2025年吉林省长春市高考物理二模试卷（含解析）

2025年吉林省长春市高考物理二模试卷

一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.在科学研究中，理想模型是为了便于研究问题而对研究对象进行的理想化抽象。下列不属于理想模型的

是（）

A.质点B.电场C.单摆D.理想气体

2.下面对四幅图片中所涉及物理知识的描述，正确的是（）

A.甲图中小磁针转动是由于电流产生的电场对小磁针有作用力

B.乙图中回旋加速器通过磁场加速粒子

C.丙图中高频冶炼炉利用涡流热效应工作

D.丁图中无线充电过程利用了接触起电原理

3.冬季打雷是罕见的自然现象，它是由于强冷气团与暖湿气团相遇，产生强烈的对流运动，云内的各种微

粒相互碰撞、摩擦产生静电积累，最终形成冬雷。下列说法正确的是（）

A.各种微粒在碰撞、摩擦的过程中创造了电荷

B,带电云层附近存在许多的电场线

C.随着电荷的积累，云层附近的电势一定越来越高

D.随着电荷的积累，云层附近的电场强度可能越来越大

4.降噪耳机的基本原理是在耳机内产生一列相应的抵消声波，通过波的干涉起到消音作用。假设to时刻外界

噪声的波形图如图所示，下列选项中的声波（均为％时刻波形图）对该噪声降噪效果最好的是（）

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5.如图，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀强磁场中，金属D,I?

棒MN沿框架以速度"向右做匀速运动。t=0时，磁感应强度为瓦，此时MNXXXX

1Vr

到达的位置恰好使MDEN构成一个边长为I的正方形。为使MN棒中不产生感XXXX

应电流，磁感应强度B变化规律的图像为（）EN

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6.彩虹圈有很多性质和弹簧相似，在弹性限度内弹力随着形变量的增加而增大，但彩虹圈

的重力不能忽略。如图所示，用手拿起彩虹圈的上端，让彩虹圈自由下垂且下端离地面一

定高度，然后由静止释放，彩虹圈始终没有超出弹性限度。贝!］（）

A.彩虹圈下落过程中长度不变

B.刚释放瞬间彩虹圈上端的加速度大于重力加速度

C.刚释放瞬间彩虹圈下端的加速度等于重力加速度

D.彩虹圈下落过程中只有弹性势能和动能相互转化

7.中国空间站在距地面高度约400km的轨道上做匀速圆周运动，该轨道远在距地面100k6的卡门线（外太空

与地球大气层的分界线）之上，但轨道处依然存在相对地心静止的稀薄气体，气体与空间站前端碰后瞬间可

视为二者共速。空间站安装有发动机，能够实时修正轨道。已知中国空间站离地面高度为伍地球半径为R,

地球表面的重力加速度为g,将空间站视为如图所示的圆柱体，其运行方向上的横截面积为S,稀薄气体密

度为P，不考虑其他因素对空间站的影响，贝1（）

空间站

--if

^MOOkuA卡门线

-——赢―0km

A.考虑到气体阻力，若空间站没有进行轨道修正，其高度降低，动能减小

B.空间站的速度大小为理

C.气体对空间站前端作用力大小为能替

n-rK

p22

D.空间站发动机的功率为pS（黑n尸

二、多选题：本大题共3小题，共18分。

8.2024年10月长春上空出现了罕见的极光。这是由于来自太阳的高能粒子（含电子、质子等）与地球大气层

中的原子碰撞，原子吸收一部分能量，再将能量释放而形成的。下列说法正确的是（）

A.太阳内部的裂变反应使其释放大量能量

B,极光是原子从高能级向低能级跃迁时产生的

C.红色极光的光子能量比绿色极光的光子能量大

D.用极光光谱可以分析地球大气的组成成分

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9.如图为某同学用激光照射一半圆形透明玻璃砖，研究光的传播规律，下面说法正确的是（）

B

A.4。为入射光，。8为反射光，0C为折射光

B,若入射光绕。点逆时针转动，反射光和折射光也随之逆时针转动

C.若入射光绕。点逆时针转动，反射光越来越强，折射光越来越弱

D.若入射光与界面MON成。角时，折射光恰好消失，则折射率n=表

10.如图，水平固定的平行带电极板M、N间距为d,板间产生匀强电M-----------------------------

V

场，电场强度大小为E,两板间同时雒垂直纸面向外、磁感应强度大P.*?

小为8的匀强磁场。一质量为小、电僵为的带正电的粒子，由两板间・・・・

左侧中点P以初速度见水平向右射入两极板间，该粒子恰好沿直线运N-----------------------------

动。仅将粒子初速度大小调整为2%发现粒子由Q点（Q点未标出）沿水平方向射出两极板间的区域。不计粒

子重力，下列说法正确的是（）

A.M板带正电，N板带负电B.粒子速度%

D

C.Q与P一定在同一水平线上D.d的大小可能等于喏

三、实验题：本大题共2小题，共14分。

11.某同学用图（a）所示的实验装置探究两个互成角度的力的合成规律，量角器竖直固定，。刻度线水平。三

根细绳结于。点，其中一根细绳悬挂重物c,另外两根细绳与弹簧测力计a、6挂钩相连，互成角度同时拉两

测力计，使结点。与量角器的中心点始终在同一位置。

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图(b)

(1)某次测量时测力计的示数如图(b)所示,读数为N(结果保留1位小数)。

(2)关于该实验，下列说法正确的是

4连接测力计的细绳之间夹角越大越好

2.实验前必须对测力计进行校准和调零

C实验过程中应保持测力计与量角器所在平面平行

(3)初始时，与两测力计相连的细绳所成夹角如图(①所示，保持夹角不变，顺时针缓慢转动两测力计直至测

力计6水平，在此过程中，测力计b的示数—

4一直变大

8.一直变小

C先变大后变小

D先变小后变大

12.测量电源的电动势和内阻的实验中，为了消除电流表和电压表内阻对实验结果的影响，某实验小组设计

了如图(a)所示的实验。先将单刀双掷开关S2接1，闭合Si，调节滑动变阻器，得到多组电压U和电流/,断

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(1)仅利用开关S2接1测得的数据，得出电动势和内阻，系统误差来源于o

4电压表分流

8.电流表分压

(2)开关S2接2进行实验，作出的U—/图像为图㈤中的图线(填“4”或"B”)o

(3)消除电流表和电压表内阻对实验结果的影响，用图(6)中物理量的符号表示出电动势石=，内阻r

四、计算题：本大题共3小题，共40分。

13.某小区发生一起高空坠物案件，警方在调取事发地监控后截取了两个画面，合成图片如图所示，图中黑

点为坠落的重物。重物经过4B两点的时间间隔为0.6s,各楼层平均高度约为3小，阴影部分为第14层的消

防通道。重物可视为由静止坠落，忽略空气阻力，取重力加速度g=10a/s2,请估算：

(1)重物开始坠落的楼层；

(2)重物刚接触地面时的速度大小(计算结果取整数)。

14.如图，在平面直角坐标系xOy中，第一象限内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场第二象限内存在沿x

轴正方向的匀强电场，电场强度石=鬻。某带电粒子由点4(-。0)以速度历沿y轴正方向射入电场，经y

轴进入磁场，偏转后会再次回到电场。已知该粒子质量为小，电荷量为+q,不计粒子的重力，sin37°

=0.6,cos37°=0.8,求：

(1)粒子第一次进入磁场的速度大小;

(2)磁感应强度8的取值范围。

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y

Vjx

A

15.“磁悬浮列车”是通过电磁力实现列车与轨道之间无接触的悬浮和导向，再利用直线电机产生的电磁力

牵引列车运行。某实验小组设计简化模型如图(a)所示，若磁悬浮列车模型的总质量为根，模型底部固定一

与其绝缘的矩形金属线框abed,线框的总电阻为R。用两根足够长、水平固定、间距为〃和矩形线框的边长

ab相等)的平行金属导轨PQ、MN模拟列车行驶的轨道，导轨间存在垂直导轨平面的等间距的交替匀强磁场,

相邻两匀强磁场的方向相反、磁感应强度大小均为8,每个磁场宽度与矩形线框的边长ad相等，如图(b)所

示。将列车模型放置于导轨上，当交替磁场以速度打向右匀速运动时，列车模型受磁场力由静止开始运动，

速度达到乎开始匀速运动，假定列车模型在运动过程中所受阻力恒定，不考虑磁场运动时产生的其他影响。

q

(1)求列车模型所受阻力/的大小；

(2)列车模型匀速运动后，某时刻磁场又以加速度a向右做匀加速直线运动，再经时间t列车模型也开始做匀

加速直线运动。

①分析求出列车模型匀加速运动的加速度大小ai；

②若列车模型开始匀加速运动时的速度为0,求t时间内列车所受安培力做的功勿。

图(a)图(b)

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：质点、单摆和理想气体都是典型的理想模型，它们分别忽略了物体的体积、摆线的质量和气

体分子间的相互作用力。而电场是描述电荷周围空间中电荷相互作用的物理量，它是一个实际存在的物理

现象，并非理想模型。故错误，8正确。

故选：B。

2.【答案】C

【解析】解：力、甲图中小磁针转动是由于电流产生的磁场对小磁针有作用力，故/错误；

8、乙图中回旋加速器通过电场加速粒子的，故3错误；

C、丙图中高频冶炼炉是利用涡流热效应工作的，故C正确；

丁图中无线充电过程利用了互感原理，故。错误。

故选：C„

3.【答案】D

【解析】解：4各种微粒在碰撞、摩擦的过程中电荷发生转移，并不是创造了电荷，故N错误；

8.电场线是假想的，并不是实际存在的，故8错误；

。.电势的大小是相对的，带电体周围的电势大小与零电势点的选取有关，则随着电荷的积累，云层附近的

电势不一定越来越高，故C错误；

。随着电荷的积累，电荷量越来越大，相当于场源电荷量增大，则云层附近的电场强度可能越来越大，故。

正确；

故选：Do

4.【答案】A

【解析】解：因为降噪耳机的基本原理是在耳机内产生一列相应的抵消声波，通过波的干涉起到消音作用,

则由波的干涉的减弱区的特点可知，两列波应频率相同、振幅相同、波长相同、波速相同，但相位相反，

故/正确，错误；

故选：Ao

5.【答案】D

【解析】解：感应电流的产生条件是穿过闭合回路的磁通量发生变化，只要保证穿过金属棒和金属架组成

的闭合回路的磁通量不发生变化，则MN棒中就不会产生感应电流，以后闭合回路的面积增大，所以磁感应

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强度要减小，需满足用Z2=B（+a），整理可得8=署？故。正确，ABC错误。

故选：Do

6.【答案】B

【解析】解尔刚开始下落的一小段时间内，上端下落的加速度大于下端下落的加速度，上端和下端之间

的距离减小，即彩虹圈的长度变短，从开始释放到彩虹圈下端接触地面的过程中，彩虹圈可能一直变短，

也可能先变短，后不变（即彩虹圈恢复到原长之后长度不变），故4错误；

BC、刚释放瞬间彩虹圈上端受到竖直向下的重力和弹力作用，合外力大于其重力，所以加速度大于当地的

重力加速度；彩虹圈下端受到竖直向上的弹力和竖直向下的重力，合外力小于其重力，所以加速度小于当

地的重力加速度，故2正确，C错误；

。、由于彩虹圈在下落过程中，彩虹圈的重心在下降，重力势能减小，则由功能关系可知，彩虹圈下落过程

中弹性势能与重力势能和动能相互转化，故。错误。

故选：B。

7.【答案】C

【解析】解：A根据万有引力提供向心力G等=爪?，可得"=呼，所以当轨道半径越小，线速度越大,

因此动能增大，故/错误；

B空间站正常在轨运动的线速度大小u=而在地球表面6鬻=巾00可得GM=gR2,则可得u=

此,故2错误；

7R+h

C.zlt时间内空间站前端所作用的气体为研究对象，Am=pSvAt,根据动量定理有=解得空间

站前端对气体的作用力大小F=£吗，根据牛顿第三定律，气体对空间站前端作用力大小尸'=£雾，故c

ri-rKn,-rK

正确；

D为保持空间站的轨道不变，空间站发动机提供的推力大小F"=F'=修誉，方向与速度方向相同，所以空

H-rK

间站发动机的功率为P=F、=pS（黑故。错误；

故选：C„

8.【答案】BD

【解析】解：4太阳辐射的能量主要来源于轻核聚变，故4错误；

8.极光是太阳风中的带电粒子（如电子、质子）进入地球磁场后，与大气中的原子或分子碰撞产生的发光现象，

这一过程会赋予气体原子或分子能量，使其进入激发态，当这些激发态的粒子回到基态时，会以光的形式

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释放能量，极光是原子从高能级向低能级跃迁时产生的，故2正确；

C根据E=hv可知，绿色极光比红色极光的光子能量大，故C错误；

D用极光光谱可以分析地球大气的组成成分，科学家可以通过光谱仪将极光的光分解成不同波长的光谱线,

将观测到的光谱线与实验室中已知元素的光谱数据库匹配，确定大气中存在的气体种类，谱线强度可反映

气体的密度或电离程度，帮助研究大气层的动态变化，故。正确；

故选:BD。

9.【答案】ACD

【解析】解人根据光的反射定律、折射定律，可知反射光线、折射光线均与入射光线分居法线两侧，结

合图中的光线位置，即可知入射光为4。、反射光为。8、折射光为。C,故/正确；

2、由图可知入射光线绕。点逆时针转动时，入射角增大，由反射定律，可知反射角增大，反射光线顺时针

转动；由折射定律，可知折射角转动，即逆时针转动，故2错误；

C、由图可知入射光线绕。点逆时针转动时，入射角增大，由反射光强、折射光强与入射角的关系，可知反

射光强变强，折射光强变弱，故C正确；

D、由折射光恰好消失时入射光线的位置，即可得到临界角为：c=90°-e,结合临界角与折射率的关系:

n=7^7，可得折射率为：n—故。正确。

sinecost7

故选：ACD.

10.【答案】BC

【解析】解：4带正电的粒子恰好沿直线运动，该运动为匀速直线运动，根据左手定则可知，在P点受到竖

直向下的洛伦兹力，故其受到竖直向上的电场力，可知N板带正电，M板带负电，故/错误；

8.结合上述，粒子受力平衡，则有

Bqv0-Eq

解得

E

Vo=B

故8正确；

C当射入速度大小为历时粒子做匀速直线运动，由此可知，可将2%分解为水平向右的为和巧，则满足

%+%=2v0

即有

可知，粒子一个分运动为以初速度火向右匀速直线运动，另一个分运动为以速度也在竖直平面内做圆周运

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动，设其半径为r，则有

mv{2

Bqu、=--

r

解得

mv()

r=~Bq

P点为粒子轨迹最高点，只有当粒子运动至轨迹最高点时，其才能沿水平方向射出两极板间的区域，此时速

度沿水平方向向右，可知Q点与P点在同一水平线上，故C正确；

D结合上述可知，粒子能射出两板间区域，可知

d>4r

结合上述解得

4mvo

d>„

Bq

故。错误。

故选：BCo

n.【答案】2.6BCB

【解析】解：(1)测力计的最小刻度为0.2N,所以读数为2.6N。

(2)2、连接测力计的细绳之间的夹角大小合适即可，并不是越大越好，故/错误；

8、为了保证测力计的读数准确，在实验前必须对测力计进行校准和调零，故3正确；

C、为了保证测力计的读数即为细绳的拉力大小，实验过程中应保持测力计与量角器所在平面平行，故C正

确。

故选：BCo

(3)对结点。画出受力图，如图所示

两力的合力大小不变，因为保持两力的夹角不变，用画圆法分析，如图所示

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根据图像可知测力计a的示数逐渐增大，测力计6的示数一直减小，故3正确，NCD错误。

故选：Bo

故答案为：(1)2.6；(2)BC；(3)B。

12.【答案】BB以品

【解析】解：(1)由图(a)所示电路图可知，S2接1时相对于电源电流表采用内接法，由于电流表的分压作用

使路端电压的测量值小于真实值造成实验误差，故选瓦

(2)开关S2接2时由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，导致电源电动势与内阻的测量值都小

于真实值，U—/图图线应为B。

(3)开关S2接1时电源电动势的测量值等于真实值，图线为4则电源电动势E=UA；

开关S2接2时短路电流的测量值与真实值相等，由图线B可知，短路电流为/B，则电源内阻r=岩。

1B

故答案为:(1)B：(2)B；(3)。4；务

13.【答案】解：(1)设下落点到4的高度为八，下落时间为t,

则重物从开始下落到B点的高度为h+6m,下落时间为t+0.6s

重物做自由落体运动，则/1=/产，h+6=，(t+0.6)2

代入数据解得：h=2.45m

结合图片4点的位置可知，重物从16楼开始坠落

(2)设下落点到地面的高度为H,重物刚接触地面时的速度大小为u

根据(1)问结果可知：45m<H<48m

重物下落过程，由无一"公式得：v2=2gH

代入数据解得：u=30m/s或u=31m/s

答：(1)重物开始坠落的楼层是16楼；

(2)重物刚接触地面时的速度大小是30m/s或31zn/s。

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14.【答案】解：(1)粒子在电场中做类平抛运动

根据牛顿第二定律可知

qE=ma

沿久轴方向

L=|-at2

vx=at

可解得

3

以=胪0

粒子进入磁场时的速度

V=J诏+处

解得

5

V=4V°

(2)粒子第一次进入磁场时的位置坐标

y=vot

解得

y=1L

设粒子进入磁场时速度与y轴正方向夹角为仇则

COS0=—V

解得

cos6八=-4

6=37。

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粒子在磁场中的运动轨迹刚好与无轴相切时，半径最大，满足关系

y=rm+rmsin6

可解得最大半径

即粒子在磁场中运动轨迹半径满足

r等

根据洛伦兹力提供向心力

V2

qvbD=m—

解得

B>普

答：（1）粒子第一次进入磁场的速度大小为

（2）磁感应强度B的取值范围为B>喘。

15.【答案】解：（1）设列车行驶速度为%，线框中的感应电动势大小为：E=2FL（v0-vi）

感应电流大小为：/=看

线框所受安培力大小为：F=2ILB=4