2018-2019学年安徽省马鞍山二中高二(下)期中物理试卷(解析版)

1、2018-20192018-2019 学年安徽省马鞍山二中高二（下）期中物理试卷学年安徽省马鞍山二中高二（下）期中物理试卷 一、单选题（本大题共8 8 小题，共 32.032.0分） 1.关于电磁感应现象的有关说法正确的是（） A.只要穿过闭合电路中的磁通量不为零，电路中就有感应电流产生 B.穿过闭合电路中的磁通量减少，则电路中感应电流就减小 C.穿过闭合电路中的磁通量越大，则电路中的感应电动势越大 D.穿过闭合电路的磁通量变化越快，闭合电路中感应电动势越大 2.如图所示，导线框 MNQP近旁有一个跟它在同一竖直平面内的矩形线圈 abcd，下列说法中不正确的是（） A.当滑动交阻器滑片向下滑动

2、一小段距离时，abcd中有感应电流 B.当滑动变阻器滑片向上滑动一小段距离时，abcd中有感应电流 C.电阻不变，将 abcd在其原来所在的平面内竖直向上运动时，其中有感应电流 D.电阻不变，将 abcd在其原来所在的平面内向PQ靠近时，其中有感应电流 3.如图所示，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时，铜制线圈c 中将有感应电 流产生且被螺线管吸引（） A. 向右做匀速运动 B. 向左做匀速运动 C. 向右做减速运动 A.输电线上的电流交为原来的 倍 B.输电线上的电压损失变为原来的 C.输电线上的电功率损失变为原来的 D.若输电线上的电功率损失不变，输电线路长度可变为原

3、来的 倍 8.如图所示有理想边界的两个匀强磁场，磁感应强度均为B=0.5T，两边界间距 s=0.1m，一边长L=0.2m的正方形线框 abcd由粗细均匀的电阻丝围成，总电阻为 R=0.4，现使线框以 v=2m/s 的速度从位置匀速运动到位置，则下列能正确 反映整个过程中线框 a、b两点间的电势差 Uab随时间 t变化的图线是（） A.B.C.D. D.向右做加速运动 4.在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁感线垂直的转轴匀速转动， 如图甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则（） A. 时线圈平面与磁场方向平行 C.线圈产生的交变电动势频率为100Hz B. 时线圈的磁通量变化率最大 D.线

4、圈产生的交变电动势有效值为311V 5.如图所示， 用细线将质量为m 的金属线圈悬挂起来， 金属线圈有一半处于垂直线圈向里的匀强磁场中， 从某时刻开始，磁感应强度均匀减小，则在磁感应强度均匀减小的过程中，关于细绳上的拉力下列说 法正确的是（） A. 始终等于环重力 mg B. 小于环重力 mg，并保持恒定 C.大于环重力 mg，并保持恒定 D.大于环重力 mg，并逐渐减小 6.如图所示，理想变压器的原线圈接在u=220sin（100t）（V）的交流电源上，副线圈接有R=55的 负载电阻原、副线圈匝数之比为 2：1，电流表、电压表均为理想电表下列说法正确的是（） A.原线圈中电流表的读数为1 A

5、 B.原线圈中的输入功率为 C.副线圈中电压表的读数为 则负载电阻消耗的功率变D.若只将负载电阻的大小变为原来的2倍， 为原来的 2 倍 7.远距离输送一定功率的交变电流，若输电电压提高到原来的n 倍，下列说法不正确的是（） 二、多选题（本大题共4 4 小题，共 16.016.0分） 9.如图所示，带铁芯的、电阻较小的线圈L 和灯泡 L1并朕，当闭合开关S 后，灯L1正常 发光，下列说法中正确的是（） A.当断开 S 时，灯 立即熄灭 B.当断开 S时，灯 突然闪亮后熄灭 C.若用阻值与线圈 L 相同的电阻取代 L接入电路，当断开 S时，灯 立即熄灭 D.若用阻值与线圈 L相同的电阻取代 L接

6、入电路，当断开 S时，灯 突然闪亮后熄灭 10. 如图所示，闭合矩形线圈abcd从静止开始竖直下落，穿过匀强磁场，磁场区域竖直方向的长度 大于矩形线圈 bc边的长度，不计空气阻力，下列悦法正确的是（） A.从线圈 dc边进入磁场到 ab边穿出磁场整个过程，线圈中始终有感应电流 B.dc 边刚进入磁场时感应电流方向与dc边刚穿出磁场时感应电流方向相反 C.dc边刚进入磁场时感应电流大小与dc边刚穿出磁场时感应电流大小相等 D.从线圈 dc边进入磁场到 ab边穿出磁场整个过程，必有一个阶段其加速度等于g 11. 两条电阻不计的平行光滑导轨竖直放置在水平匀强磁场内，如图所示，磁感应强度B=0.5T，

7、导 体棒 ab、cd长度均力 0.2m，电阻均为 0.1，重力均为0.1N现用力向上拉动导体棒ab，使之匀速上 升（导体棒 ab、cd与导轨接触良好），此时cd静止不动，则 ab上升时，下列说法正确的是 （） A. ab 受到的拉力大小为 B. ab 向上运动的速度为 C.在 2s内，拉力做功为 D.在 2s 内，导体棒上产生的总热量为 12. 如图所示，M、N为同一水平面内的两条平行长导轨，左端串接电阻R，金属杆 ab垂直导轨放置，杆 和导轨的电阻不计，且杆与导轨间无摩擦，整个装置处于竖直方向的匀强磁场中。现对金属杆 ab施加 一个与杆垂直的水平方向的恒力F，使杆从静止开始运动。在运动过 程

8、中，杆的速度大小为 v，R 上消耗的总能量为E，则下列关于 v、E 随时间变化的图象可能正确的是（） A. B. 第 1 页，共 9 页 C.D. 三、填空题（本大题共3 3 小题，共 12.012.0分） 13. 如图所示， 线圈丙端与电阻相连构成闭合回路， 在线圈上方有一坚直放置的条形磁铁， 磁铁的 S极朝下。在将磁铁的 S 极插入线圈的过程中， 通过电阻的感应电流的方向为 _（ab，ba）线圈与磁铁相互_（“吸引”、“排斥”）。 14. 如图所示，矩形线圈 abcd放在匀强磁场中。线圈以ad 边为轴匀速转动，产生正弦武交变电流的感应 电动势 e=31lsinl00t，如果将其转速增加一倍

9、，其他条件保持不变，则该正弦式交变电流的周期交为 _s，感应电动势的最大值变为_V。 15. 如图所示的交变电流通过一个R=1的电阻，通电 1s 内电阻 R 中产生的热量_J，该交变电流的 有效值为_A。 四、计算题（本大题共3 3 小题，共 40.040.0分） 16. 如图所示，放置在水平面内的平行金属框架宽为L=0.2m，金属棒 ab置于框架上，并与两框架垂直， 整个框架位于竖直向下，磁感强度B=1T的匀强磁场中，电阻R=0.9，ab的电阻 r=0.1，摩擦不计， 当 ab在水平恒力 F作用下以 v=5m/s 的速度向右匀速运动时，求： （1）回路中的感应电流的大小； （2）恒力 F的大

10、小； （3）电阻 R上消耗的电功率。 2 17. 如图所示，线圈 abcd的面积是 0.05m，共 100匝，线圈电阻为 r=1，外接电阻 R=9， 匀强磁场的磁感应强度B=T， 当线圈以 300r/min的转速匀速旋转时。 求： （1）若从线圈处于中性面开始计时，写出线圈中感应电动势的瞬时值表达式； （2）电路中，电压表和电流表的示数各是多少？ （3）从中性面开始计时，经 s 通过电阻 R 的电荷量是多少？ 18. 如图所示，MN、PQ是间距 l为 0.5m的足够长的平行导轨，NQMN，导轨的电阻不计。导轨平面与 水平面间的夹角 为 37，NQ 间连接有一个 R为 8的电阻。有一匀强磁场垂直

11、于导轨平而且方向向 上，磁感应强度B为 2T将一根质量m 为 0.1kg的金属棒 ab紧靠 NQ放置在导轨上，且与导轨接触良 第 2 页，共 9 页 好。现由静止释放金属棒，当金属棒滑行至cd处时达到稳定速度，已知在此过程中通过金属棒截面的 电荷量 q为 0.2C，且金属棒的加速度 a与速度 v的关系如图所示，设金属棒沿导轨向下运动过程中始 终与 NQ 平行。求： （1）金属棒与导轨间的动摩擦因数 ； （2）金属棒的电阻； （3）cd离 NQ的距离 x； =0.6，cos37=0.8，g 取 10m/s2）（4）金属棒滑行至 ed处的过程中，电阻R 上产生的热量。（sin37 第 3 页，共

12、9 页 答案和解析 1.【答案】D 【解析】 对照产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化，分析 abcd 中有无感应电流。 解决本题的关键掌握掌握感应电流的产生条件，还要明确通电直导线磁场的分布情况。 3.【答案】C 【解析】 解：A只有闭合回路中磁通量发生变化时，闭合回路中才会产生感应电流，故 A错误。 B根据法拉第电磁感应定律，电动势的大小取决与磁通量变化的快慢，所以感应电流的大 小取决于磁通量变化的快慢，磁通量减小时，若磁通量的变化率增大，则感应电流可能变大， 故 B错误； C、D、穿过闭合电路的磁通量变化越快，闭合电路中感应电动势越大。磁通量大，但变化较 慢，则感应电动势也可

13、能很小，故 C 错误，D 正确。 故选：D。 感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化1、电路要闭合；2、穿过的磁通量要发 生变化根据法拉第电磁感应定律，电动势的大小取决与磁通量变化的快慢 解：A、B导体棒ab向右或向左做匀速运动时，ab中产生的感应电流不变，螺线管产生的磁场是 稳定的，穿过c的磁通量不变，c中没有感应电流，线圈c不受安培力作用，不会被螺线管吸引。 故 A、B错误。 C、导体棒 ab向右做减速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从 ab， 感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过 c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生顺 时针方向（从左向右看）的感应

14、电流，右侧相当于 N极，螺线管左侧是 S 极，则线圈 c被螺线管 吸引。故 C 正确。 D、导体棒 ab向右做加速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从 ab， 感应电流增大，螺线管产生的磁场增强，穿过 c的磁通量增大，根据楞次定律得知，c中产生逆 本题考查法拉第电磁感应定律及感应电流的产生条件，属基础问题的考查，要注意电动势的大 时针方向（从左向右看）的感应电流，c的右侧相当于 S极，螺线管左侧是 S极，则线圈 c被螺线 小取决与磁通量变化的快慢 2.【答案】C 【解析】 管排斥。故 D错误。 故选：C。 导体棒 ab在匀强磁场中沿导轨运动时，根据右手定则判断感应电流方向，

15、感应电流通过螺线 解：A、当动交阻器滑片向下滑动一小段距离时，电阻变大，导线框MNQP中电流减小，PQ产生 的磁场减弱，穿过 abcd 的磁通量减小，则 abcd 中有感应电流。故 A正确。 管时，由安培定则判断磁场方向，根据楞次定律判断线圈c中感应电流方向，再确定c是否被螺 B、同理，当动交阻器滑片向上滑动一小段距离时，电阻变小时，导线框MNQP中电流增大，PQ 线管吸引。 产生的磁场增强，穿过 abcd的磁通量增加，则 abcd中有感应电流。故 B正确。 本题运用右手定则、安培定则和楞次定律按步就班进行分析的，也可以直接根据楞次定律进行 C、电阻不变，将 abcd 在其原来所在的平面内竖直

16、向上运动时，穿过 abcd的磁通量不变，其中 判断：线圈 c被螺线管吸引时，磁通量将要增大，说明原来的磁通量减小，导体棒必定做减速运 没有感应电流，故 C 错误。 动。 D、电阻不变，将abcd在其原来所在的平面内向PQ靠近时，穿过abcd的磁通量增加，其中有感 应电流，故 D正确。 本题选择错误的 B t=0.010s时电动势为 0，则线圈的磁通量变化率为 0，故 B错误 故选：C。 第 4 页，共 9 页 4.【答案】A 【解析】 解：A t=0.005s电动势最大，则线圈平面与磁场方向平行，故 A正确 C 由图可知周期为 0.02，则频率为 D线圈产生的交变电动势有效值为 故选：A。 =

17、50Hz，故 C 错误 V，故 D 错误 C、电压表的读数为电压的有效值，由 A的分析可知，副线圈的有效值为 110V，所以电压表的 读数为 110V，故 C 错误； D、若只将负载电阻的大小变为原来的 2倍，根据 P= 故 D错误； 故选：A。 根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比， 电流与匝数成反比，即可求得结论 本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、 功率等问题彻底理解 7.【答案】B 【解析】 ，则负载电阻消耗的功率变为原来的， 根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的

18、表达式以及 有效值等。 本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、 频率、角速度等物理量。 5.【答案】D 【解析】 解：磁感应强度均匀减小，穿过回路的磁通量均匀减小，根据法拉第电磁感应定律得知，回路 中产生恒定的电动势，感应电流也恒定不变。由楞次定律可知，感应电流方向为顺时针，再由 左手定则可得，安培力的合力方向为竖直向下。ab棒所受的安培力 F=BIL，可知安培力 F均匀 减小，且方向向下，金属环 ab始终保持静止，故拉力等于重力与安培力之和，故拉力一定大于 重力，由于磁感应强度均匀减小，安培力减小，所以拉力的大小也逐渐减小，故 D正确，ABC 错误

19、。 故选：D。 磁感应强度均匀减小，穿过回路的磁通量均匀减小，回路中产生恒定的电流，由左手定则可确 定安培力的方向，再根据安培力 F=BIL，分析安培力的变化，由平衡条件即可求解。 本题关键根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势如何变化，即可判断感应电流和安培力的 变化，同时注意明确平衡条件的应用。 6.【答案】A 【解析】 解：A、根据 P=UI得，功率一定，输电电压提高到原来的 n倍，则输电线上的电流变为原来的 故 A正确。 B、输电线上电压损失 不正确。 C、根据 正确。 D、根据= 2 知，损失的电功率不变，电压变为原来的n倍，则电阻变为原来的n 倍， 2 ，电压变为原来的 n 倍，则电

20、压损失变为原来的故 B =知，电压变为原来的 n倍，输电线上损失的电功率变为原来的故 C 根据电阻定律知，输电线路长度可以变为原来的 n 倍。故 D正确。 本题选择不正确的，故选：B。 抓住功率一定，根据 P=UI求出输送电流的变化，根据 根据U=IR判断电压的损失。 解决本题的关键知道输送功率与输送电压和电流的关系，结合 失和电压损失。 、U=IR 判断功率损 判断输电线上电功率的损失， 解：A、由瞬时值的表达式可得，原线圈的电压有效值为 220V，根据电压与匝数成正比可得，副 线圈的电压为 110V， 再由输入功率和输出功率相等可得 220I1=，所以原线圈的电流的大小为 1A，故 A正确

21、； =220W，故 B错误； 8.【答案】A 【解析】 B、由输入功率和输出功率相等可得原线圈中的输入功率为 P1= 第 5 页，共 9 页 10-2s内，ab切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，由楞次定律判断知感应电流解：t在 0-5 方向沿顺时针方向，则 a的电势高于 b 的电势，Uab为正。 则 ab两端电势差 Uab=0.50.22V=1510-2V； “断电自感”是一种常见的电磁感应现象，忽略电池内阻及导线电阻，并设灯A的电阻为RA ，线 圈 L的直流电阻为 RL，电动势为 E，线圈 L中的电流强度为 IA，通过灯泡的电流强度为 IL ，电 流方向均向左； （1）电流方向：K断开瞬

22、间通过灯A的电流立刻减小为 0；但同时由于线圈 L中的电流 IL0减小， 故 L中的自感电流 IL必与原电流 IL0同向以“阻碍”原电流的减小，因而线圈 L作了 A、L回路 的电源，且线圈 L的左端为电流负极而右端为正极；故实际上 K断开瞬间经过灯 A的电流并不 为 0而是方向向右的电流 IL。 （2）L断开瞬间线圈与 A灯中的瞬时电流的大小：电路断开后线圈将原来储存起来的能量（磁场 t 在 510-2s-1010-2s 内，cd边进入磁场后，cd 边和 ab都切割磁感线，都产生感应电动势，线 框中感应电流为零，由右手定则判断可知，a 的电势高于 b 的电势，Uab为正，所以 Uab=E=BL

23、v=0.50.22V=0.20V=2010-2V t 在 1010-2s-1510-2s 内，ab边穿出磁场后，只有 cd边切割磁感线，由右手定则知，a点的电势 高于 b 的电势，Uab为正。 Uab=BLv=0.50.22V=510-2V，故整个过程中线框 a、b 两点的电势差 Uab随时间 t 能）通过自感而经回路 L、A释放，故在 K断开前、后的瞬间线圈的能量（磁场能）是相等的，而 磁场是由电流产生的，因而 K断开后瞬间线圈中的总电流强度与断开前的电流强度 IL0必相等。 变化的图线如图 A所示。故 A正确。 故选：A。 根据公式 E=BLv求出电路中的感应电动势，再得到 ab两端电势差

24、 Uab大小由楞次定律判断 感应电流的方向，确定 Uab的正负 对于电磁感应中图象问题，往往先根据楞次定律判断感应电流的方向，先定性判断，再根据法 磁通量没有变化，故没有感应电流，故 A错误； 拉第电磁感应定律、欧姆定律等等规律得到数据或解析式，再选择图象 9.【答案】BC 【解析】 所以断电自感中线圈中的电流将从断开前瞬间的电流强度 IL0开始减小。那么开关断开瞬间加 于电灯 L两端的瞬间电压为 UA=IL0RA。 10.【答案】BD 【解析】 解：A、线圈中产生感应电流的条件是：线圈中的磁通量发生变化。线圈整体在磁场中运动时， B、根据右手定则，dc刚进入磁场时线圈内感应电流的方向从 d到

25、c，dc边刚穿出磁场时感应电 流的方向从 c到 d，即两者方向相反，故 B正确； C、根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律，I=，从公式中和题目的情景中解：AB、电键断开前，电路稳定，灯 L1正常发光，线圈相当于直导线，电阻较小，故流过线圈的 电流较大；电键断开后，线圈中的电流会减小，发生自感现象，线圈成为 L1、L回路的电源，故 灯泡反而会更亮一下后熄灭，故 A错误，B正确； CD、若用阻值与线圈 L相同的电阻取代 L接入电路，则不会发生自感现象，故断开 S 时，灯 L1 立即熄灭，故 C 正确，D错误； 可知，只有当两种情况下速度相等时，它们的感应电流才相等，故 C 错误； D、由于

26、磁场区域竖直方向的长度大于矩形线圈 bc边的长度，线圈完全进入磁场后只受重力作 用，加速度等于重力加速度，故 D正确； 故选：BD。 线圈中产生感应电流的条件是：线圈中的磁通量发生变化；感应电流的方向可以使用右手定则 故选：BC。 来判断；由 E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流。 线圈对电流的变化有一定的阻碍作用，断电自感中线圈中的电流将从断开前瞬间的电流强度 IL0开始减小。由此分析即可。 第 6 页，共 9 页 该题考查闭合线圈在穿过磁场时可能发生的情景。要根据法拉第电磁感应定律以及其他的知 识对各种情景逐一进行判定。 11.【答案】ABD 【解析】 确的速度时间图线，结合焦

27、耳定律得出 E-t的关系，确定正确的图线。 本题考查了电磁感应与动力学和能量的综合，知道杆子在整个过程中的运动规律，知道当拉力 和安培力相等时，杆子做匀速直线运动。 13.【答案】ba 排斥 【解析】 解：A、导体棒 ab匀速上升，受力平衡，cd棒静止，受力也平衡，对于两棒组成的整体，合外力 为零，根据平衡条件可得：ab棒受到的推力 F=2mg=0.2N，故 A正确。 B、对 cd棒，受到向下的重力 G和向上的安培力 F 安，由平衡条件得：F安=G，即 BIL=G，又 I= ，代入数据解得：v=2m/s，故 B正确。 C、在 2s 内拉力做的功为：W=F 推 vt=0.222J=0.8J，故

28、C 错误。 D、在 2s 内，导体棒上产生的总热量：Q= 故选：ABD。 要使 cd始终保持静止不动，cd棒受到的安培力与重力平衡，ab匀速上升，受力也平衡，对两棒 组成的整体研究，由平衡条件可求得推力的大小。 对ab研究，根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律求解速度。由焦耳定律求解2s内产生的电能， 由 W=Fs=Fvt求解推力做功。 本题是电磁感应现象中的力平衡问题，关键是对安培力和电路的分析和计算。要灵活选择研究 对象，本题运用整体法和隔离法结合，比较简洁。 12.【答案】AD 【解析】 解：当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向上，所以感应磁场方向向下，根 据右手螺旋定则，拇

29、指表示感应磁场的方向，四指弯曲的方向表示感应电流的方向，即通过电 阻的电流方向为 ba。 根据楞次定律“来拒去留”可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用，故磁铁与线圈相互排斥。 2=0.4J，故 D正确；综上所述：线圈中感应电流的方向为电阻的电流方向为 ba，磁铁与线圈相互排斥。 故答案为：ba；排斥。 当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向上，所以感应磁场方向向下，根据 右手螺旋定则判断感应电流的方向；根据楞次定律“来拒去留”可判断磁铁与线圈的相互作用。 楞次定律应用的题目我们一定会做，大胆的去找原磁场方向，磁通量的变化情况，应用楞次定 律判断即可。 14.【答案】0.01622 【

30、解析】 t=t= 解：根据感应电动势 e=31lsinl00t 知，Em=nBS=311V，=100，T= 将其转速增加一倍，=2，Em=nBS=622V，T= =，由于速度增故答案为：0.01；622。 =0.01s =s=0.02s 解：AB、根据牛顿第二定律知，杆子的加速度为：a= 大，则加速度减小，可知杆子做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度等于零时，速度最大，做 匀速直线运动，故 A正确，B错误。 CD、根据焦耳定律知，E=，因为速度增大，可知 E-t图线的切线斜率增大， 根据感应电动势 e=31lsinl00t，可以求出 Em、T，将其转速增加一倍，=2，感应电动势的最 大值也增倍

31、，周期减小一半。 本题考查了正弦式电流的图象和三角函数表达式。题目以基础为主，难度不大。 15.【答案】42 【解析】 2 解：把该交流电通过一阻值为 R 的定值电阻，根据焦耳定律 Q=I Rt 得 2 1s 内电阻 R 上产生的热量为：Q=210.4+4210.1）=4J=I2RT；（1 最终电流不变，E与 t 成正比，故 C 错误，D正确。 故选：AD。 根据牛顿第二定律得出杆子加速度的表达式，结合速度的变化得出加速度的变化，从而确定正 第 7 页，共 9 页 该交变电流的有效值为：I=2A。 故答案为：4，2。 根据图象可读出该交流电的周期和最大值，然后根据有效值的定义，列式求解。根据焦

32、耳定律 Q=I2Rt 求解一个周期内电阻 R 上产生的热量。 根据图象获取有用信息，利用有效值的定义列式求解电流的有效值是交变电流部分热点问题， 要理解并熟练掌握。 16.【答案】解：（1）ab产生的感应电动势为：E=BLv=10.25V=1V， 由闭合电路欧姆定律得感应电流的大小为：I=A=1A； 10.2N=0.2N（2）ab棒所受的安培力大小为：FA=BIL=1 由于 ab匀速运动，恒力 F与安培力平衡，则得：F=FA=0.2N； 22 0.9W=0.9W； （3）电阻 R上消耗的电功率为：P=I R=1 答：（1）回路中的感应电流的大小为1A； （2）恒力 F的大小为 0.2N； （3

33、）电阻 R上消耗的电功率为 0.9W。 【解析】 则线圈从图示位置经 s 的过程中通过电阻R的电荷量为：q= t=C。 答：（1）若从线圈处于中性面开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式为：e=50sin10tV； （2）电路中，电压表和电流表的示数各是45 V和 5A； （3）从中性面开始计时，经 s 通过电阻 R 的电荷量是C。 【解析】 （1）从线圈处于中性面开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式 e=Emsint，由 Em=NBS 求出 Em。 （2）交流电压表和电流表测量的是有效值，根据欧姆定律和有效值与最大值的关系求解。 （3）由电流的平均值可得经s 的过程中通过电阻 R 的电荷量。 本题关键是要区分交流电的有效值、瞬时值、平均值和最大值的区别，知道电流表和电压表读 数是有效值，计算热量用有效值，计算电量用平均值。 18.【答案】解：（1）由图乙所示图线可知，当v=0时 a=2m/s2