2025届黑龙江省部分学校高三年级下册二模考试物理试题（含答案解析）

2025届黑龙江省部分学校高三下学期二模考试物理试题

学校:姓名：班级：考号：

一、单选题

1.2024年10月3日，PhysicalReviewC期刊上发表了中国科学院近代物理研究所的研究

成果：研究团队合成新核素杯-227C;PU）,并测量了该新核素的半衰期。已知杯-227的衰

变方程为于PufY+$U,下列说法正确的是（）

A.Y的电离能力较强，但穿透能力较弱

B.该反应遵循电荷数守恒和质量守恒定律

C.■Pu原子核的结合能小于原子核的结合能

D.100个杯-227原子核经过两个半衰期后还剩余25个

2.如图所示，一个半球形的碗固定在桌面上，。为球心，碗口水平，碗的内表面及碗口是

光滑的。一根轻质细线跨在碗口上，细线的两端分别系有两个小球P和Q,当它们处于平衡

状态时，碗内的小球P和。点的连线与竖直方向的夹角。=30。，另一小球Q静止于空中。

两小球均可视为质点，则碗内小球P与碗外小球Q的质量之比为（）

3.如图所示是同一地点的甲、乙两单摆的部分振动图像，下列说法正确的是（）

A.甲、乙两单摆的摆长之比为9:4

试卷第1页，共8页

B.乙单摆的振动方程x=8sin[?+7i4m

C.甲单摆的机械能小于乙单摆的机械能

D.0〜1s内，甲摆球的重力势能增大，乙摆球的重力势能减小

4.智能呼啦圈可以提供全面的数据记录，让人合理管理自己的身材，其简化模型如图所示。

可视为质点的配重用轻绳悬挂到腰带的P点，配重随轻绳在水平面内做匀速圆周运动，轻

绳与竖直方向的夹角为6。运动过程中腰带与人相对静止，下列说法正确的是（）

A.若仅增大转速，腰带受到的摩擦力将增大

B.若仅增大转速，绳子与竖直方向夹角e将减小

c.若仅增加配重，保持转速不变，绳子与竖直方向的夹角。将减小

D.若仅增加配重，保持转速不变，腰带受到的摩擦力将增大

5.如图所示，某同学从与墙水平距离为s、离地高为〃处水平抛出一弹性小球（可视为质

点），小球与竖直墙面发生碰撞后反弹，经过一段时间，小球首次落在水平地面上的落地点

距墙面的水平距离为!s。若小球和墙面碰撞后，水平方向速度减小为原来的一半，竖直方

向速度保持不变，碰撞时间忽略不计，不计空气阻力，则小球与墙壁碰撞位置的离地高度为

（）

4248

6.火星冲日现象是火星、地球、太阳三者处于同一直线上，地球处于太阳、火星之间，此

时是观察火星的最佳时间。如图所示，假设火星和地球在同一平面内沿同一方向绕太阳做匀

速圆周运动。已知火星到太阳中心的距离约是地球到太阳中心的距离的1.5倍，下列说法正

确的是（）

试卷第2页，共8页

A.火星绕太阳公转的周期约为15个月B.地球与火星公转的线速度大小之比为3:2

C.地球与火星公转的向心加速度大小之比为4:9D.两次火星冲日现象的时间间隔约

为26.4个月

7.如图所示，两相邻宽度均为工的有界匀强磁场，其磁场方向相反，磁感应强度大小均为

B。边长为£、电阻为R的单匝正方形线框a6cd的仍边与磁场左边界共线，线框在外力作

用下，以速度v匀速穿越有界磁场。以油边刚进入磁场为计时零点，规定线框中感应电流

i逆时针方向为正方向，力方向向右为正方向，边所受安培力为F,外力为凡下列图像

正确的是（）

BLv

0.75

B.

0---------------------------►t/—

1;2；3v

-0.25

-0.5

R

2-

D.

1---------!

L

v

试卷第3页，共8页

二、多选题

8.下列说法正确的是（）

A.分子力随分子间距离的减小一定增大

B.外界对气体做功，气体内能一定增加

C.晶体在熔化过程中吸收热量，分子势能一定增大

D.某容器内气体分子平均动能减小，分子数密度增大，则气体的压强可能不变

9.如图所示的电路中，电容器甲、乙通过导线连接，闭合开关S一段时间后，电容器乙两

极板间的带电液滴恰好静止。现将开关S断开，随后将电容器甲的下极板向上平移少许，下

列说法正确的是（）

[ER__

A.电容器甲的电容减小B.电容器乙两极板间的电压减小

C.液滴将向上运动D.流过灵敏电流计的电流方向向右

10.某款手动发电式电筒的装置简化图如图所示，装置左侧是一个水平圆盘，当圆盘绕轴心

匀速转动时，固定在圆盘边缘处的小圆柱带动T形绝缘支架在水平方向往复运动，T形支架

进而驱动导体棒在光滑的水平导轨上运动，导轨右端连接一理想变压器，其输出端给额定电

压为2V的灯泡供电，导轨间存在垂直纸面向外、磁感应强度大小3=10T的匀强磁场。当

导体棒运动的速度随时间变化的关系v=,sin]/（m/s）时，灯泡刚好正常发光。已知导轨

间距"=导体棒、导线及导轨电阻不计，电压表为理想电表，下列说法正确的是（）

V

4

C.理想变压器的匝数比为1:8D.灯泡两端电压的频率为2Hz

试卷第4页，共8页

三、实验题

11.某实验小组的同学利用如图甲所示的电路“研究电容器的充、放电“，灵敏电流计的电流

从正接线柱流入指针向右偏转，从负接线柱流入指针向左偏转。实验时，先将单刀双掷开关

接“1”，通过计算机描绘出的电流随时间的变化规律如图乙所示。

(1)将单刀双掷开关从断开到接“1”、稳定后接“2”、到再次稳定的全过程中，关于灵敏电流。

指针的偏转，下列说法正确的是o

A.先向右偏然后回到零，再向右偏然后回到零

B.先向右偏然后回到零，再向左偏然后回到零

C.先向左偏然后回到零，再向左偏然后回到零

D.先向左偏然后回到零，再向右偏然后回到零

⑵已知电源的电动势E=5V。根据图乙，可知电容器的电容C=F。(保留一位小数)

(3)实验时，如果仅将图甲中的定值电阻。片的阻值增大，则图乙中的充电时间将(填

“变长’,“不变”或“变短，，)

12.某同学利用如图甲所示的装置“验证动能定理”，并完成了如下的操作:

①按如图甲所示的装置组装实验器材，调整滑轮的高度使细线与长木板平行；

②取下砂桶，将长木板的右端适当垫高，纸带穿过打点计时器，开启电源释放小车，直到在

纸带上打下一系列均匀的点为止；

③挂上砂桶，并在砂桶中放入适量的沙子，用天平测出砂桶和沙的总质量为如然后将装置

试卷第5页，共8页

由静止释放，重复操作，从其中选择一条点迹比较清晰的纸带，如图乙所示。

己知纸带中相邻两计数点间还有4个计时点未画出，计数点间的距离如图乙所示，打点计时

器的打点频率/=50Hz,重力加速度大小为g。

旭/侬节乜)

h=15A

单位：mm

0.1W7J

(1)打下计数点4时，小车的速度大小丫4=m/s=

(2)若小车的质量为取打下计数点1〜5的过程研究，若打下计数点1、5时小车的速度大

小分别为巧和心,则验证系统动能定理的表达式为o(用题中所给物理量符号表示)

(3)若砂桶和桶中沙的总质量远小于小车的质量，根据得出的实验数据，描绘出了V?一印图

像如图丙所示，其中少=mg〃，则小车的质量kgo

(4)假设已经完全消除了摩擦力和其他阻力的影响，若砂桶和桶中沙的总质量不满足远小于

小车的质量，且少=：咫鼠则从理论上分析，下列各图能正确反映F-少关系的是；

此时若V?一用图线直线部分的斜率为左，则从理论上分析，可知小车的质量屈=o

四、解答题

13.如图甲所示是“足球”玻璃球，某物理小组利用激光对该球的光学性质进行研究。如图乙

所示是过球心所在的竖直截面的正视图，且是沿水平方向的直径，当激光水平向右从C

点射入时，可从右侧的8点射出。已知玻璃球的半径为R,C到的竖直距离公立R,

2

且玻璃球内的“足球”是不透光体，不考虑反射光的情况下，光在真空中的速率为c,求：

试卷第6页，共8页

c

甲乙

(1)5点的出射光相对C点入射光方向的偏折角；

(2)激光在玻璃球中的传播时间。

14.如图所示，平面直角坐标系xOy的第一象限内存在沿了轴正方向的匀强电场，第四象限

内以ON为直径、尸为圆心、半径为R的半圆形区域内，存在垂直于坐标平面向里的匀强磁

场。一质量为加、电荷量为-式4＞。)的带电粒子，从y轴正半轴上y=处的M点以大

小为%的初速度垂直于y轴射入匀强电场中，经x轴上的P点进入匀强磁场，最后以垂直于

y轴的方向射出匀强磁场。不计粒子重力，求：

⑴匀强电场的电场强度大小；

(2)匀强磁场的磁感应强度大小；

(3)粒子从M点到再次经过轴的时间。

15.如图所示，长£=3m的水平传送带以恒定的速度为=12m/s向左传动，其左端与长

1.44m的水平面平滑地衔接，紧靠水平面的左端放置长4=0.9m,质量M=2.5kg的长

木板C,长木板C的上表面与右侧的水平面等高。质量班=0.5kg的滑块4轻轻地放到传送

带的最右端，经过一段时间与放在水平面右端、质量啊=2.5kg的滑块8发生弹性碰撞，已

知滑块4与传送带间的动摩擦因数4=0.6,两滑块与水平面以及与长木板C上表面间的动

摩擦因数均为〃2=。2,长木板的下表面光滑，重力加速度g取lOm/s?，两滑块均可视为质

点，求：

试卷第7页，共8页

cB口An

(•)%一20

(1)两滑块碰后瞬间，滑块A的速度;

(2)两滑块能否发生第二次碰撞？若能，两次碰撞的时间间隔；若不能，请说明理由;

(3)若传送带的长度可调，则滑块B恰好不能从长木板C左端滑出时的传送带长度。

试卷第8页，共8页

《2025届黑龙江省部分学校高三下学期二模考试物理试题》参考答案

题号12345678910

答案ACBDADBCDBDAC

1.A

【详解】A.根据质量数守恒和电荷数守恒定律可知Y为;He，则氢核的电离能力较强，但

穿透能力较弱，故A正确；

B.该反应遵循电荷数守恒和质量数守恒定律，但质量不守恒，故B错误；

C.该反应阴Pu衰变为贫U和a粒子后，释放核能，结合能等于比结合能与核子数乘积，所

以贯Pu原子核的结合能可能大于贯U原子核的结合能，故C错误；

D.半衰期是大量粒子的统计规律，100个杯-227原子核经过两个半衰期后不一定剩余25

个，故D错误。

故选Ao

2.C

【详解】设碗内小球P的质量为〃z,碗外小球Q的质量为M,根据受力平衡可得，细线的

拉力T=〃g

以碗内小球P为对象，设小球受到碗的支持力为N,根据受力平衡可得Nsin3(T=Tsin30。，

Ncos30°+Tcos30°=mg

解得N=T=~^~mS

联立可得M=^-m

3

即。也

M1

故选C。

3.B

【详解】A.由振动图像可知，甲、乙单摆的周期9=4s,4=6s

根据单摆周期公式T=2万

可矢也一以一1

可知/乙飞一62一9

答案第1页，共10页

故A错误;

B.对乙单摆有弓=6s,A=8cm

,,2zr7t

故%=F=、rad/s

由图可知，f=0时刻，乙单摆的位移为0,且向负方向运动，故乙单摆的振动方程为

x=8sin(gf+万J(cm)

故B正确；

C.单摆的机械能与摆球的质量、振幅等因素有关，仅从振动图像无法判断两单摆小球的质

量关系，所以不能比较机械能的大小，故C错误；

D.0〜1s内，甲、乙摆球均从平衡位置向最高点运动，故甲、乙摆球的重力势能均增大，

故D错误。

故选B。

4.D

【详解】AD.以腰带和配重整体为研究对象，转动过程中，根据平衡条件，整体在竖直方

向处于平衡状态，所以户(m配#m腰给g

故增大转速，腰带受到的摩擦力不变；若仅增加配重，保持转速不变，腰带受到的摩擦力将

增大，故A错误，D正确；

BC.根据mgtanO=%(2i〃)2(r+Zsin。)

„,1_dLeos0

则_=2乃-----+------

nVgtan夕g

若仅增大转速，绳子与竖直方向夹角。将变大；若仅增加配重，保持转速不变，绳子与竖直

方向的夹角。将不变，选项BC错误；

故选D。

5.A

【详解】设小球与墙壁碰撞前运动的时间为4,碰撞后到落地的时间为芍，由平抛运动知识

可知s=%%,~2=~2^2

解得。=%2

答案第2页，共10页

1z、212

h”（。+/2）3

设小球与墙壁碰撞位置的离地高度为〃，竖直方向有工=j-------2—=7

5且91+,2）

解得〃=〃3

4

故选Ao

6.D

【详解】A.根据开普勒第三定律可得洛=且

/火/地

又因为仇=L5”

联立解得羡=22个月

故A错误;

B.火星、地球绕太阳公转，万有引力提供向心力，可得G粤=优^

rr

GM

解得v=

r

_V3

故地球与火星公转的线速度大小之比为=正

故B错误;

C.根据牛顿第二定律可得6华="?%

r

解得巴=与

以19

故地球与火星公转的向心加速度大小之比为'迪-2-“

%火场4

故C正确；

,2兀2兀

D.地球公转的角速度比火星公转的角速度快八口=口地-①火=---

/地1火

两次火星冲日的时间内，地球比火星多转一圈，故AG•4=2兀

两次火星冲日现象的时间间隔为"==土264个月

T火一1

故D正确。

故选D。

答案第3页，共10页

7.B

【详解】0~且时间内，由楞次定律可知，电流方向逆时针，感应电动势E|=3£v

V

感应电流为/]=—=——

RR

成两点间的电势差U"=，X彳=^皮丫

ab所受的安培力大小为片'=8/Z=写之

方向向左，外力耳=或=3/区="”方向向右;

R

T21

------时间内，由楞次定律可知，电流方向顺时针，感应电动势当=23"

vv

E

+rH、a4.T22BLV

感应电流为，2=~T=~r~

RR

ab两点间的电势差=-(4-4x§=-等

岫所受的安培力大小为F；=B/，=竺产

方向向左，方所受的安培力大小也为力=BIJ=2B

方向向左，则外力6=2£'=竺上方向向右;

R

IT3r

二时间内，由楞次定律可知，电流方向逆时针，感应电动势外=跳丫

VV

感应电流为人=与=军

RR

成两点间的电势差=-八Xg=-竽

成所受的安培力大小为玛'=0

cd所受的安培力大小为尸'=BI3L=与七

p2T2

方向向左，则外力玛=b'=-------方向向右；综合分析可知选项B正确。

3R

故选B。

8.CD

【详解】A.当分子间距离达到某值时，分子间作用力为0,当大于此值时，分子间作用力

表现为引力，当分子间距离减小时，分子力先增大后减小，故A错误；

B.若外界对气体做功，且同时气体向外界放热，根据热力学第一定律可知，气体内能可能

减小，故B错误；

答案第4页，共10页

C.由于晶体在熔化过程中有固定的熔点，故晶体在熔化过程中温度不变，分子的平均动能

不变，但由于晶体在熔化过程中吸收了热量，内能增加，故其分子势能一定增大，C正确。

D.某容器内气体分子平均动能减小，分子数密度增大，根据压强的微观意义可知，气体的

压强可能不变，故D正确。

故选CDo

9.BD

eV

【详解】A.电容器甲的下极板向上平移少许，则d减小，根据电容的决定式。=丁。可知

4兀kd

电容器甲的电容增大，故A错误；

BC.设闭合开关S,电路稳定时两电容器的电压均为U,则甲电容器的电荷量为2=C甲。

乙电容器的电荷量为2=

则两电容器的总电荷量为。=0+2=（c甲+G

开关断开后，两电容器的总电荷量保持不变,可知两电容器极板间的电压均减小，根据

a

可知电容器乙中的电场强度£乙=二减小，电场力减小，小于重力，则液滴将向下运动，故

a

B正确,C错误；

D.由于电容器乙的电容不变，极板间的电压减小，则电容器乙的电荷量减小，电容器乙放

电，又由于上极板带正电，则流过灵敏电流计的电流方向向右，故D正确。

故选BD-

10.AC

IT

【详解】A.由速度随时间变化的关系式可知，圆盘转动的角速度/=£rad/s,则圆盘转动

2

的周期为？='=4$

CD

故A正确；

B.导体棒切割磁感线产生感应电动势的瞬时值为

V271-\/271

e-Bdv=10xO.lx--sin—Z（V）=---sin—Z（V）

4242

可知电动势的峰值为"v,电压表示数为感应电动势的有效值，则电压表的示数为

4

U、=^-=-V

1V24

故B错误；

答案第5页，共10页

c.根据理想变压器电压表等于匝数比，可得匝数比为2=巳=4=!

〃2。228

故c正确；

D.变压器不改变频率，则灯泡两端电压的频率为/=!=：HZ

T4

故D错误。

故选AC-

11.(1)B

(2)2.4xIO-4

⑶变长

【详解】(1)单刀双掷开关从断开到接“1”，电容器和电源和电阻片和灵敏电流计组成回路,

电容器充电，电流从正接线柱流入，故灵敏电流指针先向右偏，充电完毕后回路中电流为零,

此时指针回到零。单刀双掷开关稳定后接“2”，电容器和和电阻&和灵敏电流计组成回路，

电容器放电，电流从负接线柱流入，故灵敏电流指针先向左偏，放电完毕后回路中电流为零,

此时指针回到零。故指针的偏转情况是：先向右偏然后回到零，再向左偏然后回到零。

故选B。

(2)根据图乙，图线与坐标轴所围区域大于等于半个的格数个数为30,每个小格表示

^=0.4X10-3AX0.1S=4X10-5C

故电容所带电荷量。=30q=1.2xl0-3c

电容器两端电压。=£=5丫

可知电容器的电容C=2=］

I2'。、C=24X1Q-4F

U5V

(3)只增大电阻4,由闭合电路欧姆定律知，将开关掷向1时电容器开始充电的电流减小,

则曲线与纵轴交点的位置将向下移动，而充电时/一曲线与横轴所围成的面积将不变，所以

充电时间将变长。

12.⑴0.192

1,,

(2)mg(Ji5-hl)=-(m+M)(ys-vx)

(3)0.4

答案第6页，共10页

(4)A——m

k

【详解】(1)相邻两计数点间是时间间隔为T=51=O.ls

则打下计数点4时，小车的速度大小为匕=&二%=(67-2-28.8)xlO-3^0192m/s

42T2x0.1

(2)根据动能定理可知加g(%=:(加+MXV52-V12)

(3)若砂桶和桶中沙的总质量远小于小车的质量，根据动能定理少=；Mv?

化简可得"2二一少

结合图像可知左=7三=*0影5一|

M0.1

可得小车的质量为W=0.4kg

(4)[1]若砂桶和桶中沙的总质量不满足远小于小车的质量，根据动能定理少=

化简可得沙

结合图像可知，选项A符合。

故选Ao

[2]由上式可知左=

一，2

可得小车的质量为"=--m

k

13.(1)60°

3R

⑵工

【详解】(1)光从。点到3点的光路图如图所示

光在。点折射，由折射定律可知〃—

sin/

其中sin。2

R2

由几何关系可得，=6=27=60°

答案第7页，共10页

解得折射率为〃=百

光在8点折射，由折射定律可知〃=吧2

sin7

可得£=60。

故2点的出射光相对C点入射光方向偏折角为60。。

(2)激光在玻璃球中的传播速度为丫=?=5

激光在玻璃球中的传播距离为s=27?cos/=CR

所以激光在玻璃球中的传播时间为"es=把3R

VC

14⑴等

(2产%

qR

，八5&、R

(3)-+----)—

49\0

【详解】(1)设粒子在电场中做平抛运动的时间为4,根据运动学规律有R=v也，走火=!期2

221

由牛顿第二定律得4£=加。

联立解得八安

说

(2)设粒子在尸点的竖直分速度大小为9,根据运动学规律有y=或「qRR」底

V

。。imv00

设粒子在P点的速度v与水平方向夹角为凡根据速度的合成与分解有tan6=%=J5

%

解得。=60。

故”%=2%

cos。

2

设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为〃，根据牛顿第二定律有q宓=加匕

r

答案第8页，共10页

根据几何关系可得，=卫二与

sin。3

联立解得*个

e2兀mTIR