山东省济南市历城二中学高二物理上学期期中试卷（含解析）.doc

山东省济南市历城二中20152016学年度高二上学期期中物理试卷一、选择题（本大题共15小题，10题每小题只有一个选项正确，每小题3分，共30分；115题每题至少两个选项正确，每题4分，选不全得2分，共20分）1下列物理量中与检验电荷有关的是（）a电场强度eb电势c电势差uabd电场力f2关于静电场，下列说法中正确的是（）a在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零b电场中某点的场强大小等于单位电量的试探电荷在该点所受的电场力大小c根据公式u=ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大d负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加3如图，真空中o点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为ea，方向与ab连线成60角，b点的场强大小为eb，方向与ab连线成30角，则关于a、b两点场强大小及电势a、b的高低关系正确的为（）aea=3eb，abbea=3eb，abcea=，abdea=eb，ab4某电解池，如果在1秒钟内共有5.01018个二价正离子和1.01019个一价负离子通过某横截面，那么通过这个横截面的电流是（）a0b0.8 ac1.6 ad3.2 a5如图所示，在xoy平面内有一个以o为圆心、半径r=0.1m的圆，p为圆周上的一点，o、p两点连线与x轴正方向的夹角为若空间存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小e=100v/m，则o、p两点的电势差可表示为（）auop=10cos（v）buop=10sin（v）cuop=10sin（v）duop=10cos（v）6a、b为两个带等量正电荷的固定小球，o为ab连线的中点，c、d为中垂线上的两对称点，若在c点静止释放一个电子，电子只在电场力作用下运动；则下列叙述正确的有（）a电子从co的过程中，做加速度增大的加速运动b电子从co的过程中，电子的电势能在减小c电子从cd的过程中，电子受到电场力先增大后减小，方向不变d从cd的过程中，电场的电势始终不变7两只电阻的伏安特性曲线如图所示，则下列说法中正确的是（）a两电阻的阻值为r1小于r2b两电阻串联在电路中时，r1两端电压大于r2两端电压c两电阻并联在电路中时，r1消耗的功率大于r2消耗的功率d两电阻并联在电路中时，r1的电流大于r2的电流8如图，一带负电的粒子只在电场力作用下沿图中ab曲线穿过一匀强电场，a、b、c、d均为匀强电场的等势面，则下列判断正确的是（）a电场强度的方向竖直向上ba点电势比d点高c粒子在b等势面处所具有的电势能比d等势面处大d粒子在运动过程中受到电场力的大小不变，方向不断变化9如图，e为内阻不能忽略的电池，r1、r2、r3为定值电阻，s0、s为开关，与分别为电压表和电流表初始时s0与s均闭合，现将s断开，则（）a的读数变大，的读数变小b的读数变大，的读数变大c的读数变小，的读数变小d的读数变小，的读数变大10如图所示电路中，电源e的电动势为3.2v，电阻r的阻值为30，小灯泡l的额定电压为3.0v，额定功率为4.5w，当电键s接位置2时，电压表的读数为3v，那么当电键s接到位置1时，小灯泡l的发光情况是（）a有可能被烧坏b正常发光c正常发光略亮d很暗，甚至不亮11如图所示，a和b为两等量异号电荷，a带正电，b带负电在a、b的连线上有a、b、c三点，其中b为连线的中点，a、c两点与b点等距，则（）aa点与c点的电场强度相同ba点与c点的电势相同ca、b间的电势差与b、c间的电势差相同d过b点做a、b连线的垂线，点电荷q沿此垂线方向移动，电荷的电势能保持不变12如图所示，平行板电容器与电动势为e的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略一带负电油滴被固定于电容器中的p点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）a平行板电容器的电容值将变大b静电计指针张角变小c带电油滴的电势能将减少d若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变13如图所示，o是一固定的点电荷，另一点电荷p从很远处以初速度u射入点电荷o的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线mna、b、c是以o为中心ra、rb、rc为半径画出的三个圆，rc一rb=rb一ra.1、2、3、4为轨迹mn与三个圆的一些交点以|w12|表示点电荷p由l到2的过程中电场力做的功的大小，|w34|表示由3到4的过程中电场力做的功的大小，则（）a|w12|=2|w34|b|w12|2|w34|cp、o两电荷可能同号dp、o两电荷一定异号15如图所示，直线a、抛物线b和曲线c分别为某一稳恒直流电源在纯电阻电路中的总功率p、电源内部发热功率pr、输出功率pr随电流i变化的图象，根据图象可知（）a电源的电动势为9v，内阻为3b电源的电动势为3v，内阻为1c图象中任意电流值对应的p、pr、pr间的关系为ppr+prd电路中总电阻为2时，外电阻上消耗的功率最大且为2.25w16如图所示电路中，电源电动势为e、内阻为r，r0为定值电阻，电容器的电容为c闭合开关s，增大可变电阻r的阻值，电压表示数的变化量为u，电流表示数的变化量为i，则（）a变化过程中u和i的比值保持不变b电压表示数u和电流表示数i的比值不变c电阻r0两端电压减小，减小量为ud电容器的带电量增大，增加量为cu二.实验题（本大题共2小题，每题中每空2分，共18分）17在“测定金属的电阻率”的实验中，若待测金属丝的电阻约为5，提供以下器材供选择：a电池组（3v，内阻1）b电流表（03a，内阻0.012 5）c电流表（00.6a，内阻0.125）d电压表（03v，内阻4k）e电压表（015v，内阻15k）f滑动变阻器（020，允许最大电流1a）g滑动变阻器（02 000，允许最大电流0.3a）h开关、导线若干（1）实验时应从上述器材中选用（填写仪器前的字母代号），并在虚线框中画出实验电路图（2）待测金属丝电阻的测量值比真实值偏（选填“大”或“小”）；（3）若用螺旋测微器测得金属丝的直径d的读数如下图所示，则读数为mm；（4）若用l表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为r，请写出计算金属丝电阻率的表达式=18某学生测量电源的电动势e及内阻r所需的实验器材如图2所示（1）在图1画出实验电路原理图（2）用笔画线代替导线在图中，完成实物连线（3）测量该电源电动势和内电阻所得的ui图线，则由图3可知该电源的电动势为v，内电阻为（保留两位有效数字）三、计算题（本题3小题，共32分解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）19有一个直流电动机，把它接入0.2v电压的电路，当电机不转时，测得流过电动机的电流是0.4a；若把电动机接入2.0v电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0a问：（1）电动机正常工作时的输出功率多大？（2）如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是多大？20在一个水平面上建立x轴，在过原点o垂直于x轴的平面的右侧空间有一个匀强电场，场强大小e=6.0105n/c，方向与x轴正方向相同在o处放一个电荷量q=5.0108c，质量m=1.0102kg的绝缘物块物块与水平面间的动摩擦因数=0.20，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2.0m/s，g取10m/s2，如图所示，求：（1）物块能到达o点右端的最远距离（2）物块最终停止时的位置21如图1所示，两平行极板p、q的极板长度和板间距均为l，位于极板左侧的粒子源沿极板中央向右连接发射质量为m、电量为+q、速度相同、重力不计的带电粒子，在03t0时间内两板间加上如图2所示的电压（不考虑极边缘的影响）已知t=0时刻进入两板间的带电粒子恰好在t0时刻经极板边缘射出上述m、q、l、t0为已知量（不考虑粒子间相互影响及返回板间的情况）（1）求电压u0的大小（2）求时进入两板间的带电粒子在离开电场时的速度大小山东省济南市历城二中20152016学年度高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共15小题，10题每小题只有一个选项正确，每小题3分，共30分；115题每题至少两个选项正确，每题4分，选不全得2分，共20分）1下列物理量中与检验电荷有关的是（）a电场强度eb电势c电势差uabd电场力f【考点】电场强度；电势【专题】电场力与电势的性质专题【分析】本题考查了对电场中几个概念的理解情况，物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义【解答】解：ab、电场强度和电势分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均与检验电荷的电量无关，由电场本身决定的，故ab错误；c、电势差：uab=ab所以电势差仅仅与电场本身以及电场中的点有关，与试探电荷无关故c错误；d、电场力f=qe，在电场中的同一点，检验电荷所受的电场力与试探电荷的电量成正比故d正确故选：d【点评】对于物理中各个物理量要明确其确切含义，以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累2关于静电场，下列说法中正确的是（）a在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零b电场中某点的场强大小等于单位电量的试探电荷在该点所受的电场力大小c根据公式u=ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大d负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加【考点】电场；电场强度；电势差【专题】电场力与电势的性质专题【分析】静电场中，电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零，沿电场线电势一定降低e=是电场强度定义公式带电平行金属板间的场强e=公式u=ed中的d是两点间沿着电场方向的距离，不是两点间的距离根据电势能ep=q去判断电势能变化【解答】解：a、在电场强度为零的区域电势不一定为零，故a错误b、根据电场强度定义公式e=，可知某点的场强大小等于单位电量的试探电荷在该点所受的电场力大小，故b正确c、公式u=ed中的d是两点间沿着电场方向的距离，不是两点间的距离所以在匀强电场中两点间沿着电场方向的距离越大，电势差就越大，故c错误d、根据电势能ep=q，负电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定增加，故d正确故选bd【点评】本题关键抓住电场强度与电势的概念，同时要注意电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零知道不同电场求解电场强度用不同的公式3如图，真空中o点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为ea，方向与ab连线成60角，b点的场强大小为eb，方向与ab连线成30角，则关于a、b两点场强大小及电势a、b的高低关系正确的为（）aea=3eb，abbea=3eb，abcea=，abdea=eb，ab【考点】电场强度；电势【专题】电场力与电势的性质专题【分析】先根据几何知识求出a、b两点到点电荷的距离之比，再根据点电荷场强公式e=k求解场强之比再根据沿电场线方向电势降低确定两点电势的高低【解答】解：设a、b两点到点电荷的距离分别为ra和rb根据几何知识得：rb=ra根据e=k得：ea：eb=：=3，则有：ea=3eb由场强方向可知该点电荷带负电，电场线从无穷远处指向负电荷，顺着电场线方向电势降低，则ab故选：b【点评】理解并掌握点电荷场强的决定式，把握沿电场线方向电势降低的特点，即可顺利解决此类题目4某电解池，如果在1秒钟内共有5.01018个二价正离子和1.01019个一价负离子通过某横截面，那么通过这个横截面的电流是（）a0b0.8 ac1.6 ad3.2 a【考点】电流、电压概念【专题】恒定电流专题【分析】由题计算出1s内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和，根据电流的定义式求解电流一价离子所带电量大小为e=1.61019c【解答】解：由题，1s内通过截面正离子的电量为q1=2n1e，负离子的电量绝对值为q2=n2e，则电流为i=，将n1=51018个，n2=11019个，e=1.61019c代入解得，i=3.2a故选：d【点评】本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量，当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时，电量等于正离子与负离子电量绝对值之和5如图所示，在xoy平面内有一个以o为圆心、半径r=0.1m的圆，p为圆周上的一点，o、p两点连线与x轴正方向的夹角为若空间存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小e=100v/m，则o、p两点的电势差可表示为（）auop=10cos（v）buop=10sin（v）cuop=10sin（v）duop=10cos（v）【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系【专题】电场力与电势的性质专题【分析】匀强电场中电势差u=ed，关键在于明确d为沿电场线方向的有效距离【解答】解：在匀强电场中，两点间的电势差u=ed，而d是沿场强方向上的距离，所以dop=rsin，故：uop=1000.1sin=10sin（v）故选：c【点评】一定要注意明确公式中d的准确含义，d是沿电场线方向的距离，故可以将实际距离向电场线方向作投影；本题如果不习惯用符号表示，可以先确定大小，再根据电场线由高电势指向低电势确定电势差的正负6a、b为两个带等量正电荷的固定小球，o为ab连线的中点，c、d为中垂线上的两对称点，若在c点静止释放一个电子，电子只在电场力作用下运动；则下列叙述正确的有（）a电子从co的过程中，做加速度增大的加速运动b电子从co的过程中，电子的电势能在减小c电子从cd的过程中，电子受到电场力先增大后减小，方向不变d从cd的过程中，电场的电势始终不变【考点】电场的叠加；电场强度；电势能【专题】运动学与力学（二）【分析】在等量的正电荷的电场中，所有的点的电势都是正的，根据矢量的合成法则可以知道，在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，由此可以判断电场的情况和带电小球的运动的情况【解答】解：a、b：根据等量同号点电荷电场的特点，可知两个电荷连线上中点的电场强度为零，电场强度从c点到无穷远，先增大后减小，故加速度可能先增大后减小；故a错误；b、c到o的过程中，电场力做正功；故电势能减小；故b正确；c、由a的分析可知，电子受到的电场力可能先减小、再增大再减小；再由o点到d点时，先增大，后减小；故c错误；d、由于电场线是向外的；故电势先增大后减小；故d错误；故选：b【点评】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况7两只电阻的伏安特性曲线如图所示，则下列说法中正确的是（）a两电阻的阻值为r1小于r2b两电阻串联在电路中时，r1两端电压大于r2两端电压c两电阻并联在电路中时，r1消耗的功率大于r2消耗的功率d两电阻并联在电路中时，r1的电流大于r2的电流【考点】欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】本题为图象分析问题，在图中任意做一条与纵轴垂直的直线，则与两图象的交点为电流相同点，对应的横坐标得出电压值，则由欧姆定律可进行电阻大小的比较两电阻串联在电路中时，电流相等，两电阻并联在电路中时，电压相等【解答】解：a、ui图象斜率表示电阻，故两电阻的阻值为r1大于r2，故a错误b、两电阻串联在电路中时，电流相等，根据a的分析可知：即u1u2，故b正确；c、两电阻并联在电路中时，电压相等，根据p=可知：r1消耗的功率小于r2消耗的功率，故c错误d、两电阻并联在电路中时，电压相等，根据i=得：r1的电流小于r2的电流，故d错误故选：b【点评】本题为图象分析问题，要能从图象中得出有效信息，两电阻串联在电路中时，电流相等，两电阻并联在电路中时，电压相等8如图，一带负电的粒子只在电场力作用下沿图中ab曲线穿过一匀强电场，a、b、c、d均为匀强电场的等势面，则下列判断正确的是（）a电场强度的方向竖直向上ba点电势比d点高c粒子在b等势面处所具有的电势能比d等势面处大d粒子在运动过程中受到电场力的大小不变，方向不断变化【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势【专题】电场力与电势的性质专题【分析】解决本题的突破口是：由于电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧同时注意电场线和等势线垂直，说明电场沿竖直向下方向，电场力竖直向上，负电荷沿轨迹ab运动，根据电场力做功情况，即可判断电势能的变化【解答】解：a、根据电场线和等势线垂直，且从高电势处指向低电势处，由于此负电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧，得知电场沿竖直向下方向故a错误b、由a分析知，电场沿竖直向下方向，a点电势比d点低故b错误c、粒子的电场力向上，轨迹向上弯曲，则电场力对粒子做正功，其电势能逐渐减小，故c正确；d、电场为匀强电场，故粒子在运动过程中受到电场力的大小不变，方向不变故d错误故选：c【点评】本题通过带电粒子在电场中的运动考查了等势线和电场线、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧9如图，e为内阻不能忽略的电池，r1、r2、r3为定值电阻，s0、s为开关，与分别为电压表和电流表初始时s0与s均闭合，现将s断开，则（）a的读数变大，的读数变小b的读数变大，的读数变大c的读数变小，的读数变小d的读数变小，的读数变大【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】根据s的通断可分析出电路电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中总电流及路端电压的变化；再由串并联电路的性质可判及各部分电流的变化【解答】解：s断开时，外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，v的读数变大；把r1的电压和内电压减小，故r3两端的电压增大，由欧姆定律可知r3中的电流也增大，电流表示数增大，故b正确；故选：b【点评】应用闭合电路欧姆定律解决电路的动态分析时一般可按照：外电路内电路外电路的分析思路进行，灵活应用闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质进行分析即可求解10如图所示电路中，电源e的电动势为3.2v，电阻r的阻值为30，小灯泡l的额定电压为3.0v，额定功率为4.5w，当电键s接位置2时，电压表的读数为3v，那么当电键s接到位置1时，小灯泡l的发光情况是（）a有可能被烧坏b正常发光c正常发光略亮d很暗，甚至不亮【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】压轴题；恒定电流专题【分析】当开关接2时r接在电源两端，由闭合电路的欧姆定律可求得电源的内阻；开关接位置1时，灯泡接在电源两端，由闭合电路欧姆定律可求得灯泡的实际电压，则可判断灯泡的发光情况【解答】解：当开关接位置2时，电路中电流i=0.1a；由闭合电路欧姆定律可知，u=eir，解得：r=2；灯泡的额定电流i额=1.5a；电阻rl=2；当开关接位置1时，由闭合电路欧姆定律可知：i=0.8au=eir=3.2v0.82v=1.6v3v；故灯泡亮度很暗，甚至不亮；故选d【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律的应用，在解题时注意灯泡的明暗程度取决于灯泡的实际电压11如图所示，a和b为两等量异号电荷，a带正电，b带负电在a、b的连线上有a、b、c三点，其中b为连线的中点，a、c两点与b点等距，则（）aa点与c点的电场强度相同ba点与c点的电势相同ca、b间的电势差与b、c间的电势差相同d过b点做a、b连线的垂线，点电荷q沿此垂线方向移动，电荷的电势能保持不变【考点】库仑定律；电场的叠加【分析】a、b为两等量异号电荷，产生的电场具有对称性，即关于ab连线的中垂线对称；根据顺着电场线电势降低，判断ac电势的高低；根据等势线对称性分析a、b间电势差与b、c间电势差的关系；ab连线的中垂线是等势线，电荷在等势线上移动时，电场力不做功【解答】解：a、a、b为两等量异号电荷，产生的电场关于ab连线的中垂线对称，可知a点与c点的电场强度相同故a正确b、电场线方向从a到b，因为顺着电场线，电势降低，则a点电势高于c点的电势故b错误c、由于ab产生的电场关于ab连线的中垂线左右对称，又ab=bc，根据u=ed可定性分析得出a、b间电势差等于b、c间电势差故c正确d、将过b点做a、b连线的垂线，即为等势线，点电荷q沿此垂线方向移动，电场力不做功，电荷的电势能保持不变，故d正确故选：acd【点评】对于等量异号电荷电场的电场线、等势线分布情况要熟悉，高考常常在这方面做出题，关键要抓住对称性12如图所示，平行板电容器与电动势为e的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略一带负电油滴被固定于电容器中的p点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）a平行板电容器的电容值将变大b静电计指针张角变小c带电油滴的电势能将减少d若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变【考点】电容器的动态分析【专题】电容器专题【分析】电容器始终与电源相连，则电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化【解答】解：a、根据c=知，d增大，则电容减小故a错误b、静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变故b错误c、电势差不变，d增大，则电场强度减小，p点与上极板的电势差减小，则p点的电势增大，因为该电荷为负电荷，则电势能减小故c正确d、电容器与电源断开，则电荷量不变，d改变，根据，知电场强度不变，则油滴所受电场力不变故d正确故选cd【点评】本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，则电势差不变，当电容器与电源断开，则电荷量不变13如图所示，o是一固定的点电荷，另一点电荷p从很远处以初速度u射入点电荷o的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线mna、b、c是以o为中心ra、rb、rc为半径画出的三个圆，rc一rb=rb一ra.1、2、3、4为轨迹mn与三个圆的一些交点以|w12|表示点电荷p由l到2的过程中电场力做的功的大小，|w34|表示由3到4的过程中电场力做的功的大小，则（）a|w12|=2|w34|b|w12|2|w34|cp、o两电荷可能同号dp、o两电荷一定异号【考点】动能定理的应用；等势面【分析】根据2、3间和3、4间电场强度的大小关系，由公式u=ed分析它们间电势差的关系，再分析电场力做功的大小由轨迹可判定p、q必定是异号【解答】解：a、b、根据点电荷电场线的分布情况可知，2、3间的场强大于3、4间场强，由公式u=ed分析得知，2、3间的电势差大小大于3、4间的电势差大小，所以1、2间的电势差大于3、4间电势差的2倍，即有|u12|2|u34|，由电场力做功公式w=qu得，|w12|2|w34|故a错误，b正确c、d、由轨迹的弯曲方向可判定两电荷间存在引力，应是异号故c错误，d正确故选：bd【点评】本题是电场中轨迹问题，由u=ed定性可以定性分析非匀强电场中两点间电势差的关系，由轨迹弯曲方向判断电场力方向都是常见的问题15如图所示，直线a、抛物线b和曲线c分别为某一稳恒直流电源在纯电阻电路中的总功率p、电源内部发热功率pr、输出功率pr随电流i变化的图象，根据图象可知（）a电源的电动势为9v，内阻为3b电源的电动势为3v，内阻为1c图象中任意电流值对应的p、pr、pr间的关系为ppr+prd电路中总电阻为2时，外电阻上消耗的功率最大且为2.25w【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】三种功率与电流的关系是：直流电源的总功率pe=ei，内部的发热功率pr=i2r，输出功率pr=eii2r，根据数学知识选择图线根据图线a斜率求解电源的电动势由图读出电流i=3a时，发热功率pr=i2r，求出电源的内阻当电流为1.5a时，根据闭合电路的欧姆定律求出总电阻，根据能量关系求外电阻上消耗的最大功率【解答】解：a、b：直流电源的总功率pe=ei，故图线a的斜率等于电源的电动势，由得到e=3v由图线b，当i=3a时，pr=9w，由公式pr=i2r得，r=1故a错误，b正确c、在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的a、b、c 三点，这三点的纵坐标pa、pb、pc，则这三点的纵坐标pa、pb、pc分别是电源的总功率、电源内部的发热功率和输出功率，根据能量关系可知，pa=pb+pc即p=pr+pr，故c错误d、由图线c可知，当电流为1.5a时外电阻消耗的功率最大此时电路中的总电阻为，外电阻上消耗的功率最大为pr=eii2r=31.51.521=2.25w故d正确故选bd【点评】本题首先考查读图能力，物理上往往根据解析式来理解图象的物理意义16如图所示电路中，电源电动势为e、内阻为r，r0为定值电阻，电容器的电容为c闭合开关s，增大可变电阻r的阻值，电压表示数的变化量为u，电流表示数的变化量为i，则（）a变化过程中u和i的比值保持不变b电压表示数u和电流表示数i的比值不变c电阻r0两端电压减小，减小量为ud电容器的带电量增大，增加量为cu【考点】闭合电路的欧姆定律；电容【专题】恒定电流专题【分析】闭合开关s，增大可变电阻r的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析电阻r0两端的电压，再根据路端电压的变化，分析电阻r0两端的电压变化量，并比较与u的关系，确定电容带电量变化量电压表的示数u和电流表的示数i的比值等于r电压表示数变化量u和电流表示数变化量i的比值等于r0+r【解答】解：a、根据闭合电路欧姆定律得：u=ei（r0+r），由数学知识得知，=r0+r，保持不变故a正确b、由图，=r，r增大，则电压表的示数u和电流表的示数i的比值变大故b错误c、d、闭合开关s，增大可变电阻r的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻r0两端的电压减小，r两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻r0两端的电压减小量小于u电容器两极板间的电压等于r两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为cu故c错误，d正确故选：ad【点评】此题中两电表读数的比值要根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析，注意r，r是非纯性元件二.实验题（本大题共2小题，每题中每空2分，共18分）17在“测定金属的电阻率”的实验中，若待测金属丝的电阻约为5，提供以下器材供选择：a电池组（3v，内阻1）b电流表（03a，内阻0.012 5）c电流表（00.6a，内阻0.125）d电压表（03v，内阻4k）e电压表（015v，内阻15k）f滑动变阻器（020，允许最大电流1a）g滑动变阻器（02 000，允许最大电流0.3a）h开关、导线若干（1）实验时应从上述器材中选用acdfh（填写仪器前的字母代号），并在虚线框中画出实验电路图（2）待测金属丝电阻的测量值比真实值偏小（选填“大”或“小”）；（3）若用螺旋测微器测得金属丝的直径d的读数如下图所示，则读数为0.900mm；（4）若用l表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为r，请写出计算金属丝电阻率的表达式=【考点】测定金属的电阻率【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】（1）根据电路最大电流选择电流表，根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器，根据题意确定电流表与滑动变阻器的接法，然后作出电路图；（2）根据实验电路应用欧姆定律分析实验误差；（3）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；（4）根据电阻的决定式求电阻率【解答】解：（1）电源选电池组a，电路最大电流约为：i=，电流表应选择c，电源电动势为3v，则电压表应选择d，为方便实验操作，滑动变阻器应选择f，还需要开关导线，选h，所以选用的器材为acdfh，待测电阻阻值约为5，电流表内阻约为0.125，电压表内阻约为4k，电压表内阻远大于待测电阻值，电流表应采用外接法，滑动变阻器最大阻值为20，远大于待测电阻阻值，滑动变阻器可以采用限流接法，电路图如图所示：（2）电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，所测电流偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值偏小；（3）由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+40.00.01mm=0.900mm；（4）根据，其中s=，得：=故答案为：（1）acdfh；如图所示；（2）小；（3）0.900；（4）【点评】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路、电表读数、螺旋测微器读数，要掌握常用器材的使用及读数方法，读数时视线要与刻度线垂直；根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计实验电路的关键18某学生测量电源的电动势e及内阻r所需的实验器材如图2所示（1）在图1画出实验电路原理图（2）用笔画线代替导线在图中，完成实物连线（3）测量该电源电动势和内电阻所得的ui图线，则由图3可知该电源的电动势为6.0v，内电阻为1.6（保留两位有效数字）【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题【分析】（1）根据实验原理可以确定实验电路图；（2）根据原理图按要求完成实物图；（3）电源的ui图象与纵轴交点的坐标值是电源的电动势，图象斜率的绝对值是电源的内阻【解答】解：（1）测量电源的电动势和内阻时，只需要将滑动变阻器与电流表串联接在电源两端，由于电源内阻较小，故相对于电源来说，电流表应采用外接法；如下图；（2）根据原理图，依次将各元件连接，注意导线不能交叉；（3）由图可知，电源的电动势e=6.0v；图象的斜率表示电源的内阻；故r=1.6；故答案为：（1）（2）如上图；（3）6.0；1.6【点评】应用图象法求出电源电动势与内阻时，要知道电源ui图象交点与斜率的物理意义，解题时要注意纵坐标轴的起始数据，否则容易出错三、计算题（本题3小题，共32分解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）19有一个直流电动机，把它接入0.2v电压的电路，当电机不转时，测得流过电动机的电流是0.4a；若把电动机接入2.0v电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0a问：（1）电动机正常工作时的输出功率多大？（2）如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是多大？【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】（1）当电机不转时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律求出电机的内阻当电机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，其输出功率p出=p总p内=uii2r，代入求解电动机正常工作时的输出功率（2）电动机的转子突然被卡住时，电动机的发热功率p热=【解答】解：（1）当电机不转时，由欧姆定律得到，电机的内阻，当电机正常工作