四川省某中学2024届高考物理一模试卷含解析

四川省树德中学2024届高考物理一模试卷

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在2019年武汉举行的笫七届世界军人运动会中，21岁的邢雅萍成为本届军运会的“八冠王。如图是定点跳伞时邢

雅萍运动的M图像，假设她只在竖直方向运动，从0时刻开始先做自由落体运动，■时刻速度达到四时打开降落伞后

做减速运动，在，2时刻以速度也着地。已知邢雅萍（连同装备）的质量为则邢雅萍（连同装备）（）

A.0T2内机械能守恒

B.0“2内机械能减少了;相片

C.九时刻距地面的高度大于止当二^

2

D.472内受到的合力越来越小

2、如图是在两个不同介质中传播的两列波的波形图.图中的实线分别表示横波甲和横波乙在，时刻的波形图，经过1.5s

后，甲、乙的波形分别变成如图中虚线所示.己知两列波的周期均大于1.3s,则下列说法中正确的是

A.波甲的速度可能大于波乙的速度B.波甲的波长可能大于波乙的波长

C.波甲的周期一定等于波乙的周期D.波甲的频率一定小于波乙的频率

3、如图所示，一带正电小球穿在一根绝缘粗糙直杆上，杆与水平方向夹角为仇整个空间存在着竖直向上的匀强电场

和垂直纸面向外的匀强磁场，先给小球一初速度，使小球沿杆向下运动，在4点时的动能为100J,在C点时动能减为

零，。为AC的中点，那么带电小球在运动过程中（）

E

A.到达C点后小球不可能沿杆向上运动

B.小球在AD段克服摩擦力做的功与在DC段克服摩擦力做的功不等

C.小球在O点时的动能为50J

D.小球电势能的增加量等于重力势能的减少量

4、如图所示，电路中所有元件完好，当光照射到光电管上时，灵敏电流计G中没有电流通过，可能的原因是（）

A.入射光强度较弱B.光照射时间太短

C.入射光的频率较小D.光电管上金属对应的极限频率较小

5、一个小物体从斜面底端冲上足够长的斜面，然后又滑回斜面底端，已知小物体的初动能为凡返回斜面底端时的速

F

度为y,克服摩擦力做功为:•若小物体冲上斜面的初动能为2E,则下列选项中正确的一组是（）

2

①物体返回斜面底端时的动能为E

②物体返回斜面底端时的动能为半

③物体返回斜面底端时的速度大小为2V

④物体返回斜面底端时的速度大小为瓜

A.®@B,®®C.①④D.②

6、物块以60J的初动能从固定的斜面底端沿斜面向上滑动，当它的动能减少为零时，重力势能增加了40J,则物块回

到斜面底端时的动能为（）

A.10JB.20JC.30JD.40J

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图，光滑绝缘细管与水平面成30。角，在管的上方尸点固定一个正点电荷Q,尸点与细管在同一竖直平面内。一

带电量为一4的小球位于管的顶端4点，小连线水平，q«Q.将小球由静止开始释放，小球沿管到达底端。点。已知

3是AC中点，PB±ACf小球在A处时的加速度为a.不考虑小球电荷量对电场的影响，则（）

A.4点的电势低于〃点的电势B.B点的电场强度大小是A点的4倍

C.小球从4到C的过程中电势能先增大后减小D.小球运动到C处的加速度为g-a

8、小明同学尝试用图1所示的电路图进行实验，定值电阻肥=8。，在滑动变阻器由。端向力端移动的过程中，分别

用两个电流传感器测量了电流人与〃关系，并得到的完整图象如图2所示，其中。点为图线最低点，则由图可知

A.当滑动头产滑到5点时得到图2中B点B.图2中A点纵坐标为0.375A

C.滑动变阻罂总阻值为16QD.电源电动势为6V

9、在某一均匀介质中由波源。发出的筒谐横波在x轴上传播，某时刻的波形如图所示，其波速为5m/s,则下列说法

正确的是_________

A.此时P、Q两点运动方向相同

B.再经过0.5s质点N刚好在（-5m,20cm）位置

C.在l.5svtvl.6s时间间隔内，质点N在x轴上方向上运动

D.能与该波发生干涉的横波的频率一定为3Hz

E.再经过0.5s时间质点M通过的路程大于100m

10、关于简谐运动，以下说法正确的是。

A.在弹簧振子做简谐运动的回复力表达式/=-依中，尸为振动物体所受的合外力，A为弹簧的劲度系数

B.物体的速度再次相同时，所经历的时间一定是一个周期

C.位移的方向总跟加速度的方向相反，跟速度的方向相同

D.水平弹簧振子在简谐振动中动能和势能的和是不变的

E.物体运动方向指向平衡位置时，速度的方向与位移的方向相反；背离平衡位置时，速度方向与位移方向相同

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）小华同学欲测量小物块与斜面间的动摩擦因数，其实验装置如图1所示，光电门1、2可沿斜面移动，物

块卜固定有宽度为d的挡光窄片口物块在斜面卜滑动时.光电门可以显示出挡光片的挡光时间.（以下计算的结果均

请保留两位有效数字）

⑴用游标卡尺测量挡光片的宽度，其示数如图2所示，则挡光片的宽度上mm。

⑵在产处用力推动物块，物块沿斜面下滑，依次经过光电门1、2,显示的时间分别为40ms、20ms,则物块经过光

电门1处时的速度大小为m/s,经过光电门2处时的速度大小为m/So比较物块经过光电门

1、2处的速度大小可知，应_______（选填“增大”或“减小”）斜面的倾角，直至两光电门的示数相等；

⑶正确调整斜面的倾角后，用刻度尺测得斜面顶端与底端的高度差力=60.00cm、斜面的长度L=100.00cm,g取9.80ni/s\

则物块与斜面间的动摩擦因数的值〃=（

12.（12分）某同学用如图甲所示装置测当地的重力加速度，光电门八、〃与光电计时器相连，可记录小球经过光电门

A和光电门5所用的时间

I■小球ty

..以光电门A---------------不卜、

菰丽士E光电门/，呻田产中—>。1--------------:

甲乙

（1）实验前用游标卡尺测量小球的直径，示数如图乙所示，则小球的直径仁mm

（2）让小球紧靠固定挡板，由静止释放，光电计时器记录小球经过光电门A和光电门"所用的时间力、/2,测出两光

电门间的高度差ht则测得的重力加速度g=（用测得的物理量的符号表示）。

（3）将光电计时器记录小球通过光电门的时间改为记录小球从光电门A运动到光电门〃所用的时间，保持光电门B

的位置不变，多次改变光电门A的位置，每次均让小球从紧靠固定挡板由静止释放，记录每次两光电间的高度差人及小

h

球从光电门A运动到光电门5所用的时间f,作出--/图象如图丙所示，若图象斜率的绝对值为A,则图象与纵轴的

t

截距意义为一.当地的重力加速度为一

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）一长木板在水平地面上运动，在U0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，以后木板运动的速度

一时间图像如图所示.己知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静

摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上.取重力加速度的大小g=10m/s2.求：

（1）物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数；

（2）从U0时刻到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小.

14.（16分）如图，第一象限内存在沿轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E；第二、三、四象限存在方向垂直X。），

平面向外的匀强磁场，其中第二象限的磁感应强度大小为8,第三、四象限磁感应强度大小相等。一带正电的粒子，

从工轴负方向上的2点沿与x轴正方向成a=60。角平行X。），平面入射，经过第二象限后恰好由）'轴上的。点

（0,d）垂直）'轴进入第一象限，然后又从K轴上的N点进入第四象限，之后经第四、三象限重新回到尸点，回到P

点的速度方向与入射时相同。不计粒子重力。求：

（1）粒子从P点入射时的速度%;

⑵粒子进入第四象限时在X轴上的N点到坐标原点。距离；

⑶粒子在第三、四象限内做圆周运动的半径（用已知量d表示结果，

y

•B•

vo

■

P

•~••。,X

•夕•

15.（12分）如图所示，右端封闭左端开口的导热良好的U形玻璃管两边粗细不同，粗玻璃管半径为细玻璃管半径的

3倍，两管中装入高度差为10cm的水银，右侧封闭气体长18cm,左侧水银面距管口8cm。现将左管口用一与玻璃管

接触良好的活塞封闭图中未画出），并将活塞缓慢推入管中，直到两管水银面等高。外界大气压强为75cmHg,环境

温度不变，不计活塞与管内壁的摩擦。求：

①两管水银面等高时左侧气体的压强是多少cmHg；

②整个过程活塞移动的距离是多少厘米（保留三位有效数字）。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

A.Of时间内，邢雅萍做自由落体，机械能守恒，力~由于降落伞的作用，受到空气阻力的作用，空气阻力做负功,

故0~f2内机械能不守恒，故A错误；

B.机械能损失发生在。-£2的时间段内，设人时刻物体距离地面高度为九则有

1,1

Wf+mgh=—mv；--mv；

解得

Wfmv\-g-mgh

阻力做负功，故机械能的减小量为

AE=—叱=Jrm；+mgh—gmvj

故B错误；

C.VT图象与时间轴围成面积表示位移大小，如图

若物体做匀减速直线运动，则有乙〜4时间里平均速度

屋上工

2

由图可知运动员乙时间里位移小于红线表示的匀减速运动的位移，故％两段时间里，邢雅萍的平均速度小于

故4时刻距地面的高度小于止乎二2；故c错误；

22

D.I」『图象的斜率表示加速度，由图像可知，在4时间内运动员做加速度不断减小的减速运动，故D正确。

故选D。

2、A

【解析】

AC.经过1.5s后，甲、乙的波形分别变成如图中虚线所示，且周期均大于1.3s,则根据Nr+1r=o.5s,可知，两

2

1；1

波的周期分别可能为Is和;;S,则根据波速度1，=”，可知，若甲的周期为77S,而乙的周期为1S,则甲的速度大于

乙的速度，故A正确，C错误；

B.由图可知，横波甲的波长为4m,乙的波长为6m,故说明甲波的波长比乙波的短，故B错误；

D.若甲的周期为1s而乙的周期为:S,则由可知，甲的频率大于乙的频率，故D错误。

故选A。

3、B

【解析】

A.如果小球受电场力大于重力，则到达C点后小球可能沿杆向上运动，选项A错误；

B.小球受重力、电场力、洛伦兹力、弹力和滑动摩擦力的作用，由于门各=/3,故下滑过程中洛伦兹力减小，导致支

持力和滑动摩擦力变化，故小球在4。段克服摩擦力做的功与在OC段克服摩擦力做的功不等，选项B正确；

C.由于小球在A。段克服摩擦力做的功与在OC段克服摩擦力做的功不等，故小球在O点时的动能也就不为50J,选

项C错误；

D.该过程是小球的重力势能、电势能、动能和系统的内能之和守恒，故小球电势能的增加量不等于重力势能的减少量,

选项D错误；

故选叽

4、C

【解析】

由纭=和一叱）、比和光电效应的产生条件可知，能不能产生光电效应现象和光照强度、光照时间无关，和入

射光的频率及光电管上金属对应的极限频率有关，综合分析可知，选项C项正确，ABD错误。

故选C。

5、C

【解析】

以初动能为£冲上斜面并返回的整个过程中，由动能定理得：

12HE…

—mv~-E=-----…①

22

设以初动能为E冲上斜面的初速度为刘，则以初动能为2£冲上斜面时，初速度为血的），而加速度相同。

2

对于上滑过程，根据-2QX』0O2可知，x=所以第二次冲上斜面的位移是第一次的两倍，上升过程中克服摩擦力

2a

做功是第一次的两倍，上升和返回的整个过程中克服摩擦力做功是第一次的两倍，即为现

以初动能为2E冲上斜面并返回的整个过程中，运用动能定理得：

=-£…②

2

所以返回斜面底端时的动能为凡由①②得：

V-y/2

故①④正确，②③错误；

A.①③，与结论不相符，选项A错误；

B.②④，与结论不相符，选项B错误；

c.①④，与结论相符，选项c正确；

D.②，与结论不相符，选项D错误；

故选C。

6、B

【解析】

由能量守恒可知物块沿斜面上滑的过程中，产生的摩擦热为20J。由于上滑过程和下滑过程中摩擦力的大小相同，相

对位移人小也相同，所以上滑过程中的摩擦生热和下滑过程中的摩擦生热相等。对全程用能量守恒，由于摩擦生热40J,

所以物块回到斜面底端时的动能为20J。故B正确，ACD错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、ABD

【解析】

A.正点电荷的电场线呈发散型，沿着电场线方向，电势降低，因此A点的电势低于B点的电势，故A正确；

B.结合几何关系：PA=2PBt由点电荷电场强度公式七二里可知，8点的电场强度大小是A点的4倍，故B正确；

C.小球带负电，正点电荷。对小球的电场力为吸引力，从4到C的过程中，电场力先做正功，后做负功，则小球电势

能先减小后增大，故C错误；

D.小球在AC两处受到的电场力大小相等，在A处时小球的加速度为用对4点处小球受力分析，小球受电场力、重

力与支持力，贝必

Fcos300+mgsin300=w«

在C处时，小球受到重力、电场力与支持力，贝I」：

mgsin30c-Fcos30°=wa,

解得：

a'=g-a

故D正确。

8、BD

【解析】

A.滑动头月滑到。点时，R和R1并联：滑动头月滑到〃点时，与被短路，只有电阻R接入电路，由闭合电路欧姆

定律知，滑到8点时电流小于滑到。点时的电流，所以滑动头滑到〃点时得到图2中的A点，故A错误；

B.由A分析知，滑动头滑到方点时得到图2中的A点，电阻与被短路，电流表A1和A2示数相笔，根据图2知：

/,=0.375A

所以有：

I2=0.375A

即图2中A点纵坐标为0.375A,故B正确；

CD.根据闭合电路欧姆定律，当滑动头尸位于〃点时，则有:

E=0.375(/?4-r)①

图2中的C点，

/,=0.5A,/2=0.25A

并联部分两支路电流相等，根据并联电路的特点，得：

设滑动变阻器的全值电阻为R

则有：

E=0.5(r+R—8+R,f)=0.5(〃+R—8+4)②

联立①②得：

E=6V,r+/?=16£l

故C错误，D正确；

故选BD.

9、ABE

【解析】

A.根据对称性可知，此时P(-2m,0cm)、Q(2m,0cm)两点运动方向相同，A正确；

)21

B.由图可知波长义=2相，周期为丁=一=一$,时间，=().5$=1-7\波传到N点的时间为T,波传到N点时，N点

v54

向上运动，经过0.5s质点N刚好在波峰，其坐标为(-5m,20cm),B正确；

33

C在1.5s<tvl.6s时间间隔内，即3—7~47,由周期性可知其与1―7~27运动状态相同，可判断质点N在x轴下方

44

向上运动，C错误；

D.该波的频率为/=3=2.5论，能与该波发生干涉的横波的频率一定为2.5Hz,D错误；E.在经过0.5s即1卜个周

期，1个完整的周期具通过的路程为80cm,由于,丁内M处于加速阶段，因此通过的路程大于20cm,即总路程大于

4

100cm,E正确.

10、ADE

【解析】

A.简谐运动的回复力表达式为/=-h，对于弹簧振子而言，尸为振动物体所受的合外力，〃为弹簧的劲度系数，故

A正确；

B.一个周期内有两次速度大小和方向完全相同，故质点速度再次与零时刻速度相同时，时间可能为一个周期，也可

能小于一个周期，故B错误；

C.位移方向总跟加速度方向相反，而质点经过同一位置，位移方向总是由平衡位置指向质点所在位置，而速度方向

两种，可能与位移方向相同，也可能与位移方向相反，故C错误；

D.水平弹簧振子在简谐振动时，只有弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，则动能和势能的和是不变，故D正确；

E.回复力与位移方向相反，故加速度和位移方向相反；但速度可以与位移相同，也可以相反；物体运动方向指向平

衡位置时，速度的方向与位移的方向相反；背离平衡位置时，速度方向与位移方向相同；故E正确。

故选ADEe

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、5.2().130.26减小0.75

【解析】

(1)[1]挡光片的宽度为d=0.5cm+2x0.hmn=5mm+2x0.1rnm=5.2mm；

35

⑵[2][3]d=5.2mm=5.2xl03m,/l=40ms=40xl0-s,/2=20ms=20xl0-s,用平均速度来求解瞬时速度：

d5.2xl03/,

v.=-=-----------m/s=0A.11O3m/s

1640x10-3

d5.2x10-3

匕=—=---------m/s=().26m/s

-t220'10-3

川由于肥2<叫，物块做加速运动，设斜面的倾角为。，则对物块受力分析有

mgsinO>/nti^cosO

故应减小斜面的倾角，直到

mgsin0=gccsO

此时物块匀速运动，两光电门的示数相等

(3)[5]力=60.00cm=0.6m,L=100.00cm=lni,物块匀速运动时

mgain。=川tigcosO

即

tan〃=〃

又

八h

tan3=---------

Jl?-h2

解得

〃=0・75

[2(]]、

12、11.4——小球经过光电门B时的速度2k

2小；r,2J

【解析】

(1)[1]由图示游标卡尺可知，其示数为

</=llmm+4x().lmm=l1.4mm

(2)[R小球经过光电门时的速度为

d

d

小球做自由落体运动，由速度位移公式得

――g/z

解得

g一五〔彳印

(3)[3][4]小球释放点的位置到光电门笈的位置是恒定的，小球每次经过光电门时的速度是一定的，则有

z12

整理得

h1

：=、％—3gt

则图象与纵轴的截距表示小球经过光电门B时的速度VB,图象斜率的绝对值为

t

,1

k=_R

解得

g=2k

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(3)3.23,3.33(2)s=3.325m

【解析】

试题分析：(3)设物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数分别为冷和阳，木板与物块的质量均为m.

v・t的斜率等于物体的加速度，则得：

在3・3.5s时间内，木板的加速度大小为4=—=------"z/s~=8〃z/sJ

u0.5

对木板：地面给它的滑动摩擦力方向与速度相反，物块对它的滑动摩擦力也与速度相反，则由牛顿第二定律得

阳mg+p2・2mg=ma3,①

对物块：3-3.5s内，物块初速度为零的做匀加速直线运动，加速度大小为a2=p3g

t=3.5s时速度为v=3m/s.则v=a2t②

由①②解得m=3.23,卜2=3.33

(2)3.5s后两个物体都做匀减速运动，假设两者相对静止，一起做匀减速运动，加速度大小为a=Rg

由于物块的最大静摩擦力中mgV阳mg,所以物块与木板不能相对静止.

2

根据牛顿第二定律可知，物块匀减速运动的加速度大小等于a2=|i3g=2m/s.

3.5s后物块对木板的滑动摩擦力方向与速度方向相同，则