2024年北师大版选修3物理上册阶段测试试卷174

2024年北师大版选修3物理上册阶段测试试卷174

考试试卷

考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟

学校：姓名：班级：考号：

总分栏

题号—二三四五六总分

得分

评卷人得分

一、选择题（共9题，共18分）

1、大自然之中存在许多绚丽夺目的晶体，这些晶体不仅美丽，而且由于化学成分和结构各不相同而呈现出千姿

百态：高贵如钻石，平凡如雪花，都是由无数原子严谨而有序地组成。关于晶体与非晶体，正确的说法是（）

A.不具有规则几何形状的物体一定不是晶体

B.液晶具有流动性，但其光学性质具有各向异性

C.单晶体和多晶体的物理性质是各向异性的，非晶体是各向同性的

D.天然水晶是晶体，熔化后再凝固的水晶（即石英玻璃）也是晶体

2、下列有关光学现象的说法正确的是（）

A.光从光密介质射入光疏介质，若入射角小于临界角，则•定发生全反射

B.光从光密介质射入光疏介质，其频率不变，传播速度变小

C.通过两支铅笔夹成的狭缝观察R光灯管看到彩色条纹的现象属于光的衍射现象

D.光在各种介质中的速度相同

3、如图所示，在xQv坐标系的第I象限中有垂直于纸面向里的匀强磁场，一带电粒子在％轴上的A点垂直于x

轴射入磁场，第一次入射速度为力且经时间”恰好在。点反向射出磁场，第二次以21，的速度射入，在磁场中

的运动时间为力,则为：立的值为（）

✓v/m

XXXX

B

XXXX

XXXX

xx|X

aA

A.1：2

B.1；4

C.2；1

D.Q

4、叵旋加速器的工作原理如图所示：功和功是两个中空的半圆金属盒，它们之间有一定的电势差.A处的粒子

源产生的a粒子在两盒之间被电场加速；两个半圆盒处于垂直于盒面的匀强磁场中.a粒子进入半圆金属盒内

做匀速圆周运动.若忽略a粒子在电场中的加速时间且不考虑相对论效应，则下列说法正确的是。

接交流电源

A.a粒子在磁场中回转一周运动的周期越来越小

B.a粒子在磁场中回转一周运动的周期越来越大

C.仅增大两盒间的电势差，a粒子离开加速器时的动能增大

D.仅增大金属盒的半径，a粒子离开加速器时的动能增大

5、如图所示，交流电流表4、Az、A3分别与平行板电容器C、带铁芯的线圈L和电阻R串联后接在同一个交流

电源上；三个电流表各有不同的读数.下列说法正确的是。

A.增大电源频率，A3读数增大

B.增大电源频率，A2读数增大

C.抽去线圈中的铁芯，Az读数增大

D.增大电容器两极板之间的距离，餐读数增大

6、如图所示，a和b是从A点以相同的速度垂直磁场方向射入匀强磁场的两个粒子运动的半圆形径迹，已知两

个粒子带电量相同，且；不i-重力的影响，则由此可知（）

A.两应子均带正电，质量比

啊1

B.两粒子均带负电，质量比==；

叫1

中]

C.两粒子均带正电，质量比一i=一

叫4

%1

D.两荷子均带负电,质量比广

7、如图所示，线圈工的自感系数很大，且其电阻可以忽略不计，Li、L2是两个完全相同的小灯泡，随着开关S

闭合却断开的过程中，灯L】、L2的亮度变化情况是（灯丝不会断）（）.

A.S闭合，Li亮度不变，L2亮度逐渐变亮，最后两灯一样亮；S断开，L2立即不亮，Li逐渐变亮

B.S闭合，Li不亮，1_2很亮；S断开,Li、1"2立即不亮

C.S闭合，L1、L2同时亮，而后L】逐渐熄灭，L2亮度不变；S断开，L2立即不亮，L]亮一下才熄灭

D.S闭合，L】、L2同时亮，而后L】逐渐熄灭，L2则逐渐变得更亮；S断开，L2立即不亮，Li亮一下才熄灭

8、下列说法正确的是

A.卓皆喉（T宾尊龊a衰变方程

B.聊av邮平是核聚变反应方程

C.斛J.修求项趣是核裂变反应方程

D.,愀窗；项地T#是核聚变反应方程

9、如图,一个礼花弹竖直上升到最高点时炸裂成三块碎片，其中一块碎片首先沿竖直方向落至地面，另两块碎片稍

后一些同时落至地面.则在礼花弹炸裂后的瞬间这三块碎片的运动方向可能是（）

A.

B.

评卷人得分

二、多选题（共5题，共10分）

10、如图所示，电源电动势为E,内阻为r,电压表V］、V2、V3为理想电压表，&、角为定值电阻，及为热敏

电阻（其阻值随温度增高而减小），。为电容器，闭合开关S,电容器。中的微粒A恰好静止。当室温从2s。升

高到（的过程中，流过电源的电流变化量是\/三只电压表的示数变化量是a，,和则在此过程中

A.V2示数减小

B.微粒A向上加速运动

C.Q点电势降低

11、下列说法正确的是（）

A.液体凝固时，分子平均动能一定减小

B.外界对气体做功时，其内能一定会增大

C.一定质量的气体，在体积不变时，分子每秒与器壁平均碰撞次数随温度降低而减小

E.生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成

E.生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成

12、如图所示为小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于磁场方向的水平轴。。’沿逆时针方向以角速度匀速

转动.线圈的匝敬为〃、电阻为广，外接电阻为七A为交流电流表.线圈从图示位置（线圈平面平行丁磁场方

向）开始转过5「'时的感应电流为/.下列说法中正确的是.

A.电流表的读数为0J

B.转动过程中穿过线圈磁通量的最大值为〜

c.线圈转动一周的过程中，电阻R产生的热量为

6）

D.从图示位置开始转过90°的过程口，通过电阻R的电荷量为二

O

13、一定质量的理想气体自状态A经状态C变化到状态8。这一过程的V-T图像表示如图所示；则（）

A.在过程4c中，外界对气体做功，内能不变

B.在过程CB中，外界对气体做功，内能增加

C.在过程4C中，气体压强不断变大

D.在过程CB中，气体压强不断减小

14、某同学设计了一个探究电容器所带电荷量与电容器两极板间电压关系的实验，实验电路如图甲所示，其中

户为电流传感器，V为理想电压表.实验时，先将开关S1闭合，单刀双掷开关S2掷向m调节滑动变阻器的滑

动头到某位置使电容器C充电，当目路稳定后记录理想电压表的示数.再迅速将开关S2掷向江使电容器放电。

电流传感器尸将电容器充、放电过程中的电流数据传送给计算机，在计算机上可显示出电流，随时间，变化的图

像如图乙所示。然后改变滑动变阻罂滑动头的位置；重复上述步骤，记录多组电流随时间变化的图像和电压表

的示数.对于这个实验过程和由图像及数据所得出的结果，下列说法中正确的是（）

乙

A.流过电流传感器P的充电电流和放电电流方向相同

B.图乙中的第①段（充电阶段）电流曲线与横轴所围图形的面枳表示电容器充电结束时所带的电荷量

C.电容器所带电荷量与电容器两极板间电压的关系图象应为一条过原点的倾斜直线

D.电容器充电结束时所带电荷量与滑动变阻器滑动头的位置无关

评卷人得分

三、填空题（共7题，共14分）

15、一定量的理想气体从状态。开始，经历ab、be、co三个过程问到原状态，其p-r图象如图所示。—（选

填、〃"b〃或"c"）状态分子的平均动能最小，b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的

次数（选填"相同"或"不同〃），e过程外界对气体做的功_（选填“大于"、"小于"或"等于"）气体放出的

16、在北方寒冷的冬天，有时会出现"多个太阳"的“幻日"奇观，这时由于空气中的水蒸气在大气里凝结成'了小冰

晶，太阳通过冰晶折射的缘故。如图所示为太阳光照射到六角冰晶上折射的光路图，。、b是太阳光中的两种单

色光，由此可以判断，冰晶对单色光a的折射率（填“大于”或"小于〃）冰晶对单色光b的折射率，单

色光3在冰晶中的传播速度比单色光b在冰晶中的传播速度（填"大'’或”小〃）

17、如图所示，导线圈A水平放置，条形磁铁在其正上方，N极向下且向下移近导线圈的过程中，导线圈A中

的感应电流方向是（从上往下看）一，导线圈A所受磁场力的方向是—.

S

N

18、一种海浪发电机的气室如图所示。工作时；活塞随海浪上升或下降，改变气室中空气的压强，从而驱动进

气阀门和出气阀门打开或关闭。气室先后经历吸入；压缩和排出空气的过程，推动出气口处的装置发电。气室

中的空气可视为理想气体。

⑴下列对理想气体的理解，正确的有

A.埋想气体实际上并不存在；只是一种埋想模型。

B.只要气体压强不是很高就可视为理想气体。

C.一定质量的某种理想气体的内能与温度；体积都有关。

D.在任何温度；任何压强下；理想气体都遵循气体实验定律。

⑵压缩过程中，两个阀门均关闭。若此过程中，气室中的气体与外界无热量交换，内能增加了3.4X104J,则该

气体的分子平均动能（选填"增大〃”减小〃或“不变〃），活塞对该气体所做的功（选填“大于〃”小于〃

或，，等于"）3.4X104JO

⑶上述过程中，气体刚被压缩时的温度为27℃,体积为0.224m3,压强为1个标准大气压。已知lmol气体在1

个标准大气压、0℃时的体积为22.4L,阿伏加德罗常数7VA=6.O2X1O2?mol1,则此时气室中气体的分子数为。

（计算结果保留一位有效数字）

19、如图所示是一个单摆做受迫振动时的共振曲线，表示振幅A与驱动力的频率f的关系，则该单摆的摆长约

为，若增大摆长，共振曲线的"峰”将（填〃向右移动"、"向左移动”或"不移动

20、如图所示，一弹簧振子在M、N间沿光滑水平杆做简谐运动，坐标原点0为平衡位置，MN=4cm.从小球

图中N点时开始计时，到第一次经过。点的时间为0.1s,则小球振动的周期为s,振动方程的表达式为

x=cm；.

、------------"卜

7MoNv

21、位于坐标原点O处的波源产生一个沿x釉正方向传播的脉冲波，波速v=20m/s.已知t=0时刻波刚好传播到

A-lOm处，如图所示.若传播过程中无能量损失，由图可知振源只振动了s,再经—s波刚好传播到x=20m

处，t=0时刻后.r=8m处的质点运动的路程为cm.

评卷人得分

四、作图题（共3题，共30分）

22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，内、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图

中补画出电流方向或磁感线方向.

甲

乙

丙

每⑤⑤⑤⑤⑤

T戊己

23、示波管的内部结构如图所示.如果在偏转电极xx/、y*之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心.如

果在偏转电极X%方间和2方间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏卜出现的完整扫描波形

B

24、图中表示某一时刻的波形图，己知波速为0.5rn/s,波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷入得分

五、实验题（共2题，共10分）

25、某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，用10分度的游标卡尺测其长度为mm,用螺旋测微

器测其直径为mm.后正确操作获得了电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数他依次是

A、V.

A.待测表头Gi,内阻门约为300C；量程5.0mA；

B.灵敏电流计G2,内阻/■ZTOOC；量程1.0mA；

C.定值电阻R=1200Q；

D.滑动变阻器母=2。0；

E.滑动变阻器&=20000；

F.电源，电动势E=3.0V；内阻不计；

H.开关S；导线若干.

（1）在如图所示的实物图上将导线补充完整____________:

（2）滑动变阻器应选___________（填写器材前的字母代号）.开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑动至

端（填"a〃或%〃）；

<3）实验中某次待测表头Gi的示数如图所示；应数为mA：

（4）该同学多次移动滑片P,记录相应的Gi、Gz读数/1、/2；以/;为纵坐标，/：为横坐标，作出相应图线.已

知图线的斜率4=0.18,则待测表头内阻「尸Q.

（5）该同学接入电阻R的主要目的是.

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六、解答题（共4题，共16分）

27、如图所示，T形活塞将绝热汽缸内的气体分隔成A、4两部分，活塞左、右两侧截面积分别为S1、S，活塞

与汽缸两端的距离均为乙汽缸上有。、氏c•三个小孔与大气连通，现将〃、b两孔用细管（容积不计）连接.已

知大气压强为po,环境温度为乙；活塞与缸壁间无摩擦.

_L1

r~I1

⑴若用钉子将活塞固定，然后将缸内气体缓慢加热到八；求此时缸内气体的压强；

⑵若气体温度仍为7b,拔掉钉子，然后改变缸内气体温度，发现活塞向右缓慢移动了的距离（活塞移动过程

中不会经过小孔），则气体温度升高还是降低？变化了多少？

28、［物理一一选修3-4］

（1）如图，一个三棱镜的截面为等腰直角工.\B（/'为直角.此截面所在平面内的光线沿平行于BC边的方

向射到AB边，进入棱镜后直接射到AC边上，并刚好能发生全反射.该棱镜材料的折射率为一.（填入正确选

项前的字母）

（2）波源Si和S2振动方向相同，频率均为4Hz,分别置于均匀介质中上轴上的门\两点处，0\］山如图所

示.两波源产生的简谐横波沿1轴相向传播，波速为为"、.已知两波源振动的初始相位相同.求：

§1也一

OA

（i）简谐横波的波长：

（11）0'间合振动振幅最小的点的位置.

29、如图，在真空中的整直面内建立直角坐标系xoy,在x轴下方有匀强电场（图中未画出），现珞一群带正电的

初速度均为vO的同种微粒从第一象限的不同位置水平抛出，微粒均能到达原点O,且过原点后均做直线运动.现

在x轴下方沿垂直纸面向里的方向上增加匀强磁场，磁感应强度大小为B.粒子的质量为m,电量为q,不考虑

微粒间的相互作用，重力加速度为g.

y/m

Vo/

O

P、

⑴求抛出点所在曲线对应的函数关系式；

⑵试证明：经磁场偏转后，所有粒子返回y轴时均通过同一点p,并求出该点的坐标；

（3）若m=0.01kg,q=O.O2C,v0=6ms,B=1T,g=10m/s2,某粒子第一次返回x轴时的坐标为（10,0）,求该粒子抛

出点的坐标.

30、；〃的质量是3.016050U；质子的质量是1.007277U,中子的质量是1.008665U.lu=931.5MeV,求：

（1）写出一个质子和两个中子结合为僦核时的核反应方程式。

（2）一个质子和两个中子结合为笊核时；是吸收还是放出能量？该能量为多少？

（3）僦核的结合能和比结合能各是多少？（结果保留三位有效数字）

参考答案

一、选择题（共9题，共18分）

1、B

【分析】

【分析】

【详解】

A.只有单晶体具有天然规则的几何形状；多晶体无天然规则的几何形状，选项A错误；

B.液晶具有流动性；但其光学性质具有各向异性，选项B正确；

C.单晶体的物理性质是各向异性的；多晶体和非晶体是各向同性的，选项C错误；

D.天然水晶是晶体；熔化后再凝固的水晶（即石英玻璃）是非晶体，选项D错误。

故选B。

2、C

［分析1

【详解】

A.光从光密介质射入光疏介质；若入射角小于临界角，则一定不会发生全反射。发生全反射的

条件是，大于等于临界角，所以A错误；

B.光从光密介质射入光疏介质；其频率不变，由。

可知；折射率越小，传播速度越大，所以B错误；

C.通过两支铅笔夹成的狭缝观察日光灯管看到彩色条纹的现象属于光的衍射现象；所以C正

确；

D.由。

v=—C

n

可知；光在各种介质中的速度与介质的折射率有关，所以速度是不相同的，所以D错误。

故选C。

3、C

【分析】

【详解】

由于带电粒子在磁场中做匀速圆周运动时,洛仑兹力提供向心力从而得到半径公式

H1V

「一印

时间

只与粒子偏转的角度有关.由题意当粒子的速度变为2u时，其半径也变为原来的2倍，则粒子偏

转9()。后垂直y轴射出。

所以圆心角之比为2:1；故时间之比为2:1,故ABD错误，C正确。

故选C。

【点睛】

本题容易出错的是：粒子运动的周期与粒子的速度无关，所以很容易判断出时间之比为了1:1,

但没有考虑到磁场区域只在第I象限，粒子还没有达x轴时已穿出磁场，所以粒子只偏转90。。

4、D

【分析】

【详解】

。粒子在磁场中运动的周期：料一繁与其速度的大小无关，所以a粒子运动的周期不变.故

AB错误；由崎・喈得：攀则最大动能为：吟屣渊知最大动能与加速器的半

径/?、磁感线强度3以及电荷的电量和质量〃?有关，与加速电压的大小无关；仅增大金属盒的

半径，a粒子离开加速器时的动能增大，故C错误，D正确.

5、C

【分析】

【详解】

电阻的电阻值与交流电的频率无关，所以频率变大，电路中的电流不变，A3示数不变，故A错

误；交流电的频率变大，线圈的感抗变大，电流减小，所以A2数将减小，故B错误；抽去线圈中

的铁芯，线圈的感抗变小，A?读数增大，故C正确；增大电容器两极板之间的距离，电容器的电

容减小，对交流电的阻碍作用增大，所以电流减小，Ai读数减小.故D错误；故选C.

【点睛】

此题考查电容、电感对交变电流的影响，也就是容抗、感抗与交变电流的关系.当交变电流的

频率变大时，线圈的感抗变大，电容潜的容抗变小.

6、B

【分析】

两粒子进入磁场后均向下偏转，可知在A点，均受到向下的洛伦兹力，由左手定则可知，四指所

指的方向与运动方向相反，得知两个粒子均带负电；在磁场中由洛伦兹力提供向心力，则有

部雄c'E得”，=也因a、b进入磁场的速度相同，电量也相同,又在同一磁场运动,故

选B.

叫节11

【点睛】该题考查带电粒子在匀强磁场中的偏转，带电粒子在匀强磁场中以垂直于磁场方向运

动，洛伦兹力提供向心力，粒子做匀速圆周运动.根据偏转方向，利用左手定则来判断粒子所带

的电性，根据半径判断粒子的质量比.

7、D

【分析】

当S闭合瞬时，两灯同时获得电压，同时发光，随着线圈L电流的增加，逐渐将L灯短路，L.

逐渐变暗直到熄灭，同时：L2电流逐渐增大；变得更亮；

S断开瞬时，L2中电流消失，故立即熄灭，而Li中由于电感中产生一个与电流同向的自感电动

势，故右端为正，电流由灯泡L的右侧流入，故Li亮一下逐渐熄灭.故D正确；ABC错误；

点睛：对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生

自感电动势，相当于电源.

8、B

【分析】

【详解】

〃衰变是自发地进行的，不需其它粒子轰击，A错误；B中的反应为轻核聚变反应方程，B正

确；C中是〃衰变方程，C错误；D中的反应方程为原子核人工转变方程，D错误.

9、D

【分析】

礼花弹炸裂的瞬间动量守恒，因炸裂前的总动量为竖直向上的方向，则炸裂后总动量也是竖直向

上，水平方向的总动量为零，因一碎块沿竖直方向先落地，可知其速度方向竖直向下，则礼花弹

炸裂后的瞬间这三块碎片的运动方向可能是D,故选D.

二、多选题（共5题，共10分）

10、A:D

【分析】

【详解】

A.该电路的结构为：％,&串联在电路上，电压表Vi测量H两端电压，电压表V：测量&两端

电压，电阻外和电容器串联，稳定时断路，电压表V3测量电容器两端电压，也测量路端电压，

当室温从升高到？TC的过程中，&的阻值减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得，

总电流增大，R和内阻上的电压增大，小两端电压减小，V2示数减小；A正确；

B.由于总电流增大：内电压增大，路端电压减小，电容器两端的电压减小，电场力减小，微粒

向下加速运动，B错误；

C.由A分析得R两端电压增大

婚幡啕'’麴尸才牝

大于零且减小，所以Q点的电势小于。且升高；C错误；

D.由

境萨扁,热叫.•出

得

由

得

A3

故

萼前r、暮,或？

D正确。

故选ADo

11、C:D:E

【分析】

【分析】

【详解】

A.若液体凝固成晶体时；温度不变，而温度是分子的平均动能的标志，可知液体凝固时，分子

平均动能可能不变，故A错误；

B.做功和热传递都可以改变物体的内能；若外界对气体做功的同时；气体放出热量，其内能不

一定会增大，故B错误；

C.根据理想气体的状态方程可知；一定质量的气体，在体积不变时，温度降低则压强减小；气

体的压强与分子密度以及单位时间内对单位面积上的碰撞次数有关，体枳不变则分子密度不变，

所以温度降低；压强降低时，分子每秒与器壁平均碰撞次数减小，故C正确；

D.根据热力学第二定律可知；空调既能制热又能制冷，说明在不自发的条件下热传递方向性可

以逆向，故D正确；

E.生产半导体器件时；需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子

的扩散来完成的，故E正确；

故选CDEo

【点睛】

温度是分子的平均动能的标志，液体凝固成晶体时，温度不变；做功和热传递都可以改变物体

的内能；根据压强的微观意义分析；不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；生

产半导体器件时，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成.

12、A:B

【分析】

【详解】

A、由题行鼎礴则得感应电流的最大值匕2/rr效值弩t供^则电流表的读数为A』故

选项A正确；

B、感应电动势的最大值禺=5遍窕就『蜜黑'啮乂3断磁通量的最大值小心联立解

得就一部♦坐褊2故选项B正确；

2

C、线圈转动一周的过程中，电阻月产生的热量（）lKr,「八K架也姑故选项C错

误；

D、从图示位置开始转过5户的过程中，根据“-/W超浮一等可得通过电阻〃的电荷量

。普聆〃♦一当兽劣故选项D错误•

13、A:C

【分析】

【详解】

AC.AC过程中气体温度不变，气体内能不变，气体体积减小，外界对气体做功，由理想气体状

态方程今一（可知；气体压强增大，A正确，C正确；

BD.CB过程气体温度升高，气体内能增加，该过程气体体积不变，外界对气体不做功，由理想

气体状态方程（可知；气体压强增大，B错误，D错误。

故选ACo

【点

根据图像所示气体体积与温度的变化情况，应用理想气体状态方程可以判断出气体压强如何变

化，根据气体温度的变化，可以判断出气体内能的变化。

14、B:C

【分析】

【详解】

A.从图中可知；电容器的左端为正，充电过程中电流从电源正极流向电容正极，放电过程电流

从电容的正极流出，所以充电和放电电流方向不同，故A错误；

B.根据公式

Q=It

可得图乙中的第①段（充电阶段）电流曲线与横轴所围医形的面积表示电容器充电结束时所带的

电荷量；故B正确；

C.因为电容器的电容是恒定不变的，根据电容定义式

变形得

Q=CU

可得到Q是关于U的一次函数；所以电容器充电结束时所带电荷量随电容器充电结束:时两极间

电压变化的关系图像应为一条过原点的倾斜直线，故C正确；

D.因为电容器是跟滑动变阻器的左端并联在一起的，所以电容器的充电结束时的电压和滑动片

的位置有关，根据公式

「Q

可知电容器充电结束时所带电荷量与滑动变阻器滑动头的位置有关；故D错误。

故选BCo

三、填空题（共7题，共14分）

15、略

【分析】

【分析】

【详解】

[1]由图像可知，。、〃和c三个状态中。状态温度最低；分子平均动能最小。

⑵由图像可知，历过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体

积增大，b.C,状态气体的分子数密度不同，〃和C•两个状态中；容器壁单位面积单位时间内受到

气体分子撞击的次数不同。

⑶由图像可知，CQ过程气体压强不变，温度降低，由盖吕萨克定律可知，其体积减小，外界对

气体做功，W>(),气体温度降低，内能减少，△〃<(),白热力学第一定律可知，气体要放出热

量，过程CQ中外界对气体所做的功小于气体所放热量

【解析】

。不同小于

16、略

【分析】

【详解】

[1]单色光。的偏向角小于单色光b的偏向角，所以冰晶对单色光。的折射率小于冰晶对单色光b

的折射率；

⑵由。

7

解得。

【解析】

小于大

17、略

【分析】

【详解】

第一空；逆时针。

当磁铁向下移近导线圈的过程中，穿过导线圈A的磁通量增大；在导线圈中要产生感应电流，由

楞次定律可知，导线圈中产生的感应电流要阻碍原磁场的增大，由安培定则可判断感应电流方向

是(从上往下看)逆时针.

第二空；竖直向下。

当磁铁在导线圈A正上方向下移近的过程中，导线圈中产生的感应电流要阻碍原磁场的增大，导

线圈4有远离磁铁的趋势，所以导线圈A所受磁场力的方向是竖直向下.

【解析】

逆时针竖直向下

18、略

【分析】

【分析】

【详解】

(1)[1]AD.理想气体是指在任何温度；任何压强下都遵守气体实验定律的气体；是为了研究方

便而引入的不计本身大小、分子间除碰撞外不计相互作用力，无分子势能、分子间碰撞为弹性碰

撞的理想模型，故AD正确；

B.实际气体温度不太低；压强不太大时可视为理想气体；故B错误；

C.由于理想气体不计分子势能；因此其内阻只与温度有关，故C错误。

故选ADo

(2)[2][3]由于压缩过程中气体与外界无热量交换，气体内能增加，因此温度升高，气体的分子

平均动能增大，根据热力学第一定律可知

W=^U=3Ax\(^J

(3)[4]设气体在标准状况下的体积为Vo,上述过程为等压过程，有

r_*0

f

气体物质的量为

由

分子数为

N=M

联立以上各式并代入数据解得

八，=黎u通工=5x1024

【解析】

①.AD②.增大③.等于④.5X1024

19、略

【分析】

【详解】

由共振曲线可知：当驱动力频率f=（）.5Hz时产生共振现象，则单摆的固有频率为：

f=0.5Hz.9敏能由单摆的周期公式有：簿黜通得：需,霜.崩.

由单摆的频率公式为："，嗨8得知，当摆长增大时，单摆的固有周期增大，频率减小，产生

共振的驱动力频率也减小，共振曲线的“峰”向左移动.

【解析】

1向左移动

20、略

【分析】

【详解】

如图，从正向最大位移处开始计时，振动方程的表达式为为：户Acos而；其中振幅A=2cm；

据题可得：T=4x0.ls=0.4s,则折¥=57trad/s

则振动方程的表达式为为：x=2cos5nrcm.

【解析】

0.42cos5兀/

21、略

【分析】

【详解】

由图可知;入=6m,贝IJ入=8m,周期非马一熟《-斯则由图可知振源只振动了1/波刚好

传播到x=20m处还需要的时间：2如t=0时刻后x=8m处的质点只振动了T/2,

则运动的路程为2A=10cm.

【解析】

().3().51()

四、作图题(共3题，共30分)

22、略

【分析】

【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方

向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确

定螺线管的磁场的方向向右.如图所示：

戊

【分析】

试题分析：A图中；在XX，偏转电极所加的电压的周期为2T,即在2T的时间内才能完成一次水

平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T,所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖

直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量

与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象.XX彳扁转电极要接入锯齿形电压；即扫描

电压.

B图中；在XX，偏转电极所加的电压的周期为T,即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的

扫描，同时竖直方向的周期为T,所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一

个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏

转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图.

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的丫丫彳扁转电压上加的是待显示的信号

电压，XX，偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就

可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象

【解析】

24、略

【分析】

【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后,故尸3.5m位置的原图中40位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】

五、实验题（共2题，共10分）

25、略

【分析】

【详解】

试题分析：游标卡尺读数为91cm+0.Immx7=91.7mm；螺旋测微器测其直径为

lmm+0.01mmx6.2=1.062mm.电流表;电压表的读数依次是0.42A、2.26V.

考点：游标卡尺及螺旋测微器的读数；电压表及电流表的读数

【解析】

91.7；1.062+0.001；0.42；2.26

26、略

【分析】

【分析】

【详解】

（1）实物连线如图:

（2）因为滑动变阻器要接成分压电路，则应该选择阻值较小的。；开关5闭合前，滑动变阻器的

滑片产应滑动至。端；

（3）待测表头Gi的示数为3.00mA；

（4）由欧姆定律可知：.：岛=匐阳+喻即之\溪工幻则耳上±二啥心解得3=厂