3=2v，u2=7v，其他数据不可能故abc错误，d正确故选：d【点评】本题中将电压表当作大电阻，不是普通的串并联，关键要分析三个电压表的电流可能关系，根据欧姆定律和电荷守恒定律研究6用伏安法测电阻时，待测电阻大约是10欧，电流表的内阻是1欧，电压表的内阻是5千欧，则( )a用电流表外接法，此时测量值比真实值大b用电流表外接法，此时测量值比真实值小c用电流表内接法，此时测量值比真实值大d用电流表内接法，此时测量值比真实值小【考点】伏安法测电阻 【专题】实验题；恒定电流专题【分析】伏安法测电阻时有电流表内接和外接两种接法，由于实际电压表内阻较大，但不是无穷大，实际电流表内阻较小，也不是零，故两种接法都存在一定的实验误差，要根据实际情况灵活选择，以减小实验误差【解答】解：由于本题中因，用电流表内接法时，安培表的分压作用比较明显，误差较大，而用安培表外接法时，电压表的分流作用较小，故应该采用安培表外接法；采用安培表外接法，电压表读数比较准确，由于伏特表的分流作用，电流表的读数偏大，故电阻的测量值偏小，测量值等于待测电阻与伏特表相并联的电阻值；故选：b【点评】本题关键分析清楚电流表内、外接法的误差来源，然后根据实际数据选择误差较小的接法7小灯泡通电后其电流i随所加电压u变化的图线如图所示，p为图线上一点，pn为图线在p点的切线，pq为u轴的垂线，pm为i轴的垂线，则下列说法中正确的是( )a随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小b对应p点，小灯泡的电阻为c对应p点，小灯泡的电阻为d对应p点，小灯泡的功率为图中矩形pqom所围面积【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率 【专题】恒定电流专题【分析】由图看出此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到p点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可知功率对应图线的“面积”【解答】解：a、由图象可知，灯泡的电阻等于r=，等于图线上的点与原点o连线斜率的倒数，由数学知识可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大故a错误；b、c由图象可知，p点对应的电压为u1，电流为i2，则灯泡的电阻r=，故b、c错误；d、因p=ui，所以图象中矩形pqom所围的面积为对应p点小灯泡的实际功率，故d正确故选d【点评】对于线性元件，其电阻r=，非线性元件，r=；对于ui图与iu图要区分清楚，电阻r=k，还是r= 不能搞错8一个用半导体材料制成的电阻器d，其电流i随它两端电压u的关系图象如图（a）所示，将它与两个标准电阻r1、r2并联后接在电压恒为u的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为p，现将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端，设电阻器d和电阻r1、r2消耗的电功率分别是pd、p1、p2，它们之间的大小关系有( )ap1=4pdbp14p2cpd=p2dpd=【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】根据半导体材料的伏安特性曲线可知，随着电压增大，电阻器d的电阻减小，电压减小，电阻增大电阻器d与两个标准电阻r1、r2并联后接在电压恒为u的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为p，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器d的电压小于电源的电压，电阻增大，根据并联电路的特点分析其电流与r1、r2电流的关系，再研究功率关系【解答】解：由题，电阻器d与两个标准电阻r1、r2并联后接在电压恒为u的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为p，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器d的电压小于电源的电压，由（a）图象可知，电阻器d的电阻增大，则有rdr1=r2而rd与r2并联，电压相等，根据欧姆定律得知，电流idi2，又i1=i2+id，得到i12i2，i12id，所以得到p14p2p1与4pd的大小无法判断pdp2p2，故如图（b）的电路中，pd与无法比较故选b【点评】本题首先要读懂半导体材料的伏安特性曲线，其次要抓住串并联电路的特点进行分析9把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用p甲和p乙表示，则下列结论中正确的是( )ap甲=p乙bp甲=3p乙cp乙=3p甲dp乙3p甲【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路 【专题】恒定电流专题【分析】电路所消耗的总功率的大小等于电路两端的总的电压与总电流的乘积，由此即可直接得出结论【解答】解：设灯泡正常发光时的电流为i，对于甲图，电路的总的电流为3i，此时甲的总功率的大小为p甲=u3i，对于乙图，电流的总电流的大小就为i，此时乙的总功率的大小为p乙=ui，所以p甲=3p乙，所以b正确故选：b【点评】对于本题来说关键的是选择公式，由于电路的总电压的大小是相同的，所以用总电压与总电流的乘积来计算总功率的大小比较简单10在如图中，电源内阻不能忽略，r1=12，r2=8当开关s切换到位置1时，电流表的示数为i1=0.20a；当开关s扳到位置2时，电流表的示数可能为下列情况中的( )a0.3ab0.28ac0.25ad0.19a【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】定性思想；极端假设法；恒定电流专题【分析】根据电阻的不同，由欧姆定律分析电流的范围，结合路端电压的范围进行选择【解答】解：由题当开关s切换到位置1时，电流表的示数为i1=0.20a；因r1=12，r2=8，则r1r2则当开关s扳到位置2时，电路中电流增大，即i20.20a由于外电阻减小，路端电压减小开关s在位置1时，路端电压u1=i1r1=0.2012v=2.4v，开关s扳到位置2时，路端电压u22.4v，由欧姆定律得知 i2=a=0.30a所以电流表的示数的范围为0.20ai20.30a故ad错误，bc正确故选：bc【点评】本题中外电阻减小时，总电流增大，不难确定，关键还要根据路端电压随外电阻减小而减小，确定电流的变化范围二.实验题（共3小题.每空4分.共28分）11某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图（甲）所示，则金属丝的直径d=2.935（2.9342.937）mm另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测量一工件的长度，测得的结果如图（乙）所示，则该工件的长度l=14.50mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用 【专题】实验题【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，两种仪器读数时均可采用公式法，即：主尺读数+副尺读数【解答】解：螺旋测微器的固定刻度读数2.5mm，可动刻度读数为0.0143.5=0.435mm，所以最终读数为：固定刻度读数+可动刻度读数=2.5+0.435=2.935mm，由于需要估读，因此在范围2.9342.937mm内均正确游标卡尺的主尺读数为1.4cm=14mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.0510mm=0.50mm，所以最终读数为：主尺读数+游标尺读数=14mm+0.50mm=14.50mm；故答案为：2.935（2.9342.937），14.50【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读12多用电表的下半部分如图甲所示，标有“2.2v 0.25a”字样的小灯泡已接入电路，当多用电表的两表笔分别与小灯泡两端的接线柱a、b相接（如图乙所示），下列想法合理的是( )a若选择开关拨到“”挡的1处，可测量小灯泡的电阻b若选择开关拨到“”挡的2.5处，可测量小灯泡两端的电压c若选择开关拨到“v”挡的2.5处，可测量小灯泡两端的电压d若选择开关拨到“ma”挡的250处，可测量小灯泡中的电流【考点】用多用电表测电阻 【专题】实验题；恒定电流专题【分析】用多用电表测电阻时，待测电路元件应与其它电路元件断开；用多用电表测电压时，多用电表应与被测电路元件并联，要注意测的是直流电源还是交流电压；用多用电表测电流时，多用电表要串联接入电路【解答】解：a、由图乙所示可知，灯泡串联在闭合电路中，不能用多用电表测灯泡电阻，如果用多用电表测灯泡电阻，应把灯泡与其它电路元件断开，故a错误；b、由图乙所示可知，电源为直流电源，应该用直流电压档测灯泡两端电压，故b错误；c、若选择开关拨到“v”挡的2.5处，可测量小灯泡两端的电压，故c正确；d、若选择开关拨到“ma”挡的250处，要测量小灯泡中的电流，多用电表应串联接入电路，不能与灯泡并联，故d错误；故选：c【点评】本题考查了多用电表的使用，用多用电表测电阻、电流、电压时，要把选择开关打到合适的档位13（16分）某电阻额定电压为3v（阻值大约为10）为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：a：电流表a1（量程300ma，内阻约1）； b：电流表a2（量程0.6a，内阻约0.3）；c：电压表v1（量程3.0v，内阻约3k）； d：电压表v2（量程5.0v，内阻约5k）；e：滑动变阻器r1（最大阻值为10）； f：滑动变阻器r2（最大阻值为1k）；g：电源e（电动势4v，内阻可忽略）； h：电键、导线若干（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表a，电压表c，滑动变阻器e（2）画出该实验电路图【考点】伏安法测电阻 【专题】实验题【分析】（1）估算电阻上最大电流，选择电表量程根据该电阻与变阻器最大电阻的关系选择变阻器（2）根据该电阻与两电表内阻的倍数关系选择电流表的接法，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式【解答】解：（1）根据欧姆定律，流过电阻的最大电流i=0.3a故电流表选a；电阻额定电压为3v则电压表选c即可；为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式接法，为了方便调节，滑动变阻器选小阻值的e（2）即被测电阻为小电阻，选取电流表外接，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式故电路图如图：故答案为：（1）a，c，e；（2）如图；【点评】选择器材通常的步骤：1、根据实验要求设计合理的实验电路2、估算电路中电压、电流可能达到的最大值，以此选择电压表和电流表的量程三.计算题（共2小题.14题10分.15题12分.共22分）14如图所示的电路中，电阻r1=9，r2=15，电源的电动势e=12v，内电阻r=1，安培表的读数i=0.4a求：（1）流过电阻r1的电流是多少？（2）电阻r3的阻值是多大？（3）电阻r3消耗的电功率是多少？【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流