题型猜压02 实验题专题（成都专用）-2025年中考物理冲刺抢押（解析版）

猜压02实验题专题猜押考点3年成都真题考情分析押题依据探究串联电路的电压关系2023年成都卷第25题电学实验侧重电路故障分析、数据表格解读；力学实验注重变量控制与实验改进。近年趋势：增加开放性设问（如“写出一条操作建议”），减少纯记忆性内容。近年电学实验偏重串并联电路，欧姆定律实验未重点考查。课标要求掌握“控制变量法”在电学中的应用。液体压强是课标重点，但近年中考较少直接考查实验。图像分析能力是成都中考的强化方向。实验设计题符合“跨学科实践”命题趋势（参考2022新课标）重视实验操作细节（如仪器调零、故障排查）。强化数据表格与图像的转换分析能力。关注教材中的“科学探究”栏目，掌握控制变量法等核心方法。探究并联电路的电流关系2024年成都卷第25题，2021年成都卷第27题探究滑动摩擦力的影响因素2024年成都卷第26题用天平和量筒测量密度2023年成都卷第26题，2022年成都卷第26题，探究液体压强的影响因素探究杠杆平衡条件探究二力平衡的条件基础实验技能：通过电路连接、仪器使用（如电流表、电压表、天平、弹簧测力计等），考查学生对实验器材的操作规范和数据处理能力。科学探究能力：强调实验设计、变量控制、数据分析及结论推导，体现科学思维（如猜想验证、误差分析）。实际问题解决：结合生活场景（如测量液体密度、探究摩擦力），考查学生将实验方法迁移到真实情境的能力。跨知识点综合：部分题目融合力学、电学、热学（如浮力与密度结合），考查知识整合能力。题型一电学实验题1．（2024·四川成都·模拟预测）某小组同学利用如图甲所示电路，将电流表分别接在A、B、C三处测量电流，从而探究并联电路的电流规律。（1）该小组按照图甲连接好电路后，闭合开关发现两盏灯都亮，但由于导线较凌乱，无法直接判断两个灯泡是串联还是并联，下列操作及现象能判断出电路连接方式的是（填字母序号）A．观察两灯的亮度不同

B．断开开关，两个灯都不亮C．拧下其中一个灯泡，另一个仍能亮

D．拆掉一根导线，两个灯都不亮（2）排除故障后，闭合开关，电流表指针位置如图乙所示，此时电流表的示数为A；（3）该小组完成实验后得到如表数据，下列对测量数据分析正确的是（填字母序号）0.120.120.240.200.200.400.240.240.48A．多次实验、分析多组数据是为了减小误差B．应该选用不同规格的灯泡进行实验，可使结论更具有普遍性C．并联电路中各支路电流大小相等【答案】C0.24B【详解】（1）[1]要判断两个灯泡是并联还是串联，只需要拧下一个灯泡来观察，若另一个灯还亮，则是并联，若另一个灯也不亮了，则为串联，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。（2）[2]电流表所用量程为小量程，分度值为0.02A，则此时电流表示数为0.24A。（3）[3]分析表中三组数据可知，在并联电路中干路电流等于各支路电流之和，故多次测量是为寻求普遍规律，故AC错误，B正确。故选B。2．（2024·四川成都·二模）如图所示是小明和小强“探究串联电路电流和电压特点”的实验电路图：电流表的位置ABC电流I/A0.320.321.6（1）小明在“探究串联电路电流特点”的实验中，读出了三个不同位置的电流值，如上表所示，请你帮他分析可能的原因是；（2）小强完成了“探究串联电路电压特点”的实验，他记录几组数据如下表，分析表中数据得出结论：。（请使用文字叙述）实验次数L1两端的电压/VL2两端的电压/V串联总电压/V11.41.42.821.21.62.831.11.72.8（3）小明和小强都独立完成了实验后，对实验进行分析交流如下：小明说：“让结论更具有普遍性，应该多次更换不同规格灯泡，进行多次实验”；小强说：“小明说的很不错，但我有一个疑问，要让结论更具有普遍性，为什么不选用不同规格的定值电阻？”小明说：“我认为选用不同规格灯泡，不选用不同规格的定值电阻的主要原因是。【答案】接的电流表的小量程却按照大量程读数了各用电器两端电压之和等于电源电压使实验效果更明显直观【详解】（1）用电流表测电流时，电流表应与被测电路串联，串联电路各处的电流都相等，测得的三个不同位置的电流值，有一个位置的电流测量明显有误，两个测量值是正确的，错误的电流值应是1.6A，错误的原因在于：接的电流表的小量程却按照大量程读数了。（2）分析表中数据得出结论：串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和。（3）选用不同规格灯泡，不选用不同规格的定值电阻的主要原因是不同规格灯泡会发光，电流通过时可以很直观的通过灯泡亮度看出电流中的电流，实验效果更明显直观。3．（2024·四川成都·二模）晓理在探究“串联电路中电压规律”实验时，设计了如图所示的电路。L1两端的电压U1/VL2两端的电压U2/V电路两端的电压U/V1.21.83.0（1）根据电路图连接好电路，闭合开关后发现两灯都不亮，且电压表示数为电源电压，则故障可能是；（2）排除故障后，晓理测量出L1两端的电压，然后将电压表与A点相连的导线直接换接在C点测量L2两端的电压。这种做法是否可行？答：；（3）正确完成实验后，晓理把实验数据记录在上表中。于是他立即由实验数据得出结论：串联电路两端的电压等于串联电路中各部分电路两端的电压之和。请你指出这个过程的不足之处，并说明理由。答：。【答案】L1断路不可行见解析【详解】（1）[1]根据电路图连接好电路，两灯串联，电压表测L1的电压，闭合开关后发现两灯都不亮，电路可能断路，且电压表示数为电源电压，电压表与电源连通，则故障可能是L1断路。（2）[2]电压表测出L1两端的电压时，与A相连的为电压表负接线柱，将电压表与A点相连的导线直接换接在C点测量L2两端的电压会使得电压表正负接线柱接反，故不可行。（3）[3]根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的结论要更换不同规格灯泡或电源多次实验。4．（2022·四川成都·二模）在探究电流与电阻关系的实验中，所用实验器材均完好，电源电压为6V不变，定值电阻分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，滑动变阻器规格为“20Ω；1A”。（1）实验前，发现电流表的指针位置如图甲所示，那么要对电流表进行的操作是；（2）如图乙所示，导线a应与滑动变阻器的接线柱相连；（3）电路连接完成后，分别用10Ω、15Ω、20Ω的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如下表所示。当使用30Ω的电阻继续做第四次实验时，能否达到测量要求?并说明原因。答：。实验次数123R/Ω101520I/A0.30.20.15【答案】调零C/D见解析【详解】（1）[1]实验前，发现电流表的指针位置如图甲所示，则说明需要对电流表进行调零操作。（2）[2]滑动变阻器应采用上下各选一个接线柱串联在电路中，如图乙所示，导线应与滑动变阻器的C（或D）接线柱相连。（3）[3]由表中数据，根据欧姆定律，电压表示数为研究电流与电阻关系时，要控制电阻的电压不变，设电压表示数为UV，根据串联电路电压规律和分压原理知道当使用30Ω的电阻，变阻器最大阻值接入电路时，即解得UV=3.6V，则实验时不能将电压表的示数调到3V。5．（2024·四川成都·三模）在“用电压表测电压”的实验中，小红按照如图甲所示电路进行实验。(1)要正确测量小灯泡两端电压，电压表正接线柱应连接在小灯泡侧；(2)接入电压表并闭合开关后，发现小灯泡不亮，电压表无示数；仅凭此现象推测电路故障，下列选项中最不可能的是（

）A．小灯泡短路 B．开关断路 C．两节干电池间断路 D．电压表接线柱断路(3)小红测完小灯泡两端电压后进行了深度思考：老师说识别电路串并联时电压表视为开路，为什么电压表使用时指针还能像电流表一样偏转呢？于是她拆开电压表后盖后观察到内部结构如图乙所示，请教老师后得知电压表和电流表内部都有表头和电阻，当有微弱电流通过表头时，与表头相连的指针就会偏转。据此可推测，图乙中的电阻与表头是联。【答案】(1)左(2)D(3)串【详解】（1）测量小灯泡两端电压，电压表和灯泡并联，电流从电压表的正接线柱流入，负接线柱流出，电压表正接线柱应连接在小灯泡左侧。（2）A．如果小灯泡短路，小灯泡不亮，电压表被短路，电压表不会有示数，故A不符合题意；B．如果开关断路，电路断路，小灯泡不亮，电压表无示数，故B不符合题意；C．如果两节干电池间断路，电路断路，小灯泡不亮，电压表无示数，故C不符合题意；D．如果电压表接线柱断路，电压表无示数，灯泡会亮，故D符合题意。故选D。（3）电压表内部的表头和电阻串联，当电压表接到用电器两端，如果电压较大时，通过电路的电流小一些。6．（2024·四川成都·二模）在“用电压表和电流表测电阻”的实验中，实验电路如图所示，是未知阻值的定值电阻。(1)闭合开关前，应将滑动变阻器调到最大阻值处，这是为了。(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电压表有示数且示数接近3V，则电路故障可能是______。A．滑动变阻器短路 B．滑动变阻器断路C．短路 D．断路(3)排除故障后，继续完成实验。实验时应多测几组数据，目的是。(4)利用图中的实验器材，下列探究实验不能完成的是______。A．探究电流与电压的关系 B．探究电流与电阻的关系C．探究串联电路的电流规律 D．探究串联电路的电压规律【答案】(1)保护电路(2)D(3)求平均值，减小误差(4)B【详解】（1）为了电路安全，闭合开关前，滑动变阻器滑片要处于阻值最大处。（2）闭合开关后，发现电流表无示数，则电路中存在断路，电压表有示数且示数接近3V，说明断路，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。（3）获得一组数据就得出结论，误差较大，实验时应多测几组数据，再通过取平均值的方式减小误差。（4）A．探究电流与电压的关系，要控制定值电阻阻值不变，实验时可通过移动滑动变阻器的滑片获得多组电流与电压值，所以用题中实验装置可以用于探究电流与电压的关系，故A不符合题意；B．探究电流与电阻的关系，需要更换不同阻值的定值电阻，通过移动滑动变阻器的滑片控制定值电阻两端电压不变，而图中只有一个定值电阻，故无法完成，故B不符合题意；CD．探究串联电路的电流规律或电压规律，可以将滑动变阻器的滑片移到某一位置后固定不动，将电流表或电压表相应地接在不同位置来进行实验，故用题中实验装置可以完成，故CD不符合题意；故选B。7．（2024·四川成都·二模）实验小组一起做“探究并联电路中电流的规律”实验，如图所示。（1）图甲是他们设计的电路图，实验时需要测量A、B、C三处的电流。图乙是他们连接的实验电路，此时电流表测量（选填“A”“B”或“C”）处的电流；（2）连接好电路后，闭合开关，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为A；（3）他们继续测出另两处的电流，数据如下表所示。/A/A/A0.140.160.3由此他们得出了结论：并联电路干路电流等于各支路电流之和；（4）小组同学进行交流讨论后，认为这样得出结论不严谨，理由是。【答案】C0.30实验次数太少，一次实验得到的实验结论不具有普遍性【详解】（1）[1]由图乙可知，电流表接在干路靠接电源负极处，此时电流表测量的是C处的电流。（2）[2]如图丙，电流表接量程0~0.6A，分度值为0.02A，读数为0.30A。（4）[3]由于实验次数太少，一次实验得到的实验结论不具有普遍性，得出的结论不严谨，应选用不同规格的灯泡，多次测量，寻找普遍规律。8．（2022·四川成都·二模）小明“探究串联电路的电流特点”时，选用两只规格相同的灯泡连接的电路如图甲所示。(1)闭合开关S后，发现灯亮，不亮，同学们有以下几种猜想：①灯丝断了；②短路；③灯L2也有电流通过，但中电流比中电流小。以上猜想中正确的有（填序号）；(2)排除了故障后，小明先后把图中A、B、C各点断开，然后把一个电流表接入各处测量电流。其中一次闭合开关后，电流表指针如图乙所示，出现这种现象的原因是。(3)为了使结论更有普遍性，下列最合理的做法是______。A．换用不同规格灯泡多次实验 B．换用另一个电流表再次测量C．改变电源电压再次实验 D．调换两灯位置再次实验【答案】(1)②(2)电流表的正负接线柱接反(3)A【详解】（1）闭合开关S后，发现灯L1亮，L2不亮，说明电路中没有断路，L2不发光，说明是L2短路，故选②。（2）闭合开关前，发现其中一个电表指针如图乙所示，指针反偏，出现这种现象的原因电流表的正负接线柱接反。（3）A．换用不同规格的灯泡，重复操作，进行多次实验，是为了得出普遍结论，故A符合题意；B．换用另一个电流表再次测量，对结论影响不大，故B不符合题意；C．改变电源电压再次实验，有可能电路中电流过大，容易烧坏灯泡，故C不符合题意；D．调换两灯位置再次实验，串联电路电流处处相等，对结论影响不大，故D不符合题意。故选A。9．（2024·四川成都·一模）在“探究串联电路的电流特点”的实验中，小阳同学选用两个不同的小灯泡组成了如图甲所示的串联电路，然后用一个电流表分别接在A、B、C三处去测量电流。

(1)小阳先把电流表接在A处，闭合开关S后，发现两灯都不亮，电流表也没有示数。故障的原因不可能是___________。A．某段导线断开 B．断路 C．短路 D．接触不良(2)小阳用电流表分别测出图甲中A、B、C三处的电流，电流表示数均如图乙所示，示数为A。(3)实验结束后，小阳开始整理实验器材，他首先应该。【答案】(1)C(2)0.2(3)断开开关【详解】（1）在串联电路中，如果某段导线断开、L1​断路或L2​接触不良，都会导致整个电路断路，电流无法流通，因此电流表无示数，且两灯都不亮。然而，如果L2​短路，虽然L2​不会发光，但由于电路仍然是通路，电流可以通过L1​和短路的L2​，因此电流表会有示数，且L1​会正常发光。所以，故障的原因不可能是L2​短路。故选C。（2）对于电流表的读数，首先需要确定电流表的量程和分度值。从图乙中可以看出，电流表选择的是0∼0.6A的量程，且分度值为0.02A，因此，电流表的示数为0.2A。（3）实验结束后，我们需要整理实验器材。在整理时，我们应该先断开开关，以确保电路处于安全状态。然后再拆除电路中的元件，并按照一定的顺序进行整理。所以，小阳在实验结束后，首先应该断开开关。10．（2024·四川成都·三模）妙妙同学利用如图甲所示的电路图探究“并联电路中电流的规律”。(1)连接好电路测量A点的电流，闭合开关S后发现电流表指针位置如图乙所示，为了使测量结果准确，接下来她应该进行的正确操作是断开开关S，；(2)正确操作后，用电流表测量B点的电流，闭合开关S后，妙妙看到灯L1发光，但灯L2不发光，电流表示数为零，电路可能存在的故障是；(3)排除故障后，妙妙同学将电流表分别接入A、B、C三处，测出一组数据并记录在表格中，立即得出了并联电路的电流规律。新新认为妙妙得出的结论不科学，为了使实验结论更具有普遍性，下列操作合理的是___________。A．换用电流表的另一量程，再测出一组电流B．换用相同规格的灯泡，再测几组电流C．换用不同规格的灯泡，再测几组电流【答案】(1)电流表改接小量程0～0.6A(2)灯L2开路或者电流表开路(3)C【详解】（1）闭合开关，电流表示数如图乙所示，电流表指针偏转角度太小，是因为选用的量程太大，所以为了测量结果准确，她应该断开开关，改接小量程重新进行实验。（2）用电流表测量B点的电流，闭合开关S，灯L1发光，说明干路和L1这条支路是正常的，但灯L2不发光，电流表示数为零，故障在L2这条支路上，所以故障可能是灯L2开路或者电流表开路。（3）为避免实验的偶然性，使得出的结论具有普遍性，应换用不同规格的灯泡进行多次实验，故C符合题意，AB不符合题意。故选C。11．（2024·四川成都·三模）实验小组完成了“探究串联电路电压规律”的实验后，得到“电源两端电压总大于各用电器两端电压之和”的结论，这与之前“电源两端电压等于各用电器两端电压之和”的猜想不符。老师引导同学们用如图甲所示的电路继续进行了深入探究：(1)最初探究串联电路电压规律时，把电压表接入电路，有时要试触。试触不能达的到目的是________。A．检查电压表是否完好B．检查电压表的连接方式是否正确C．检查整个电路连接是否正确D．选择最合适的量程(2)测量电源及灯泡两端电压：当电压表接在C、D两点，电压表的示数（如图乙所示）是V。(3)测量电路中导线的电压：测出导线BC间的电压大约为0.05V，由此得知导线分压可能是造成结论与猜想不符的原因。为了能更明显地观察到导线分压的现象，应选择较（选填：“粗”或“细”）的导线。【答案】(1)C(2)1.7(3)细【详解】（1）把电压表接入电路，在不知道被测电路两端电压的情况下要要进行试触，通过试触可以判断电压表是否完好，可以检查电压表的连接方式是否正确，可以根据电压表指针的偏转大小选择合适的量程；但不能检查整个电路的连接情况。故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。（2）由图乙可知电压表接小量程，分度值是0.1V，电压表示数为1.7V。（3）根据串联分压规律，电阻越大，分压越高；在长度和材料相同时，越细的导线电阻越大，所以为了能更明显地观察到导线分压的现象，应选择较细的导线。12．（2024·四川成都·二模）如图所示是“探究串联电路电流特点”的实验电路图。电流表的位置ABC电流I/A0.40.42（1）某同学实验过程中设计的表格以及记录的数据如表格所示，其中有一处数据明显是错误的。造成错误的原因是。（2）实验中小明发现两个串联的小灯泡中，发光，不发光。不发光的原因可能是A．灯泡靠近电源负极

B．灯泡的灯丝断了

C．灯座处可能短路了（3）在实验中通过多次更换小灯泡来测量A、B、C处的电流，目的是。【答案】读数时看错了量程C获得普通性的规律【详解】（1）[1]根据串联电路的电流规律可知，实验数据中2A明显错误，结合电流表量程特点，指针在某一位置时按大量程读出的示数是按小量程读出的示数的5倍，所以造成这种现象的原因是，读数看错了量程，电流表选用的是0~0.6A的量程，却按0~3A的量程进行读数。（2）[2]两灯泡串联，一个灯泡发光说明电路通路，另一个灯泡不发光说明这只灯泡被短路，而任一小灯泡的灯丝断了都会造成两灯泡均不发光，小灯泡靠近负极不影响两灯泡的发光情况，故C符合题意。（3）[3]为了避免实验结论的偶然性，得到普遍性规律，需要更换不同规格的灯泡进行多少次实验。13．（2024·四川成都·二模）为了探究并联电路的电流规律，小明和小星同学选择了三节新干电池，一个“3.8V0.2A”的小灯泡L1和一个“2.5V0.3A”的小灯泡L2，一个开关，导线若干，设计了图甲所示的电路（忽略灯泡电阻的变化）。（1）老师指出，此电路设计存在一个严重问题需要纠正，请你提出一条改进措施；（2）调整后，小明在闭合开关前观察到电流表的指针出现了如图乙所示的情况，则下一步他应该对电流表进行的操作；（3）图甲中，若要测量L2的电流，则只需要调整图中的导线右边所接位置；（4）为了得到普遍规律，小明和小星多次改变了某些元件的规格并完成了实验，实验数据记录如表所示。分析表中数据，（用表格中的字母表达）。实验次数干路电流I/AL1电流I1/AL2电流I2/A10.240.050.1920.50.080.4230.490.10.38【答案】电源改为二节干电池串联调零c【详解】（1）[1]电源为三节干电池串联，电压为4.5V，加在小灯泡两端的电压超过了额定电压，故需要减少一节干电池。（2）[2]闭合开关前，电流表未接入电路时指针位置指针在零刻度线的左侧，为对准零刻度线，需要对电流表进行的操作是将电流表调零。（3）[3]要让电流表图甲中的电流，电流表与串联，则只需要调整图中的导线c右边所接位置。（4）[4]根据表格中的数据有0．24A＝3.05A+0.19A；0.2A＝0.08A+0.42A可得到结论：并联电路中，即14．（2024·四川成都·二模）某实验小组用如图1的实验电路来探究“电流与电压、电阻的关系”。（1）连接电路时，开关处于断开状态，连接完成后，在闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑片P位于最（选填“左”或“右”）端；（2）实验探究分两步进行：一是保持电阻不变，探究电流与电压的关系；二是保持电压不变，探究电流与电阻的关系。这样的探究方案是运用了法；（3）如图2中的甲和乙是根据实验数据绘制的图像，其中表示电压不变时，电流随电阻变化的图像应是（选填“甲”或“乙”）。【答案】右控制变量乙【详解】（1）[1]连接完成后，在闭合开关之前，为了保护电路，应将滑动变阻器的滑片P位于最大值，即滑片P位于应位于最右端。（2）[2]探究电流与电压的关系时，保持定值电阻的值不变；探究电流与电阻的关系时，保持定值电阻两端的电压不变，这样的探究方案是运用了控制变量法。（3）[3]分析甲图可知，横轴表示电压，纵轴表示电流，探究的是电阻不变时，电流与电压的关系；分析图乙可知，横坐标是电阻，纵坐标是电流，表示当电压一定时，电流与电阻的关系；表示电压不变时，电流随电阻变化的图像应是乙图。15．（2024·四川成都·二模）在“探究并联电路中电压的特点”实验中，实验电路如图所示。（1）闭合开关，观察到小灯泡闪亮后瞬间熄灭，正常发光，发生故障的原因可能是；（2）排除故障后，小乐用电压表测量ab间的电压，闭合开关，电压表示数如图所示，为了使实验结果更精确，接下来应该：断开开关；A．换一个量程更大的电压表

B．减小电源电压C．换用电压表的小量程

D．将电压表指针调零（3）用电压表测量ab间和cd间的电压，。【答案】L1断路C=【详解】（1）[1]图中两个灯泡并联，闭合开关，观察到小灯泡L1闪亮后瞬间熄灭，L2正常发光，说明电源没有短路，因而L1发生故障的原因可能是断路。（2）[2]闭合开关，电压表示数如图丙所示，电压表的量程较大，电压表的指针偏转角度较小，为了使实验结果更准确，接下来他应该断开开关，选用小量程，即选用0~3V的量程，故选C。（3）[3]并联各支路两端的电压相等，用电压表测量ab间和cd间的电压相等，即Uab=Ucd题型二力学实验题16．（2022·四川成都·二模）在探究“二力平衡条件”的实验时，小枫、小红选择器材后，设计组装的实验装置分别如图甲、乙所示。（1）小枫用图甲装置进行实验时发现，在左右两盘中放入质量为50g的砝码时，木块处于静止状态，当他在右盘中再加入10g砝码时，木块仍处静止状态，这是因为木块受到向（选填“右”或“左”）的摩擦力，摩擦力的大小为N；（g取10N/kg）（2）老师指出小红选择的实验器材更加合理，如图乙所示，选小车代替木块，对实验的好处是；（3）在探究力的大小对二力平衡的影响时，利用了定滑轮能够的特点，并通过调整砝码的质量来改变和的大小。

【答案】左0.1可以忽略小车受的摩擦力改变力的方向【详解】（1）[1][2]木块受到向左的拉力向右的拉力此时木块保持静止，木块受力平衡，说明受到向左的摩擦力（2）[3]甲图中的是木块，它与桌面之间的摩擦是滑动摩擦，而乙图中的是小车，它与桌面之间是滚动摩擦，其摩擦力较小可以忽略，实验更准确些。（3）[4]实验过程中，利用定滑轮的好处是可以改变力的方向。17．（2024·四川成都·模拟预测）冰壶被喻为冰上的“国际象棋”，它考验参与者的体能与脑力。比赛时球员手持毛刷在冰壶滑行的前方快速擦刷冰面，以改变冰壶受到的滑动摩擦力。为此小慧同学探究了滑动摩擦力大小与什么因素有关，装置如图所示（棉布表面比木板表面粗糙）。（1）在进行拉动木块前，应先在方向进行弹簧测力计调零；（2）实验中要测出滑动摩擦力的大小，应该让物体A在水平面上匀速直线运动，根据原理，此时弹簧测力计的示数等于物体所受滑动摩擦力的大小；（3）在甲、乙、丙、丁四次实验中，物体A所受滑动摩擦力最小的是；（4）在进行本实验时，需要注意的操作是。【答案】水平二力平衡丁见解析【详解】（1）[1]实验时，需要沿水平方向拉动木块，因此应先在水平方向进行弹簧测力计调零。（2）[2]木块作匀速直线运动时，根据二力平衡的条件分析，此时摩擦力与拉力是平衡力，摩擦力的大小与拉力大小相等，此时通过弹簧测力计示数即可得到摩擦力的大小。（3）[3]滑动摩擦力大小与压力大下和接触面的粗糙程度有关，压力一定时，接触面越光滑，滑动摩擦力越小；接触面粗糙程度一定时，压力越小，滑动摩擦力越小，错在甲、乙、丙、丁四次实验中，丁中物体受到的滑动摩擦力最小。（4）[4]实验中，只有拉动物体在水平方向上做匀速直线运动时，弹簧测力计示数才等于滑动摩擦力大小，因此弹簧测力计伸长方向应与受力方向一致，拉动时尽量保持物体做匀速直线运动。18．（2023·四川成都·一模）小曼所在物理小组利用微小压强计探究“液体内部的压强特点”。（1）用手挤压微小压强计探头上的橡皮膜，U形管两边的液面会出现；（2）如图所示，小曼将探头放入水中进行实验，根据A、B、C三图的现象，可探究得出：液体内部的压强与有关；（3）某次实验中小曼同学把底部扎有橡皮膜的玻璃管竖直插入水中12cm处，橡皮膜向上凸出，如图D所示，然后向管内缓慢倒入酒精，当管内酒精高度为cm时，橡皮膜就会变平；（）

（4）实验中另一组的小刚发现，他们组的微小压强计的探头还没有放入水中，U型管液面就出现了图F所示的现象，这样的压强计需要更换吗？小组内展开了激烈的讨论，各自发表了不同意见；你认为其中合理的说法是A．必须更换压强计，才能完成探究实验，得出合理结论B．不需更换压强计，但必须使U型管液面相平，才能完成探究实验，得出合理结论C．不需更换压强计，不需使U型管液面相平，也能完成探究实验，得出合理结论【答案】高度差深度15C【详解】（1）[1]U型管压强计在使用前需要验证其气密性，正常的U型管压强计当用手去压其橡皮膜时，U型管左右两侧的液面高度差将产生明显变化。（2）[2]小曼将探头放入水中进行实验，根据A、B、C三图的现象，发现压强计在水中的深度越大，压强计左右两侧的液面高度差越大，故可以得出液体内部的压强与液体的深度有关。（3）[3]向管内缓慢倒入酒精，当管内酒精产生的压强和水产生的压强相等时，橡皮膜变平，故代入数据有解得（4）[4]要比较实验中液体的压强的大小变化，只需要从压强计上看到左右液面高度差的变化量即可，左右液面高度差变化越大，即代表液体压强越大，故C符合题意，AB不符合题意。故选C。19．（2024·四川成都·一模）梅梅和淘淘一起合作完成“探究杠杆平衡条件”的实验。(1)安装器材时，梅梅认为此实验过程中应该保持杠杆在水平位置平衡，这样做的目的既可以消除杠杆自身重力对实验的影响，还可以；(2)梅梅在杠杆两端加挂钩码，并移动钩码，使杠杆在水平位置平衡（如图甲）。随后她改变钩码个数及其位置又重复完成了两次实验，这样做的目的是；(3)淘淘在记录实验数据时遗漏了一个数据（如下表）。根据杠杆平衡条件计算出这个数据应该是；实验次数动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm1150.51021.51011532151.5(4)淘淘发现实验台旁边有一只待调平的天平（如图乙），他和梅梅都同意将平衡螺母往左调使之平衡，但对于调左侧还是右侧的平衡螺母产生了分歧。请结合杠杆平衡知识说说你的看法。【答案】(1)便于测量力臂(2)避免偶然性，使结论更具普遍性(3)20(4)见解析【详解】（1）保持杠杆在水平位置平衡，此时动力与阻力的作用线与杠杆相垂直，方便直接从杠杆上读出力臂。（2）为了避免偶然性，得出具有普遍性的规律，实验时要改变钩码个数及其位置进行重复实验。（3）由杠杆平衡条件可得解得（4）调左右侧的平衡螺母均可。天平向右倾斜说明右侧力和力臂的乘积大于左侧，所以增大左侧力臂或减小右侧力臂都可以使天平平衡。20．（2021·四川成都·一模）在“探究定滑轮和动滑轮的特点”实验时，小明用同一个滑轮做了两次实验，已知每个钩码的重力为1N，滑轮转动部件间的摩擦很小。两次实验装置分别如甲、乙两图所示，小明将测得的数据记录在表格中。实验序号钩码重G/N钩码上升的高度h/cm拉力F/N绳子自由端移动的距离s/cm11.020.01.020.021.020.00.740.0(1)在图甲的实验中，若小明将绳子的自由端沿着水平向右的方向匀速拉动，对绳子拉力的大小将（选填“变大”、“不变”或“变小”）；在图乙的实验中，要沿着方向匀速拉动绳子自由端。(2)分析第1次实验的数据，可以得出结论：使用定滑轮。A．省力但不省距离

B．不省力但省距离C．既不省力又不省距离(3)分析第2次实验数据时发现，虽然由两段绳子承担了物重，但绳子自由端拉力的大小比钩码重力的一半要大一些，这主要是因为。【答案】(1)不变竖直（或竖直向上）(2)C(3)动滑轮自身受到重力【详解】（1）[1]在图甲的实验中，定滑轮实质是一个等臂杠杆，它不能省力，但可以改变力的方向。因此，无论小明将绳子的自由端沿着哪个方向匀速拉动，只要保持匀速，对绳子的拉力大小都将不变，都等于钩码的重力。所以，若小明将绳子的自由端沿着水平向右的方向匀速拉动，对绳子拉力的大小将不变。[2]在图乙的实验中，动滑轮实质是一个动力臂为阻力臂二倍的杠杆，它能省力但不能省距离。为了准确测量拉力的大小，并确保滑轮能正常工作，我们需要沿着竖直方向匀速拉动绳子自由端。（2）分析第1次实验的数据，我们可以看到拉力F等于钩码的重力G，且绳子自由端移动的距离s等于钩码上升的高度h。这说明使用定滑轮时，既不省力也不省距离。因此，选项C“既不省力又不省距离”是正确的。（3）这主要是因为动滑轮在转动过程中，滑轮与绳子之间以及滑轮自身的转动部件之间都存在摩擦。这些摩擦会消耗一部分能量，使得拉力需要做得功除了提升钩码外，还要克服这些摩擦做功。因此，拉力的大小会比理想情况下的钩码重力的一半要大一些。21．（2022·四川成都·二模）在“测量小石块的密度”的实验课上，某实验小组进行了如下实验探究活动。(1)把天平放在水平桌面上，调节右端平衡螺母，使指针指在分度盘处。接着把小石块放在天平左盘，当右盘中放入20g、5g砝码各一个时，调节游码，天平横梁刚好平衡，如图甲所示，则小石块的质量是g；(2)然后用一细棉线系住小石块，放入盛有20mL水的量筒中，如图乙所示，则小石块的体积为；(3)利用密度公式计算出小石块的密度是。【答案】(1)中央刻度线27.2(2)10(3)【详解】（1）[1]天平调节平衡时，指针应指在分度盘的中央，即中央刻度线处。[2]甲图中小石块的质量为（2）乙图中利用排水法来得到小石块的体积，则小石块的体积为（3）小石块的密度为22．（2024·四川成都·二模）小林和同学一起探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”，实验过程如下：(1)如图甲所示，①②为相同的水平木板，③在水平木板上铺了一层粗布。实验过程中弹簧测力计必须沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，此时木块所受滑动摩擦力大小弹簧测力计的示数；(2)如果3次实验所用拉力分别为、、时，恰能拉着木块沿水平方向匀速运动，则分析比较图甲中两次实验的数据可得出初步结论：在压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；(3)同组其他同学对实验进行了评估，下列说法正确的是（）；A．由①②知：滑动摩擦力的大小一定与重力有关B．在甲图①中改用1N的力拉木块时，摩擦力等于1NC．在甲图②中水平向右加速拉动木块时，摩擦力大小不变D．在甲图①中侧放木块，再匀速直线拉动时，弹簧测力计示数会变大(4)小林进一步探究：将粗布换成毛巾，重复实验，根据实验数据，小林画出拉力F与时间t的关系图（图乙），木块运动速度v与时间t的关系图（图丙）。由图可知，在1～2s内木块受到的摩擦力N。【答案】(1)等于(2)②③(3)C(4)2.4【详解】（1）实验过程中弹簧测力计必须沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，此时物体处于平衡状态，受到的是平衡力作用，木块在水平方向上受到的测力计对其的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以，此时木块所受滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。（2）探究滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度的关系时，需要控制压力一定，所以需要对比②③两组数据。由②③两组数据可知，压力相同，接触面的粗糙程度不同，粗布表面接触面粗糙程度最大，测力计示数最大，木块受到的摩擦力最大，可得：在压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。（3）A．滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，与重力无关；①②两次实验中，接触面的粗糙程度相同，压力不同，测力计的示数不同，木块受到的摩擦力不同，因此可得到滑动摩擦力大小与压力有关。故A错误；B．由于滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，在甲图①中用1N的力拉木块时，接触面的粗糙程度和压力大小不变，所以滑动摩擦力不变，仍为0.4N，故B错误；C．滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，与速度无关，所以在甲图②中水平向右加速拉动木块时，摩擦力大小不变，故C正确；D．在甲图①中侧放木块，再匀速直线拉动时，接触面的粗糙程度和压力大小不变，所以滑动摩擦力不变，所以匀速直线拉动时，弹簧测力计示数不变，故D错误。故选C。（4）由图丙可知，在2~3s内，木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，此时木块受到的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，对比图乙可知，则f=2.4N；在1~2s内木块沿毛巾表面做加速运动，由于此时木块对毛巾表面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，则受到的滑动摩擦力不变，即f=2.4N。23．（2024·四川成都·三模）在“探究影响浮力大小因素”的实验中，某实验小组同学进行了如图所示的实验。(1)从图中的实验数据可知，物体浸没在浓盐水中所受的浮力为N。(2)比较三次实验，可以得出：浮力大小与液体的密度有关。(3)比较A、B、C三次实验，可以得出：浮力大小与物体浸入液体的体积有关，请你举出可以验证该结论的一个生活实例：。(4)实验时，若先将物体放入水中测拉力，再测量物体的重力，则所测的浮力值会如何变化，并说明理由：。【答案】(1)0.8(2)A、D、E(3)例如从浅水区走向深水区会感觉身体越来越轻(4)变大，若先将物体放入水中测拉力，再测量物体的重力，由于物体沾有水，所以测得的重力偏大，由称重法F浮=G﹣F拉，浮力会变大【详解】（1）由图A可知物体重力G=4.8N，由图E可知物体浸没在盐水中时测力计示数为F拉=4N，由称重法可得物块浸没在浓盐水中所受的浮力F浮=G-F拉=4.8N-4N=0.8N（2）比较A、D和E三次实验，物体排开液体体积相同，但液体密度不同，所受浮力不同，说明浮力大小与液体密度有关。（3）人从浅水区走向深水区会感觉身体越来越轻。（4）实验时，若先将物体放入水中测拉力，再测量物体的重力，由于物体沾有水，所以测得物体的重力偏大，由称重法F浮=G-F拉可知所测的浮力会变大。24．（2024·四川成都·三模）小刘同学在练习“用弹簧测力计测量力的大小”（1）使用弹簧测力计前，为了避免损坏测力计，需要观察它的；（2）在进行测量时，应使测力计弹簧伸长方向与方向一致；（3）小刘在进行如图所示的实验时，发现加快速度拉动木块时总比缓缓匀速拉动木块时，弹簧测力计示数更大，从而得出结论：物体的运动速度越大，所受滑动摩擦力越大。你认为这个结论合理吗，为什么？；（4）该同学练习完该实验后，接着测量旁边一个50g钩码的重力，你认为他应该先，再进行测重，才能得出准确的结果。【答案】量程轴线见解析将测力计在竖直方向调零【详解】（1）[1]使用弹簧测力计前，为了避免损坏测力计，需要观察它的量程，确保测量值不超过测力计的最大测量值。（2）[2]在进行测量时，为了测量准确，应使测力计弹簧伸长方向与轴线方向一致。（3）[3]小刘在进行如图所示的实验时，发现加快速度拉动木块时总比缓缓匀速拉动木块时，弹簧测力计示数更大。木块被加速拉动时，做加速运动，木块受到的拉力大于滑动摩擦力；木块被缓缓匀速拉动时，木块受到的拉力等于滑动摩擦力，因此通过测力计的示数得出物体的运动速度越大，所受滑动摩擦力越大的结论是错误的。（4）[4]重力的方向竖直向下，实验后，接着测量旁边一个50g钩码的重力，应先将测力计在竖直方向调零，再进行测重，才能得出准确的结果。25．（2024·四川成都·二模）在“密度知识应用交流会”上，每个小组对密度应用的探究课题做陈述报告。小欢组的报告是：测量“金牌”的密度。陈述如下：我们的课题是测量“金牌”的密度，这是小乐在跆拳道比赛中获得的金牌，如图所示。（1）所用器材有：电子秤、量筒。我们发现金牌不能直接放入量筒，于是到实验室找来溢水杯，进行如下操作：①用电子秤测出金牌的质量为70.2g；②将溢水杯盛满水，如图所示；③将金牌缓慢浸没在盛满水的溢水杯内，用量筒收集溢出的水，如图所示；④理论分析可得，金牌的体积溢水杯溢出水的体积；⑤用量筒测出溢出水的体积，如图所示；（2）请同学们用测得的质量和体积计算金牌的密度：；（3）请帮我们分析实验的误差来源：（写出一条即可）；（4）这个误差会导致测出的金牌密度与实际密度相比偏。【答案】等于体积测量大【详解】（1）[1]根据排水法，金牌的体积等于溢水杯溢出水的体积。（2）[2]量筒的分度值为，示数为，即金牌的体积为，则金牌的密度为（3）[3]利用溢水杯测量体积时，误差会比较大。（4）[4]利用溢水杯测量体积时，若水并没有真正装满，会使得测得的体积偏小，根据，会导致测出的金牌密度与实际密度相比偏大。26．（2024·四川成都·二模）小明同学在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，水平桌面上的器材有弹簧测力计、长方体木块、砝码、长木板和毛巾，实验操作如图所示。（1）用弹簧测力计水平拉动木块，沿长木板做匀速直线运动，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力的大小；（2）比较甲、乙两次实验，可研究滑动摩擦力大小与的关系；（3）比较两次实验所得的结论，可以用来解释浴室的地砖选用材料的表面较为粗糙的原因；（4）小明将图甲中的木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来的一半。由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。你认为他得出的这一结论是否正确并说明原因。答：。【答案】相等压力大小乙、丙不正确，因为没有控制压力大小相等【详解】（1）[1]用弹簧测力计水平拉动木块，沿长木板做匀速直线运动，木块受力平衡，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力的大小相等。（2）[2]甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，可研究滑动摩擦力大小与压力的关系。（3）[3]比较乙丙两次实验得：压力相同时，接触面粗糙程度越大，测力计示数也大，可得结论：压力相同时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大，可以用来解释浴室的地砖选用材料的表面较为粗糙的原因。（4）[4]小明的操作既改变了接触面积大小，也改变了压力大小，没有控制压力大小相等，导致结论出错。27．（2024·四川成都·二模）某同学探究完浮力大小与液体密度和物体排开液体体积的关系后，还想知道浮力大小是否与物体的形状有关。于是，该同学进行了如下探究。【证据】该同学用一块橡皮泥（不吸水）、一个弹簧测力计、烧杯、水和细线，按如下步骤进行实验。①如图a所示，用弹簧测力计测出橡皮泥的重力：②如图b所示，将橡皮泥捏成实心长方体浸没在水中，读出弹簧测力计的示数：③如图c所示，将同一块橡皮泥捏成实心圆柱体浸没在水中，读出弹簧测力计的示数；④如图d所示，将同一块橡皮泥捏成实心球体浸没在水中，读出弹簧测力计的示数。【解释】（1）图b中橡皮泥受到的浮力大小为N；（2）由以上实验可知，浮力大小与物体的形状；【交流】（3）在第④步实验中，将橡皮泥从图d位置向下移，放到图e位置时，比较弹簧测力计的读数，说明浮力大小与无关；（4）若用刻度尺和弹性较好的橡皮筋来替代弹簧测力计，通过比较每次橡皮筋的可以比较拉力的大小，从而比较浮力的大小，也能完成本实验的探究。【答案】1无关浸没的深度长度【详解】（1）[1]由a可知，静止时物体受到的重力与测力计的拉力是一对平衡力，大小相等，则物体的重力为3N。由称量法求浮力可知，图b中橡皮泥受到的浮力大小为（2）[2]由实验现象可知，同一块橡皮泥捏成不同形状物体浸没在水中，弹簧测力计的示数相同，由称重法可知浮力相同，说明浮力的大小与物体的形状无关。（3）[3]将橡皮泥从图d位置向下移放到图e位置时，深度增加，测力计示数不变，浮力大小不变，说明浮力大小与浸没后的深度无关。（4）[4]用刻度尺和弹性较好的橡皮筋来替代弹簧测力计，用橡皮筋吊着橡皮泥浸入水中，记录橡皮筋的长度，比较每次橡皮筋的长度可以知道拉力的大小，从而比较浮力的大小，能完成本实验的探究。28．（2024·四川成都·二模）如图所示是小明和小刘一起“探究杠杆的平衡条件”实验：（1）如图甲所示是小明安装好杠杆后，杠杆静止时的情景，小明接下来应将右端的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节；（2）如图乙所示，杠杆水平平衡后，小明在左侧悬挂4个钩码，将弹簧测力计从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，则测力计的示数将（选填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）小刘也正确完成实验，实验数据如下表所示，但是小刘得出与小明不一样的结论F1与阻力F2成正比关系。你认为该结论可靠吗？并说明理由：。实验序号动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm11151.510221531033154.510（4）如图丙是小明以重心所在的线为界切分萝卜，请根据本实验最后正确结论推测，切后两块萝卜质量大小关系为mAmB（选填“＞”“＝”或“＜”）。【答案】右变大不可靠，没有同时改变力臂的大小＞【详解】（1）[1]实验前，杠杆静止时如图甲；杠杆左端重右端轻，要使杠杆在水平位置平衡需将平衡螺母向右移动。（2）[2]保持点不变，若拉力F向右倾斜时，阻力和阻力臂的大小不变、动力臂变小，根据杠杆的平衡条件，动力F变大。（3）[3]某小组的实验数据如下表所示，得到与其他组不一样的结论：动力F1与阻力F2成正比关系。由于实验中没有在改变动力大小的同时改变