2019届高考物理二轮复习第7章选修部分高考仿真模拟练（8＋2＋2＋2选1）.docx

高考仿真模拟练(8222选1)第卷(选择题共48分)一、选择题(本卷共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)142018重庆市第一期联考现代科学的发展极大地促进了人们对原子、原子核的认识，下列有关原子、原子核的叙述正确的是()A卢瑟福粒子散射实验说明原子核内部具有复杂的结构B天然放射现象表明原子核内部有电子C轻核聚变反应方程有：HHHenD氢原子从n3能级跃迁到n1能级和从n2能级跃迁到n1能级，前者跃迁辐射出的光子波长比后者的长解析：卢瑟福通过粒子散射实验提出原子的核式结构模型，天然放射现象说明原子核内部具有复杂的结构，A、B错误；轻核聚变方程电荷数守恒、质量数守恒，C正确；氢原子从n3能级跃迁到n1能级放出的光子能量比从n2能级跃迁到n1能级的大，由公式E，可知前者跃迁辐射出的光子波长比后者的短，D错误答案：C15如图所示，在“探究影响电荷间相互作用力的因素”实验中，若P1、P2位置所悬挂的小球的带电荷量大小相等，质量分别为m1和m2，小球与带正电的物体M之间的距离相同，两小球间的作用力忽略不计，在P1、P2位置所悬挂小球的丝线的偏角的正切值的比值为()A. B.C. D.解析：分析小球受力，由于P1、P2位置所悬挂的小球的带电荷量大小相等，小球与带正电的物体之间的距离相同，说明电荷之间的作用力F相同，利用平衡条件对两球分别列式， 联立可得两偏角的正切值的比值答案：D16如图所示，假设某龙舟队在比赛前划向比赛点的途中要渡过宽288 m且两岸平直的河，河中水流的速度恒为v水5.0 m/s.龙舟从M处开出后实际沿直线MN到达对岸，若直线MN与河岸成53角，龙舟在静水中的速度大小也为5.0 m/s，已知sin530.8，cos530.6，龙舟可看作质点则龙舟在水中的合速度大小v和龙舟从M点沿直线MN到达对岸所经历的时间t分别为()Av6.0 m/s，t60 sBv6.0 m/s，t72 sCv5.0 m/s，t72 sDv5.0 m/s，t60 s解析：设龙舟头与航线MN之间的夹角为，龙舟的速度、水流的速度与龙舟在水中的合速度如图所示，由几何知识得53，故龙舟在水中的合速度大小v2v水cos536.0 m/s.航线MN的长度L m360 m，故龙舟从M点沿直线MN到达对岸所经历的时间t60 s，选项A正确答案：A17如图所示是一理想变压器的电路连接图，变压器原线圈两端的恒定交流电压为U1，副线圈所在电路中有一个定值电阻和一个滑动变阻器，各电表均为理想电表，开关S闭合，则下列关于各电表示数的说法正确的是()A滑片P上滑时，A1的示数变大，A2的示数变大，V的示数变大B滑片P上滑时，A1的示数变大，A2的示数变大，V的示数变小C断开开关S，A1的示数变大，A2的示数变大，V的示数变大D断开开关S，A1的示数变小，A2的示数变小，V的示数不变解析：开关S闭合，滑动变阻器的滑片P上滑时，接入电路中的电阻变大，可知电路中的总电阻变大，由于U1恒定不变，则电压表V的示数不变，可知电流表A2的示数变小，则电流表A1的示数也变小，A、B错误；开关S断开时，电路中的电阻变大，结合上述分析可知，电流表A1的示数变小，电流表A2的示数变小，电压表V的示数不变，C错误、D正确答案：D18为了研究汽车的启动和制动性能，现用甲、乙两辆完全相同的汽车在平直公路上分别进行实验让甲车以最大加速度a1加速到最大速度后匀速运动一段时间再以最大加速度a2制动，直到停止；乙车以最大加速度a1加速到最大速度后立即以加速度制动，直到停止实验测得甲、乙两车的运动时间相等，且两车运动的位移之比为5：4.则a1a2的值为()A2：1 B1：2C4：3 D4：5解析：作出甲、乙两车的vt图象，如图所示，设甲车匀速运动的时间为t1，总时间为t2，因为两车的位移之比为5：4，则有vm：vm5：4，解得t1：t21：4，乙车以最大加速度a1加速到最大速度后立即以加速度制动，直到停止，根据vt图线的斜率表示加速度，可知乙车匀减速运动的时间是甲车匀减速运动时间的2倍，则甲车匀速运动的时间和匀减速运动的时间相等，可知甲车匀加速运动的时间和匀减速运动的时间之比为2：1，加速度大小之比为a1：a21：2，B正确答案：B19英国科学家法拉第发明了世界上第一台发电机，其原理如图所示，将一个半径为R的圆铜盘放置在垂直于盘面的匀强磁场B中，铜盘以角速度匀速转动，铜盘的边缘附近和中心分别装有与铜盘接触良好的电刷A、C，两电刷与灵敏电流计相连当铜盘绕中心轴按图示方向转动时，则下列说法正确的是()A回路中电动势E，且电刷C处的电势高于A处的电势B若不转动铜盘，将开关迅速闭合或断开，则灵敏电流计的指针也会偏转C若仅将滑动变阻器的滑片向左滑动，则灵敏电流计的示数将会减小D若磁场足够大，则转动铜盘时磁通量不会变化，灵敏电流计的指针将不会偏转解析：把铜盘看作是由无数根辐条组成的，转动铜盘时每根辐条都切割磁感线根据安培定则和右手定则可知电刷C处的电势较高，感应电动势EBl；若不转动铜盘，将开关迅速闭合或断开，穿过铜盘的磁通量会发生变化，铜盘中会产生涡流，但电路中没有电流；若仅将滑动变阻器的滑片向左滑动，则电磁铁磁性减弱，输出电流会减小；若磁场足够大，转动铜盘时辐条仍然切割磁感线，仍会产生感应电流答案：AC202017年诺贝尔物理学奖授予了三位参与引力波探测工作的科学家，以表彰他们在“LIGO项目以及引力波探测方面的决定性贡献”双星的运动是引力波的来源之一某双星系统由a、b两星组成，这两颗星绕它们连线的某一点在万有引力作用下做匀速圆周运动，现测得两颗星的运行轨道半径分别为ra和rb，a星的运行周期为T，引力常量为G，不计其他天体的影响，下列说法正确的是()Ab星的运行周期为TBa、b两颗星做圆周运动的线速度大小之比为rarbCa星的质量为Da、b两颗星的总质量为解析：双星系统两颗星运行的周期相同，故b星的运行周期也为T，A错误；根据T可得a、b两颗星做圆周运动的线速度大小之比为rarb，B正确；根据Gma2ra，Gmb2rb，可得a星的质量为ma，b星的质量mb，所以a、b两颗星的总质量为，C错误、D正确答案：BD21如图所示，光滑平行金属导轨MN、PQ放置在同一水平面内，M、P之间接一定值电阻R，金属棒cb垂直导轨水平放置，金属棒cb及导轨电阻不计整个装置处在竖直向上的匀强磁场中，t0时对金属棒施加水平向右的外力F，使金属棒由静止开始做匀加速直线运动下列关于通过金属棒的电流i、通过导轨横截面的电荷量q、拉力F和拉力的功率P随时间变化的图象中正确的是()解析：t0时对金属棒施加水平向右的外力F，使金属棒由静止开始做匀加速直线运动，设加速度为a，则金属棒的速度可表示为vat，由法拉第电磁感应定律，切割磁感线产生的感应电动势EBLvBLat，根据闭合电路欧姆定律，金属棒中电流i，与时间成正比，选项A正确；感应电动势EB，SLxLat2，i，qit，联立解得qBLat2，选项B错误；金属棒运动过程中所受的安培力F安BiL，由牛顿第二定律，得FF安ma，解得Fma，选项C正确；拉力的功率PFvat，选项D错误答案：AC第卷(非选择题共62分)本卷包括必考题和选考题两部分第2225题为必考题，每个试题考生都必须做答第3334题为选考题，考生根据要求做答(一)必考题(共47分)22(5分)在用DIS研究小车加速度与外力的关系时，某实验小组用如图甲所示的实验装置进行实验，重物通过滑轮用细绳拉小车，在小车和重物之间接一个轻质微型力传感器，位移传感器(发射器)随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器(接收器)固定在轨道一端，滑轮左侧细绳与轨道平行，实验中力传感器的示数为F，保持小车包括位移传感器(发射器)的质量不变，改变重物重力重复实验若干次，得到加速度与外力的关系如图乙所示(1)图乙中的aF图线不过原点，表明实验之前缺少的一个必要步骤是_.(2)本实验是否需要使所挂重物的质量远小于小车和位移传感器的总质量？_(填“是”或“否”)，原因是_.(3)若某同学做该实验时，没有选用位移传感器和力传感器，只是用细绳把重物绕过定滑轮与小车相连，实验获得的aF图线仍是图乙所挂重物越重，细绳拉小车的力将越大，结果会使aF图线不断延伸，如图丙所示，预测延伸后半部分的图线将会是_(填“”、“”或“”)解析：(1)刚开始力传感器示数为零，小车保持静止，说明实验前小车在轨道上运动时，没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足(2)不需要使所挂重物的质量远小于小车和位移传感器的总质量，因为小车所受合外力可以通过力传感器直接读出(3)由牛顿第二定律知小车的加速度大小为a mg，随着m的增大，aF图线的斜率k变小，故应选.答案：(1)平衡摩擦力(2)否小车所受合外力可以通过力传感器直接读出(3)232018湖南长沙模拟(10分)在测量电池的电动势E和内阻的实验中，某同学在电路中添加了一个未知阻值的保护电阻R0，本实验的器材有：待测电池E，保护电阻R0，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，开关K1，单刀双掷开关K2，导线若干(1)根据图甲所示的电路原理图把图乙所示的实物图用笔画线代替导线补充完整(2)该同学先将K2扳到_(填“a”或“b”)来测量定值电阻两端的电压和电流，调节滑动变阻器的滑片，读出几组电压表和电流表的数据并记录；再将K2扳到_(填“a”或“b”)来测量路端电压和电流，调节滑动变阻器的滑片，读出几组电压表和电流表的数据并记录(3)将两次记录的数据在同一个坐标系中描点作图，如图丙所示，由图象可得保护电阻R0_，被测电池的电动势E_V，内阻r_；由实验电路图分析可知，所测保护电阻的测量值_(填“大于”“小于”或“等于”)真实值，这对测量电池的电动势和内阻_(填“有影响”或“无影响”)解析：(1)由电路的结构可知，开关K2分别在a点和b点时，测量的电压分别是R0的电压与路端电压，由此连接完整电路，如图所示(见答案图)(2)由题图甲可知，要想测量定值电阻R0的阻值，应测量电阻R0两端的电压和电流，故应将开关K2扳到a；而要想测量电池的电动势和内阻，应测量路端电压和干路电流，故应将开关K2扳到b.(3)由题图丙可知，保护电阻阻值R0 2 ；由题图丙电池的UI图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.5，被测电池的电动势E1.5 V，内阻r 0.5 ；由题图甲电路图可知，电流表采用内接法，由于电流表的分压作用，电压表的测量值偏大，由欧姆定律可知，保护电阻R0的测量值大于真实值；保护电阻对测电池的电动势与内阻没有影响答案：(1)如图所示(2)ab(3)21.50.5大于无影响24(12分)如图所示，可视为质点的小物块放在水平面上的N点，质量为m0. 05 kg.在小物块右侧沿竖直方向固定一半径为R0.2 m的光滑圆轨道，B点为圆轨道的最高点，圆轨道的最低点A处有一小孔(小孔可封闭，封闭后圆轨道仍然光滑)，A、N之间的距离为x1 mO点位于N点的正上方0.9 m处，长度为L0.9 m的轻绳一端固定在O点，另一端拴接一个质量为M0.1 kg的小钢球现将轻绳拉至与竖直方向成60的位置由静止释放，经过一段时间，小钢球与小物块发生无能量损失的碰撞，再经过一段时间，小物块由A处的小孔进入竖直圆轨道(进入轨道瞬间小物块的能量损失可忽略)，此时立即封闭A处的小孔，以后的运动过程中，小物块不会从小孔离开，重力加速度g10 m/s2.欲使小物块在竖直圆轨道内做周期性运动，则小物块与水平面之间的动摩擦因数应满足什么条件？解析：设小钢球与小物块碰前瞬间的速度为v0，小钢球由静止释放到与小物块碰撞前瞬间的过程，由机械能守恒定律得Mg(LLcos)Mv(1分)代入数据解得v03 m/s(1分)小钢球与小物块无能量损失的碰撞过程中动量守恒、机械能守恒，有Mv0Mv1mv2，MvMvmv(1分)解得碰后小物块的速度v24 m/s情况一：若小物块恰能通过圆轨道的最高点B，则小物块在圆轨道内能做完整的圆周运动，设小物块运动到B点时的速度为v3，由牛顿第二定律得mgm，(1分)即v3(1分)对小物块由N点运动到最高点B的过程由动能定理得mgx2mgRmvmv，(1分)联立并代入数据解得0.3.(1分)情况二：若小物块恰能运动到与圆心等高的位置，小物块也能在竖直圆轨道内做周期性运动，对上述过程由动能定理，有mgxmgR0mv(1分)联立并代入数据解得0.6(1分)另需mgxmv，(1分)即0.8.(1分)因此小物块能在竖直圆轨道内做周期性运动时，小物块与水平面之间的动摩擦因数应满足0.3或0.80.6.(1分)答案：0.3或0.60.8252018武汉市二模(20分)如图所示，AB、CD间的区域有竖直向上的匀强电场，在CD的右侧有一与CD相切于M点的圆形有界匀强磁场，磁场方向垂直于纸面一带正电粒子自O点以水平初速度v0正对P点进入电场后，从M点飞出CD边界，再经磁场偏转后又从N点垂直于CD边界回到电场区域，并恰能返回O点已知OP间的距离为d，粒子质量为m，电荷量为q，电场强度大小E，粒子重力不计，试求：(1)粒子从M点飞离CD边界时的速度大小；(2)P、N两点间的距离；(3)磁感应强度的大小和圆形有界匀强磁场的半径解析：(1)由题意作出带电粒子的运动轨迹，如图所示粒子从O点运动到M点的时间为t1(1分)粒子在电场中的加速度a(1分)将E代入可得a(1分)粒子在M点时竖直方向的速度大小为vyat1v0(1分)粒子在M点时的速度大小为v2v0(2分)(2)粒子从N点运动到O点的时间为t2(1分)粒子从N运动到O点竖直方向上的位移为yat(2分)故P、N两点间的距离为PNyd.(2分)(3)由(1)可知atd，设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，由几何关系可得Rcos60Rd，(2分)可得半径Rd(1分)由qvBm可得B(2分)代入数据可得B(1分)由几何关系可知运动轨迹必过圆形磁场的圆心，则磁场区域的半径为r2Rcos30，(1分)解得rd.(2分)答案：(1)2v0(2)d(3)d(二)选考题(共15分请考生从给出的2道题中任选一题作答，如果多做，按所做的第一题计分)33物理选修33(15分)(1)(5分)下列说法正确的是_(填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A物体的温度越高，其分子的平均动能越大B当分子力表现为引力时，分子力总是随分子间距的减小而增大C外界对气体做功，气体的内能可能减少D第二类永动机不可能制造成功是因为违背了能量守恒定律E气体能充满容器，是因为气体分子不停地做无规则运动(2)(10分)如图所示，圆柱形喷雾器高为h，内有高度为的水，上部封闭有压强为p0、温度为T0的空气将喷雾器移到室内，一段时间后打开喷雾阀门K，恰好有水流出已知水的密度为，大气压强恒为p0，喷雾口与喷雾器等高忽略喷雾管的体积，将空气看作理想气体()求室内温度()在室内用打气筒缓慢向喷雾器内充入空气，直到水完全流出，求充入空气与原有空气的质量比解析：(1)温度是物体分子热运动平均动能的标志，物体的温度越高，其分子的平均动能越大，选项A正确当分子力表现为引力时，分子力随分子间距的减小，可能增大，可能减小，也可能先增大后减小，选项B错误外界对气体做功，由于热传递情况不明，根据热力学第一定律知，气体的内能可能增大、可能减小、也可能不变，选项C正确第二类永动机不可能制造成功的原因是因为违背了热力学第二定律，选项D错误因为气体分子间的距离比较大，分子力几乎为零，而分子又不停地做无规则运动，所以气体能充满容器，选项E正确(2)()设喷雾器的截面积为S，室内温度为T1，气体压强为p1，恰好有水流出则p1p0g，V0S(1分)气体做等容变化(1分)解得T1T0.(1分)()以充气结束后喷雾器内空气为研究对象，排完液体后，压强为p2，体积为V2.若此气体经等温变化，假设充气结束后喷雾器内空气的压强仍为原来未打入气体时的压强p1，设体积为V3，则p2p0gh(1分)p1V3p2V2(1分)即V3(p0gh)hS(2分)同温度下同种气体的质量比等于体积比，原来体积VSh，设打进气体质量为m，则有(2分)代入得(1分)答案：(1)ACE(2)()T0()34物理选修34(15分)(1)(5分)如图为一简谐横波在t0.10 s时刻的波形图，P是平衡位置为x1 m处的质点，此刻P点振动方向沿y轴正方向，并经过0.20 s完成了一次全振动，Q是平衡位置为x4 m处的质点，则_(填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A波沿x轴负方向传播Bt0.05 s时，质点Q的加速度为0，速度为正向最大C从t0.10 s到t0.15 s，该波沿x轴传播的距离是2 mD从t0.10 s到t0.15 s，质点P通过的路程为10 cmEt0.25 s时，质点Q纵坐标为10