四川省成都市九校2024届高考临考冲刺物理试卷含解析

四川省成都市九校2024届高考临考冲刺物理试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将木试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图，长/的轻杆两端固定两个质量相等的小球甲和乙，初始时它们直立在光滑的水平地面上。后由于受到微小扰

动，系统从图示位置开始倾倒。当小球甲刚要落地时，其速度大小为（）

O

H甲

N

H

U

H

乙A

叩|

B.c-sTzzD.0

2、如图甲所示的“襄阳硝”是古代军队攻打城池的装置，其实质就是一种大型抛石机，图乙是其工作原理的简化图。将

质量/"=10kg的石块，装在与转轴O用距八5m的长臂末端口袋中，最初静止时长臂与水平面的夹角a=30。，发

射时对短臂施力使长臂转到竖直位置时立即停止运动，石块靠惯性被水平抛出，落在水平地面上。若石块落地位置与

抛出位置间的水平距离$=20m,不计空气阻力，取g=10m/s2。以下判断正确的是

A.石块抛出后运动时间为且S

2

B.石块被抛出瞬间的速度大小,血"2/S

C.石块即将落地时重力的瞬时功率为500祈卬

D.石块落地的瞬时速度大小为15m/s

3、沿同一直线运动的A、B两物体运动的v・t图象如图所示，由图象可知

A.A、B两物体运动方向始终相同

B.A、B两物体的加速度在前4s内大小相等、方向相反

C.A、B两物体在前4s内不可能相遇

D.A、B两物体若在6s时相遇，则时开始时二者相距30m

4、一同学研究箱子的运动，让一质量为=1kg的箱子在水平恒力产的推动下沿光滑水平面做直线运动，箱子运动

X

的一-，图线如图所示，/是从某时刻开始计时箱子运动的时间，X为箱子在时间/内的位移，由此可知（）

/

A.箱子受到的恒力大小为b=0.5N

B.0~10s内箱子的动量变化量为5kgm/s

C.5s时箱子的速度大小为5.5m/s

D.0〜5s内箱子的位移为27.5m

5、甲、乙两车某时刻由同一地点、沿同一方向开始做直线运动。甲、乙两车的位置x随时间t的变化如图所示，则（）

A.0时刻，甲车速度比乙车小

B.8时刻，甲乙两车速度相等

C.0W时间内，甲车的平均速度比乙车大

D.0T2时间内，甲车通过的距离大

6、在如图甲所示的电路中，埋想变压器原、副线曲的匝数比为10:1,副线圈接有阻值为10。的定值电阻兄原线圈

接有如佞乙所示的正弦交变电压。下列分析正确的是

A.变压器原线圈通过的电流为10匹A

B.变压器副线圈通过的电流为&A

C.电阻R两端的电压为10V

D.电阻K消耗的功率为40W

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、在如图所示装置中，轻杆一端固定着一个轻质定滑轮儿，小用轻杆连接着另一轻质滑轮c,轻绳一端固定于〃点，

跨过滑轮。和心另一端固定在〃[2上，已知悬点。和滑轮力间的距离远大于滑轮的直径，动滑轮质量和一切摩擦不计,

整个装置稳定时轻绳"部分与竖直方向夹角为处左部分与竖直方向的夹角为外下列说法正确的是（）

A.整个装置稳定时，々角一定等于少角

B.若仅把轻杆竖直向上缓慢移动一小段距离，如高度上升

C.若仅把轻杆水平向右缓慢移动一小段距离，用高度上升

D.存在某一方向，往该方向缓慢移动轻滑轮力时，如的位置保持不变

8、以下说法正确的是（）

A.某物质的密度为"，其分子的体积为匕，分子的质量为机，则夕=方

B.在油膜法粗测分子直径的实验中，把油分子看成球形，是物理学中的一个理想化模型，因为分子并不真的是球形

C.在装满水的玻璃杯内，可以不断地轻轻投放一定数量的大头针，水也不会流出，这是由于大头针填充了水分子间

的空隙

电流表（A2）0~3A,内阻约0.025C

滑动变阻器（%）总阻值约20Q

滑动变阻器（R2）总阻值约iooon

待测干电池电动势约为1.5V

开关（S）

导线若干

ErS

图1

实验中电流表应选用;电压表应选用;滑动变阻器应选用一（填器材代号）。

（2）完成图2中实物间的连线

图2

⑶甲同学在实验中记录了6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在坐标纸上，请标出余下一组数据对应

的坐标点，并画出〃•/图线

序号123456

电压U

1.451.401.301.251.201.10

(V)

电流/

0.060.120.240.260.360.48

(A)

根据所面图线，可得出干电池的电动势Vo

（4）甲同学认为若不考虑电压表和电流表内阻对实验的影响，则电压表的读数U与对应的电流表的读数/的比值与就

等于丁电池的内阻；乙同学认为电压表的读数变化量与相对应的电流表的读数变化量A7的比值的绝对值:才

A/

等于电源的内阻。请判断哪位同学的观点是正确的，并说明你的判断依据O

12.（12分）精密测量工具的原理及读数

（I）甲同学用游标卡尺测量某物体的厚度，如图所示，则该物体厚度测量值为一cm；

⑵乙同学用螺旋测微器测量铅笔芯的直径D如图所示，读数D=mm。

一

三

一-2o

三

一-

1三

一1O

一

O二

三

一

四、计算题：本题共2小题，共26分.把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）质量相等的小球A与B之间压缩一轻质弹簧，球的大小和弹簧的长度均可忽略不计。从地面上以速度%竖

直向上抛出该装置，装置到达最高点瞬间弹簧自动弹开，弹开两小球的时间极短，小球与弹簧脱离（不计空气阻力，

重力加速度为8）。已知第一次弹簧水平弹开，两小球落地点间距为L,第二次弹簧竖直弹开。求第二次两小球落地

的时间差。

14.（16分）如图所示是个游乐场地，半径为R=1.8m的光滑四分之一圆弧轨道OP与长度为=13m的水平传送带

尸Q平滑连接，传送带沿顺时针方向匀速运动，速度大小为4nVs,传送带Q端靠近倾角为30。的足够长斜面的底端,

二者间通过一小段光滑圆弧（图中未画出）平滑连接，滑板与传送带和斜面间相对运动时的阻力分别为正压力的，和

正。某少年踩着滑板。从。点沿圆弧轨道由静止滑下，到达尸点时立即向前跳出。该少年离开滑板。后，滑板。以

12

3m/s的速度返回，少年落到前方传送昔上随传送带一起匀速运动的相同滑板。上，然后一起向前运动，此时滑板匕与

P点的距离为3m。已知少年的质量是滑板质量的9倍，不计滑板的长度以及人和滑板间的作用时间，重力加速度

g=1Oni/s2,求：

（1）少年跳离滑板A时的速度大小；

⑵少年与滑板b到达传送带最右侧。端的速度大小；

⑶少年落到滑板〃上后至第一次到达斜面最高点所用的时间（结果保留两位小数）。

15.（12分）两平行金属导轨水平放置，导轨间距d=0.8m。一质量m=0.2依的金属棒。〃垂直于导轨静止放在紧

贴电阻尺处，电阻A=0.1。，其他电阻不计。矩形区域MN0P内存在有界匀强磁场，磁场的磁感应强度大小

3=0.25T,MN=PQ=x=0.85m金属棒与两导轨间的动摩擦因数均为〃=0.4,电阻R与边界"尸的距离

5=0.36mo某时刻金属棒,力在一水平外力作用下由静止开始向右匀加速穿过磁场，其加速度大小a=2m/s2,g取

IOm/s2。

⑴求金属棒ab穿过磁场的过程中平均电流的大小；

⑵若自金属棒。〃进入磁场开始计时，求金属棒次?在磁场中运动的时间内，外力/随时间/变化的关系。

⑶求金属棒。力穿过磁场的过程中所受安培力的冲量的大小/次。

参考答案

一、单项选择题：木题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

甲、乙组成的系统水平方向动量守恒，以向右为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：

□OM-DOZ=O

当小球甲刚要落地时.水平方向卜的速度为零.所以乙球的速度也为零.乙球的动能为零.甲球的重力势能全部转化

为甲球的动能，由机械能守恒定律得：

二口口口□口

解得：

二,二w口匚

A.F与计算结果不符，故A不符合题意。

2

B.、==与计算结果不符，故B不符合题意。

C.'—与计算结果相符，故C符合题意。

D.0与计算结果不符，故D不符合题意。

2、C

【解析】

2

A、石块被抛出后做平抛运动：h=L+Lsinaf竖直方向：h=-gtf可得：』在s,故A错误;

22

B、石块被抛出后做平抛运动，水平方向：s=%6可得：即=型回血/“故B错误；

3

C、石块即将落地时重力的瞬时功率为：P=mgVy=50。RW,故C正确;

D、石块落地的瞬时速度大小为：咤J片+(g/)2=詈m/s,故D错误。

3、D

【解析】

A物体先向负方向做减速运动，然后在向正方向做加速运动；B物体一直向正方向加速，故选项A错误；直线的斜率

等于加速度，则4、"两物体的加速度在前4s内大小相等方向相同，选项B错误；前4s内两物体运动方向相反，因

不知起始位置，则A、8两物体在前4s内可能相遇，选项C错误；A、B两物体若在6s时相遇，则计时开始时二者相

距"。x・S-底一・15130小选项D正确；故选D.

732

点睛：能从图象中获取尽量多的信息是解决图象问题的关键，在同一个坐标系中要正确比较各个图象表示的运动情况,

明确图象斜率的含义，最好能把图象和实际运动想结合起来.

4、D

【解析】

A.将匀变速直线运动位移公式

12

工=卬+”“

两边同除以，可得

：X=%+1/

X

对比二T图线可知，箱子的初速度

t

%=3m/s

图线斜率为

—a=O.5m/s2

2

箱子运动的加速度

a=lm/s2

由牛顿第二定律，恒力

F=ma=1N

故A错误；

B.箱子的初动量为

〃（）="?%=3kg•m/s

10s时箱子的速度大小

v=v04-=13m/s

0〜10s内箱子的动量变化量

△p=mv-=10kg•m/s

故B错误;

C.5s时箱子的速度大小为

%=%+at2=8m/s

故C错误;

D.0~5s内箱子的位移为

1,1

x=vor2十—at；=3x5m+—x1x5~m=27.5m

故D正确。

故选Do

5、C

【解析】

AB.因I”图像的斜率等于速度，可知0时刻，甲车速度比乙车大，b时刻，甲乙两车速度不相等，选项AB错误;

C.0F时间内，甲车的位移大于乙，可知甲车的平均速度比乙车大，选项C正确;

D.0T2时间内，两车通过的距离相等，选项D错误。

故选C。

6、B

【解析】

由原线固接的正弦交变电压的u-t图像可读出最大值为/人…=200V,可得输入电压的有效值为:

4=与\100&V,

v2

由理想变压器的电压比等于匝数比，有:

4=5

U2n21

可得副线圈的两端的电压为:

U,=L=IO6

IO

AB.对副线圈的电路由欧姆定律可得副线圈的电流为：

三二谑人二任

2R10

结合电流比等于匝数的反比，可得原线圈流过的电流为：

[="],=立A

12

n]1()

故A项错误，B项正确；

C.电阻R并联在副线圈两端，则电压即为副线圈两端的电压为10JIv，故C错误;

D.电阻R消耗的功率为：

〃二也二铲20\¥，

故D项错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ABD

【解析】

A.对〃乃分析可知，〃〃受拉力及本身的重力平衡，故绳子的拉力等于m2g,对于滑轮c分析，由于滑轮跨在绳子上，

故两端绳子的拉力相等，它们的合力一定在角平分线上；由于它们的合力与叫的重力大小相等，方向相反，故合力竖

直向上，故两边的绳子与竖直方向的夹角a和/?相等，故A正确；

BC.整个装置稳定时，a角一定等于4角，且绳子拉力等于〃”g,则ac与加细线与竖直方向的夹角相等，设为0,

"水平距离不变，结合几何关系，有

"二4csin9+4*sin"

得

,rd

4c+4,、=-

sm0

若仅把轻杆竖直向上缓慢移动一小段距离，细线的拉力等于机密不变，细线的合力也不变，则。不变，由于d和。都

不变，故人,+4,、不变，贝。小高度上升，同理，若仅把轻杆水平向右缓慢移动一小段距离，面水平距离变大，则

d

4r+r4=丁工

sin夕

细线的拉力等于〃”g不变，细线的合力也不变，则d不变，d变大,则4c+%变大，所以如高度下降，故B正确，

c错误；

D.由于细线加小和加部分拉力大小相等，两段细线的合力方向为纸线历〃2和加部分的角平分线，如果沿角平分线

移动轻滑轮b时，细线各部分的拉力大小和方向均不变，则皿的位置保持不变，故D正确。

故选ABDo

8、BDE

【解析】

A.物质密度是宏观的质量与体积的比值，而分子体积、分子质量是微观量，A选项错误；

B.实际上，分子有着复杂的结构和形状，并不是理想的球形，B选项正确；

C.在装满水的玻璃杯内，可以轻轻投放一定数量的大头针，而水不会流出是由于表面张力的作用，C选项错误；

D.物理学中的分子是指分子、原子、离子等的统称，D选项正确；

E.玻璃管裂口放在火焰上烧熔后，成了液态，由于表面张力使得它的尖端变圆，E项正确。

故选BDEo

9^BD

【解析】

A.由图可知，导体棒MN电流方向有M指向N,由左手定则可得，安培力方向平行于线框平面，且垂直于导体棒

MN,故A错误；

B.MLN边的有效长度与MN相同，等效后的电流方向也与MN相同，由左手定则可知，边MLN的电阻等于边MN

的电阻的两倍，两者为并联关系，根据欧姆定律可知，导体棒MN中的电流是导体棒MLN中电流的2倍，故B正确;

CD.中的电流大小为/,则MLN中的电流为设MN的长为L,由题意知

2

F=BIL

所以边MLN所受安培力为

F=B'L=LF

22

方向与MN边所受安培力的方向相同，故有

故C错误，D正确。

故选BD,

10、AD

【解析】

逆,火星的公转轨道半径大，加速度小,

A.地球和火星绕太阳转动，万有引力提供向心力，ma=,得4=

r厂

故A错误;

B.根据公式可知火星的运行速度比地球小，故B错误;

CD、地球公转周期为1年，而火星的周期大于1年，每个冲日周期内，地球比火星多转一圈，所以不是每年出现火星

冲日现象，故C错误；

D.根据开普勒第三定律《瓜

=k,火星公转轨道半径为地球的1.5倍，所以地球与火星的公转周期之比为故

V27

D正确.

故选D.

点睛：根据万有引力提供向心力，分析地球和火星加速度、线速度之间的关系；根据地球公转周期为1年，每个冲日

周期内，地球比火星多转一圈，所以不是每年出现火星冲日现象，根据开普勒定律分析火星周期与地球周期的关系.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、ViAiRx

UN

■

1.60■

1

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口

B■E■■s■E—x-1

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1.40_

量

・

=.■

■

■

■■■1.49乙正确

一ES

1.30M

“

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nU

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■I■

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1.10■

■=:

S■U=

X■s

■sL

Ssa

:XI/A

1.00

o0.100.200.300.400.500.60

【解析】

干电池的电动势约为1.5V,所以电压表选用0-3V量程的，故选V：

⑵干电池所在电路电流非常小，所以选用的电流表应为0~0.6A量程的，故选Ai；

网滑动变阻器阻值过大，会造成电路中电流变化不明显，不利于数据的采集，所以选用滑动变阻器与。

（2）［4］滑动变阻器采用的限流接法，电流表采用内接法，故实物图连接如图所示。

图像如图所示:

1.60

iEHUCIXCI9!BIISHSUIISHSSISUI9RI9H

---------------------------------------------------------m~~~~

1.50!II,fffiil

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1.40

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1.30)■■.««■■■■■■■■ci

1.20Hfl

：H：aa»ikTO&SHanKiisB

1.10

1.00

0.200.30

网图线与坐标轴的纵截距表示电源电动势，故石=1.49V。

（4）［7］乙同学说法正确。根据闭合电路欧姆定律。=长一"，在电路变化过程中，U与1的变化趋势是相反的（即一个变

大，另一个就变小），因此U与/的比值系是不断变化的，不可能等于内阻。而在电路变化过程中，电动势E不变，

任意取两个状态，

-

U\=E-I\rfU尸E—hr,△U=Ui—S,A/=/i

可以得出

△U

由于两个状态是任意取的，因此乙同学说法正确。

12、0.2252.150(2.150±0.002)

【解析】

根据游标卡尺的读数方法可知其读数为

d=2mm+5x0.05mm=2.25mm=0.225cm

⑵[2]根据螺旋测微器的读数方法可知其读数为

D=2mm+15.0x0.01mm=2.150mm

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

L

13、—

%

【解析】

小球竖直上抛到达最高点，由运动学公式：

J

2g

g

弹簧瞬间自动弹开后小球4,8的速度分别为1、4,由动量守恒：

〃?阳=in.u2

第一次弹簧水平弹开，两小球均做平抛运动，

玉=O\tx2=v2t

xi+x2=L

第二次弹簧竖直弹开，小球A在下以速度q下落

,12

11=卬1+3时

小球3在上以度4上升

,1,

力=_卬2+”2

两小球落地的时间差

加乜-彳

联立解得：

14、(1)以=7m/s；(2)V/；=4nVs;(3)/=2.68s

【解析】

⑴少年与滑板。从。点沿圆弧下滑到P点的过程中机械能守恒，设少年的质量为M,滑板的质量为〃?