2024-2025下学期高二化学苏教版期中必刷常考题之有机物的推断

第45页（共45页）2024-2025下学期高二化学苏教版（2019）期中必刷常考题之有机物的推断一．解答题（共15小题）1．（2024•杭州开学）煤、石油是人类使用的主要能源，同时也是重要的化工原料。以煤、石油为原料合成有机玻璃的物质转化过程如图所示。已知：①在标准状况下，A气体的密度为1.25g•L﹣1；化合物C的分子式为C3H6。②C③C请回答：（1）化合物D的官能团名称是；化合物E的结构简式为。（2）下列说法不正确的是。A．A与B反应生成CH3OH符合绿色化学原理B．C反应生成D为取代反应C．等质量的C和E分别完全燃烧，E消耗的氧气更多D．化合物F能使酸性KMnO4溶液褪色（3）写出F→有机玻璃的化学方程式。（4）设计以C为原料合成甘油（丙三醇）的路线（用流程图表示，无机试剂任选）。流程图的表示方法为：原料→反应条件反应试剂中间产物（5）F与H2加成后的产物G有多种同分异构体，请写出4种同时符合下列条件的G的同分异构体的结构简式。①能发生水解反应；②含有2个甲基（—CH3）。2．（2024春•浙江期末）乙烯、乙炔是重要的有机化工原料，可发生如下转化（部分反应条件略去）：请回答：（1）R的结构式是。（2）C2H3Cl中官能团的名称是、。（3）反应⑥乙醇被氧气氧化为乙醛的化学方程式是。（4）下列关于上述转化关系的说法正确的是。A．聚丙烯腈的结构简式为B．反应①、②、③、④、⑤的反应类型均为加成反应C．相同物质的量的乙炔和乙醛分别完全燃烧，耗氧量相同D．乙烯与氧气反应生成环氧乙烷的反应原子利用率可达100%3．（2024•浙江模拟）以焦炭和石油为原料可以获得一系列化工产品，转化关系如图所示。已知：有机物A的密度是同压同温下H2密度的14倍；有机物B的分子式为C2H4O；有机物E的分子式为C4H8O2，并且是具有芳香气味的油状液体。请回答：（1）有机物E中所含官能团为（填名称）。（2）B→C的反应类型是。（3）C+D→E的化学方程式为。（4）下列说法不正确的是。A.环氧乙烷的结构简式为，故此A→环氧乙烷过程中原子利用率为100%B.有机物C、D均能使酸性高锰酸钾溶液褪色C.相同质量的有机物B、E完全燃烧时，耗氧量相同D.有机物E具有一定挥发性，有芳香气味，可用作饮料、化妆品中的香料E.可以用新制的氢氧化铜溶液来鉴别有机物B和D4．（2024春•台州期中）某有机化合物A具有解热镇痛作用，可以用乙醚从柳树皮中提取得到。根据以下信息回答：①称取该化合物A晶体6.9g，完全燃烧后产生15.4gCO2和2.7gH2O②A的质谱显示其相对分子质量为138③向两支试管中分别加入含有少量A的稀溶液，一试管中滴加饱和溴水有白色沉淀产生，且1molA反应最多消耗2molBr2；另一试管中加入碳酸氢钠粉末有气泡产生④核磁共振氢谱显示有6组峰，强度比为1：1：1：1：1：1则（1）用乙醚从柳树皮中提取有机化合物A的操作名称（填分离提纯方法）。（2）有机化合物A的分子式为；化合物A中官能团的名称。（3）已知有机化合物A具有酸性，从结构角度分析有机物A的酸性大于苯甲酸原因。（4）A在一定条件下能与甲醇反应生成B，B能使FeCl3溶液显紫色，写出A转化成B的化学方程式。（5）科学家用乙酸酐（CH3CO）2O对有机物A的结构进行修饰，得到副作用小，解热镇痛效果更好的有机物C（C9H8O4）写出有机物C与足量NaOH溶液反应化学方程式：。5．（2024春•温州期中）以气体A为原料的合成如图所示：已知：C是生产塑料的合成树脂，D的产量是衡量一个国家石油化工发展水平的重要标志。（1）写出气体A名称；①应类型为反应。（2）写出碳化钙与水反应制取气体A的化学方程式。（3）实验室用该反应制取气体A时，可用饱和食盐水代替水，目的是。（4）写出B的结构简式：。（5）写出③反应方程式：。（6）下列说法正确的是。A．气体A的高分子聚合物可用于制备导电高分子材料B．③反应的三元取代说明了苯环活化了甲基C．可用间二甲苯是否存在不同结构来证明苯环的特殊的大π键D．可用酸性高锰酸钾溶液区分苯和EE．萘（）不属于苯的同系物，其六溴代物有10种6．（2024春•杭州期中）某烃A是有机化学工业的基本原料，其产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，A还可用作催熟剂，A可发生如图所示的一系列化学反应：已知：D是高分子化合物。请回答下列问题：（1）物质E的结构简式。（2）写出反应②的化学方程式；该反应的反应类型为反应。（3）下列说法正确的是。A.反应①和反应⑤反应类型相同B.物质D不能使酸性高锰酸钾溶液褪色C.反应⑥可用于除去F气体中混有的少量AD.物质C可用作燃料，缓解化石燃料的危机7．（2024•浙江模拟）有机物A、B均为重要的烃类，A对H2的相对密度是21，A能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B与A互为同系物，且B比A少一个碳原子。A、B可发生如图所示的一系列物质转化。已知：①CH3CH2Br+NaOH→△H2OCH3（2）H是E和G按物质的量之比2：1反应生成的有水果香味的有机化合物。回答下列问题：（1）化合物E所含官能团的名称为。B→F的反应类型为。（2）H的结构简式为。（3）工业制取A、B主要采用的方法为（填标号）。a．煤的气化b．石油的分馏c．石油的裂解（4）A可以发生聚合反应生成高分子化合物，写出反应的化学方程式：。（5）写出C→D反应的化学方程式：；写出F→G反应的化学方程式：。（6）C有两种同分异构体，写出其同分异构体的结构简式：。8．（2023春•台州期末）丙烯酸乙酯天然存在于菠萝等水果中，是一种食品用合成香料，利用丙烯、乙烯等为原料进行合成。该转化关系如图所示：已知：原子利用率是指期望产物的总质量与生成物的总质量之比。请回答：（1）由乙烯生成C的反应类型，反应物B中的含氧官能团是（填名称）。（2）请写出反应Ⅱ的化学反应方程式。（3）久置的丙烯酸乙酯自身发生聚合反应，请写出其聚合产物的结构简式。（4）下列说法正确的是。A.相同条件下丙烯酸乙酯在氢氧化钠溶液中水解较在稀硫酸中更完全B.反应Ⅲ的原子利用率为100%C.1molC4H8与1mol丙烯酸乙酯完全燃烧，消耗的氧气后者更多D.丙烯酸乙酯可与HCl气体发生加成反应，产生一种有机产物9．（2023春•台州期中）有机物M（只含C、H、O三种元素中的两种或三种）具有特殊香味。某化学兴趣小组从粗品中分离提纯有机物M，然后借助李比希法、现代科学仪器测定有机物M的分子组成和结构，具体实验过程如下：步骤一：将粗品用蒸馏法进行纯化。（1）如图1所示，仪器a的名称是，图中虚线框内应选用右侧的（填“仪器x”或“仪器y”）。步骤二：确定M的实验式和分子式。（2）利用元素分析仪测得有机物M中碳的质量分数为54.5%，氢的质量分数为9.1%。①M实验式为。②已知M的密度是同温同压下CO2密度的2倍，则M的分子式为。步骤三：确定M的结构简式。（3）用核磁共振仪测出M的核磁共振氢谱如图2所示，图中峰面积之比为1：3：1：3；利用红外光谱仪测得M的红外光谱如图3所示。①M的结构简式为。②M的所有同分异构体在下列一种表征仪器中显示的信号（或数据）完全相同，该仪器是（填标号）。a．质谱仪b．红外光谱仪c．元素分析仪d．X射线衍射仪10．（2023•浙江开学）某烃A是有机化学工业的基本原料，其产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，A还是一种植物生长调节剂，B和D都是日常生活食品中常见的有机物，E是一种油状、有香味的物质。如图为部分有机物间的转化关系：已知：2CH3CHO+O2→△催化剂2CH3（1）有机物F的分子式为C2H4O，且只有一种等效氢，F的结构简式为，①～⑤反应中属于加成反应的有（填序号）。（2）丙烯（）在催化剂、加热条件下与O2反应可生成一种重要的化工原料丙烯酸（）。下列关于丙烯酸的说法正确的是（填选项字母）。a．与乙酸互为同系物b．能发生加成反应、取代反应、氧化反应c．能与NaHCO3溶液反应生成CO2d．一定条件下能发生加聚反应，生成（3）反应③的方程式为。（4）已知：Diels﹣Alder反应为共轭双烯与含烯键或炔键的化合物相互作用生成六元环状化合物的反应，最简单的Diels﹣Alder反应是。以1，3﹣丁二烯（）和丙烯酸（）为起始原料，利用Diels﹣Alder反应合成的产物的结构简式为。11．（2024秋•铜山区期中）按要求完成下列问题：（1）有机物CH3CH＝C（CH3）CH（CH3）2的系统命名是，该分子中最多有个原子在同一平面上。（2）等质量的甲醇、乙醇、乙二醇、丙三醇，分别和足量金属钠作用，放出氢气量最多是（填写结构简式）。（3）一定条件下，O2得电子转化为超氧自由基(⋅①转化为是（填“氧化”或“还原”）反应。②写出图示转化总反应的化学方程式：。（4）食品添加剂必须严格按照国家食品安全标准的规定使用。防腐剂G的一种合成路线如图所示（部分反应条件略）。①流程中A→B步骤的作用是。②D→E发生的反应类型是。③鉴别E、G用的试剂是（填选项字母，下同），将E转化为需要的剂可以是。A.NaB.NaOHC.NaHCO3D.Na2CO312．（2024秋•盐城月考）已知：①A、B是两种单烯烃，A分子中含有6个碳原子，B分子中含有4个碳原子，其中A的核磁共振氢谱中只有一个吸收峰而B有两个；②烯烃复分解反应可表示为R1CH＝CHR2+R1'CH＝CHR2'→一定条件R1CH＝CHR1'+R2CH＝CHR2'（1）A的结构简式为，B的结构简式为。（2）反应②的反应类型为。（3）当与Br2按物质的量之比为1：1反应时，所得有机产物有种。13．（2024秋•盐城月考）（1）聚偏二氯乙烯（）具有超强阻隔性能，可作为保鲜食品的包装材料。它是由（写结构简式）单体发生加聚反应生成的。（2）烃A的结构简式为，在烃A中手性碳上标上“*”：。（3）松节油脱去一分子水发生消去反应，最多可有种有机产物。（4）当有机化合物分子中碳原子连有四个不同原子或基团时称为手性碳原子，如下中标有“*”的碳原子就是手性碳原子。若使F失去手性，下列方法可行的是。A．一定条件下和乙醇发生酯化反应B．一定条件下和乙酸发生酯化反应C．一定条件下发生催化氧化反应（5）某有机物A的相对分子质量为74，且红外光谱图如图，则A的结构简式为。（6）已知：，如果要合成，所用的原料可以是。A．2﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯和2﹣丁炔B．1，3﹣戊二烯和2﹣丁炔C．2，3﹣二甲基﹣1，3﹣戊二烯和乙炔D．2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯和1﹣丙炔14．（2024•惠山区校级开学）已知：①A、B是两种单烯烃，A分子中含有6个碳原子，B分子中含有4个碳原子，其中A的核磁共振氢谱中只有一个吸收峰而B有两个；②烯烃复分解反应可表示为R1CH＝CHR2+R1′CH＝CHR2′→一定条件R1CH＝CHR1′+R2CH＝CHR2（1）A的结构简式为，B的结构简式为。（2）反应②的反应类型为。（3）当与Br2按物质的量之比为1：1反应时，所得有机产物有种。（4）C的结构简式为。15．（2024春•淮安期中）从樟科枝叶提取的精油中含有下列甲、乙、丙三种成分：（1）由甲转化为乙需经下列过程：①反应Ⅰ的目的是。②反应Ⅱ的化学方程式为。（2）已知：由乙制丙的一种合成路线如下（A～F均为有机物，Mr表示相对分子质量）：①物质B的化学名称为。下列物质能与C反应的是（选填序号）。a．银氨溶液b．Br2水c．酸性KMnO4溶液②E→F反应的化学方程式为。③D有多种同分异构体，写出同时满足下列条件的一种同分异构体的结构简式。a．能与FeCl3发生显色反应b．1molD能与2molNaOH溶液反应c．核磁共振氢谱图中有四个峰，峰的面积之比为3：2：2：1。④丙的结构简式为。

2024-2025下学期高二化学苏教版（2019）期中必刷常考题之有机物的推断参考答案与试题解析一．解答题（共15小题）1．（2024•杭州开学）煤、石油是人类使用的主要能源，同时也是重要的化工原料。以煤、石油为原料合成有机玻璃的物质转化过程如图所示。已知：①在标准状况下，A气体的密度为1.25g•L﹣1；化合物C的分子式为C3H6。②C③C请回答：（1）化合物D的官能团名称是碳氯键；化合物E的结构简式为HC≡CCH3。（2）下列说法不正确的是BC。A．A与B反应生成CH3OH符合绿色化学原理B．C反应生成D为取代反应C．等质量的C和E分别完全燃烧，E消耗的氧气更多D．化合物F能使酸性KMnO4溶液褪色（3）写出F→有机玻璃的化学方程式nCH2＝C（CH3）COOCH3→催化剂。（4）设计以C为原料合成甘油（丙三醇）的路线（用流程图表示，无机试剂任选）CH2＝CHCH3→光照Cl2CH2＝CHCH2Cl→Cl2/CCl4ClCH2CHClCH2Cl→流程图的表示方法为：原料→反应条件反应试剂中间产物（5）F与H2加成后的产物G有多种同分异构体，请写出4种同时符合下列条件的G的同分异构体的结构简式CH3CH2CH2COOCH3、CH3CH2COOCH2CH3、CH3COOCH2CH2CH3、HCOOCH2CH（CH3）2、HCOOCH（CH3）CH2CH3。①能发生水解反应；②含有2个甲基（—CH3）。【答案】（1）碳氯键；CH≡CCH3；（2）BC；（3）nCH2＝C（CH3）COOCH3→催化剂；（4）CH2＝CHCH3→光照Cl2CH2＝CHCH2Cl→Cl2/CCl4ClCH2CHClCH2Cl（5）CH3CH2CH2COOCH3、CH3CH2COOCH2CH3、CH3COOCH2CH2CH3、HCOOCH2CH（CH3）2、HCOOCH（CH3）CH2CH3。【分析】在标准状况下，A气体的密度为1.25g•L﹣1，A的摩尔质量为1.25g/L×22.4L/mol＝28g/mol，煤和H2O反应生成CO、H2，根据A的摩尔质量知，A为CO，则B为H2，A和B发生反应生成CH3OH；化合物C的分子式为C3H6，能和氯气发生加成反应，则C为CH2＝CHCH3，D为ClCH2CHClCH3，D发生消去反应生成E为HC≡CCH3，F发生加聚反应生成有机玻璃，则F为CH2＝C（CH3）COOCH3；（4）C为CH2＝CHCH3，以C为原料合成甘油（丙三醇）的路线，CH2＝CHCH3和氯气发生取代反应生成CH2＝CHCH2Cl，CH2＝CHCH2Cl和氯气发生加成反应生成ClCH2CHClCH2Cl，ClCH2CHClCH2Cl发生水解反应生成丙三醇。【解答】解：（1）D为ClCH2CHClCH3，化合物D的官能团名称是碳氯键；化合物E的结构简式为HC≡CCH3，故答案为：碳氯键；HC≡CCH3；（2）A．A与B反应生成CH3OH，没有其它物质生成，所以符合绿色化学原理，故A正确；B．C反应生成D为加成反应，故B错误；C．C为C3H6、E为C3H4，含氢量越高，等质量的烃完全燃烧耗氧量越高，所以等质量的C和E分别完全燃烧，C消耗的氧气更多，故C错误；D．F为CH2＝C（CH3）COOCH3，F中碳碳双键能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色，故D正确；故答案为：BC；（3）F→有机玻璃的化学方程式为nCH2＝C（CH3）COOCH3→催化剂，故答案为：nCH2＝C（CH3）COOCH3→催化剂；（4）C为CH2＝CHCH3，以C为原料合成甘油（丙三醇）的路线，CH2＝CHCH3和氯气发生取代反应生成CH2＝CHCH2Cl，CH2＝CHCH2Cl和氯气发生加成反应生成ClCH2CHClCH2Cl，ClCH2CHClCH2Cl发生水解反应生成丙三醇，合成路线为CH2＝CHCH3→光照Cl2CH2＝CHCH2Cl→Cl2/CCl4ClCH2CHClCH2Cl故答案为：CH2＝CHCH3→光照Cl2CH2＝CHCH2Cl→Cl2/CCl4ClCH2CHClCH2Cl（5）F为CH2＝C（CH3）COOCH3，F与H2加成后的产物G为（CH3）2CHCOOCH3，G的同分异构体符合下列条件：①能发生水解反应，说明含有酯基；②含有2个甲基（—CH3），符合条件的结构简式有CH3CH2CH2COOCH3、CH3CH2COOCH2CH3、CH3COOCH2CH2CH3、HCOOCH2CH（CH3）2、HCOOCH（CH3）CH2CH3，故答案为：CH3CH2CH2COOCH3、CH3CH2COOCH2CH3、CH3COOCH2CH2CH3、HCOOCH2CH（CH3）2、HCOOCH（CH3）CH2CH3。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，采用知识迁移、逆向思维方法进行合成路线设计，题目难度中等。2．（2024春•浙江期末）乙烯、乙炔是重要的有机化工原料，可发生如下转化（部分反应条件略去）：请回答：（1）R的结构式是。（2）C2H3Cl中官能团的名称是碳碳双键、碳氯键。（3）反应⑥乙醇被氧气氧化为乙醛的化学方程式是2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2O（4）下列关于上述转化关系的说法正确的是BCD。A．聚丙烯腈的结构简式为B．反应①、②、③、④、⑤的反应类型均为加成反应C．相同物质的量的乙炔和乙醛分别完全燃烧，耗氧量相同D．乙烯与氧气反应生成环氧乙烷的反应原子利用率可达100%【答案】（1）；（2）碳碳双键、碳氯键；（3）2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2（4）BCD。【分析】乙炔和水发生加成反应生成乙醛，乙醇发生催化氧化反应生成乙醛，乙炔和HCN发生加成反应生成CH2＝CHCN，乙炔和HCl发生加成反应生成CH2＝CHCl，乙炔和氢气发生加成反应生成乙烯，乙烯和水发生加成反应生成乙醇，乙烯发生催化氧化反应生成环氧乙烷，乙烯和溴发生加成反应生成R为BrCH2CH2Br。【解答】解：（1）R为BrCH2CH2Br，R的结构式是，故答案为：；（2）C2H3Cl中官能团的名称是碳碳双键、碳氯键，故答案为：碳碳双键；碳氯键；（3）反应⑥乙醇被氧气氧化为乙醛的化学方程式是2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2故答案为：2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2（4）A．丙烯腈中碳碳双键发生加聚反应生成聚丙烯腈，聚丙烯腈的结构简式为，故A错误；B．反应①、②、③、④、⑤的反应类型均为加成反应，故B正确；C．乙醛可以改写为C2H2•H2O，则相同物质的量的乙炔和乙醛分别完全燃烧，耗氧量相同，故C正确；D．乙烯与氧气反应生成环氧乙烷，没有副产物生成，所以该反应的原子利用率可达100%，故D正确；故答案为：BCD。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，知道各物质之间的转化关系。3．（2024•浙江模拟）以焦炭和石油为原料可以获得一系列化工产品，转化关系如图所示。已知：有机物A的密度是同压同温下H2密度的14倍；有机物B的分子式为C2H4O；有机物E的分子式为C4H8O2，并且是具有芳香气味的油状液体。请回答：（1）有机物E中所含官能团为酯基（填名称）。（2）B→C的反应类型是加成反应或还原反应。（3）C+D→E的化学方程式为CH3COOH+CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH3COOCH2CH3+H2O（4）下列说法不正确的是BC。A.环氧乙烷的结构简式为，故此A→环氧乙烷过程中原子利用率为100%B.有机物C、D均能使酸性高锰酸钾溶液褪色C.相同质量的有机物B、E完全燃烧时，耗氧量相同D.有机物E具有一定挥发性，有芳香气味，可用作饮料、化妆品中的香料E.可以用新制的氢氧化铜溶液来鉴别有机物B和D【答案】（1）酯基；（2）还原反应或加成反应；（3CH3CH2OH+CH3COOH⇌△浓硫酸CH3COOCH2CH3+H2（4）BC。【分析】有机物A的密度是同压同温下H2密度的14倍，则A的相对分子质量是28，为CH2＝CH2；A发生氧化反应生成环氧乙烷；A和水发生加成反应生成C为CH3CH2OH；有机物B的分子式为C2H4O，则C发生催化氧化反应生成B为CH3CHO，B和氢气发生加成反应生成C；有机物E的分子式为C4H8O2，并且是具有芳香气味的油状液体，则E为酯，C发生催化氧化反应生成D为CH3COOH，E为CH3COOCH2CH3。【解答】解：（1）有机物E为CH3COOCH2CH3，E中所含官能团为酯基，故答案为：酯基；（2）B→C的反应类型是加成反应或还原反应，故答案为：加成反应或还原反应；（3）C+D→E的化学方程式为CH3COOH+CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH3COOCH2CH3+H2故答案为：CH3COOH+CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH3COOCH2CH3+H2（4）A.环氧乙烷的结构简式为，乙烯和氧气反应生成环氧乙烷时只有一种产物，故此A→环氧乙烷过程中原子利用率为100%，故A正确；B.有机物C为CH3CH2OH、D为CH3COOH，C能使酸性高锰酸钾溶液褪色，D不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B错误；C.B为CH3CHO、E为CH3COOCH2CH3，B、E的分子式可以写为C2H2•H2O、C4H4•2H2O，相同质量的有机物B、E时n（CH）不同，所以完全燃烧时，耗氧量不同，故C错误；D.有机物E为酯类物质，具有一定挥发性，有芳香气味，可用作饮料、化妆品中的香料，故D正确；E.B为乙醛、D为乙酸，乙醛和新制氢氧化铜悬浊液共热生成砖红色沉淀，乙酸和新制氢氧化铜悬浊液发生中和反应而使溶液变澄清，现象不同，所以可以用新制的氢氧化铜溶液来鉴别有机物B和D，故E正确；故答案为：BC。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式、明确有机物性质的差异性是解本题关键，题目难度不大。4．（2024春•台州期中）某有机化合物A具有解热镇痛作用，可以用乙醚从柳树皮中提取得到。根据以下信息回答：①称取该化合物A晶体6.9g，完全燃烧后产生15.4gCO2和2.7gH2O②A的质谱显示其相对分子质量为138③向两支试管中分别加入含有少量A的稀溶液，一试管中滴加饱和溴水有白色沉淀产生，且1molA反应最多消耗2molBr2；另一试管中加入碳酸氢钠粉末有气泡产生④核磁共振氢谱显示有6组峰，强度比为1：1：1：1：1：1则（1）用乙醚从柳树皮中提取有机化合物A的操作名称萃取（填分离提纯方法）。（2）有机化合物A的分子式为C7H6O3；化合物A中官能团的名称羟基、羧基。（3）已知有机化合物A具有酸性，从结构角度分析有机物A的酸性大于苯甲酸原因水杨酸（邻羟基苯甲酸）能形成分子内氢键使羧基中的O﹣H键极性增加。（4）A在一定条件下能与甲醇反应生成B，B能使FeCl3溶液显紫色，写出A转化成B的化学方程式+CH3CH2OH⇌△浓硫酸+H2O。（5）科学家用乙酸酐（CH3CO）2O对有机物A的结构进行修饰，得到副作用小，解热镇痛效果更好的有机物C（C9H8O4）写出有机物C与足量NaOH溶液反应化学方程式：。【答案】（1）萃取；（2）C7H6O3；酚羟基、羧基；（3）水杨酸（邻羟基苯甲酸）能形成分子内氢键使羧基中的O﹣H键极性增加；（4）+CH3CH2OH⇌△浓硫酸+H2O；（5）。【分析】①n（CO2）=15.4g44g/mol=0.35mol，根据碳原子守恒得n（C）＝n（CO2）＝0.35mol，n（H2O）=2.7g18g/mol=0.15mol，根据氢原子守恒得n（H）＝2n（H2O）＝2×0.15mol＝0.3mol，该有机物中n（O）=6.9g-0.35mol×12g/mol-0.3mol×1g/mol16g/mol=0.15mol，则C、H、O原子个数之比为0.35mol：0.3mol：0.15mol＝7：6：3，所以其最简式为C7H6O3，分子式为（C7H6O3）n，A的质谱显示其相对分子质量为138，n=138138=1，所以其分子式为C7H6O3；向两支试管中分别加入含有少量A的稀溶液，一试管中滴加饱和溴水有白色沉淀产生，说明含有酚羟基和酚羟基的邻位或对位含有氢原子，1molA反应最多消耗2molBr【解答】解：（1）A在水中的溶解度小于在乙醚中的溶解度，用乙醚从柳树皮中提取有机化合物A的操作名称萃取，故答案为：萃取；（2）有机化合物A的分子式为C7H6O3；化合物A为，A中官能团的名称为羟基、羧基，故答案为：C7H6O3；羟基、羧基；（3）已知有机化合物A具有酸性，有机物A的酸性大于苯甲酸原因是水杨酸（邻羟基苯甲酸）能形成分子内氢键使羧基中的O﹣H键极性增加，故答案为：水杨酸（邻羟基苯甲酸）能形成分子内氢键使羧基中的O﹣H键极性增加；（4）A在一定条件下能与甲醇反应生成B，B能使FeCl3溶液显紫色，即A和甲醇在一定条件下发生酯化反应生成邻羟基苯甲酸甲酯，A转化成B的化学方程式为+CH3CH2OH⇌△浓硫酸+H2O，故答案为：+CH3CH2OH⇌△浓硫酸+H2O；（5）科学家用乙酸酐（CH3CO）2O对有机物A的结构进行修饰，得到副作用小，解热镇痛效果更好的有机物C（C9H8O4），A中酚羟基上的氢原子被CH3CO取代生成C，则有机物C与足量NaOH溶液反应化学方程式：，故答案为：。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查阅读、分析、判断及计算能力，正确判断A的结构简式是解本题关键，注意（5）题中羧基、酯基水解生成的羧基和酚羟基都能与NaOH溶液反应。5．（2024春•温州期中）以气体A为原料的合成如图所示：已知：C是生产塑料的合成树脂，D的产量是衡量一个国家石油化工发展水平的重要标志。（1）写出气体A名称乙炔（或电石气）；①应类型为加成（或还原）反应。（2）写出碳化钙与水反应制取气体A的化学方程式CaC2+2H2O→Ca（OH）2+HC≡CH↑。（3）实验室用该反应制取气体A时，可用饱和食盐水代替水，目的是减缓碳化钙与水的反应速率。（4）写出B的结构简式：CH2＝CHCl。（5）写出③反应方程式：。（6）下列说法正确的是ADE。A．气体A的高分子聚合物可用于制备导电高分子材料B．③反应的三元取代说明了苯环活化了甲基C．可用间二甲苯是否存在不同结构来证明苯环的特殊的大π键D．可用酸性高锰酸钾溶液区分苯和EE．萘（）不属于苯的同系物，其六溴代物有10种【答案】（1）乙炔（或电石气）；加成（或还原）；（2）CaC2+2H2O→Ca（OH）2+HC≡CH↑；（3）减缓碳化钙与水的反应速率；（4）CH2＝CHCl；（5）；（6）ADE。【分析】碳化钙与水反应生成气体A为HC≡CH，D的产是为一个国家石油化工发展水平的重要标志，则D为CH2＝CH2，乙炔与氢气加成生成乙烯；C是生产塑料的合成树脂，则乙炔与HCl反应生成反应生成B为CH2＝CHCl，B发生加聚反应生成C为；3分子乙炔加合生成苯，苯与CH3Cl发生取代反应生成E为，甲苯发生硝化反应生成TNT（）。【解答】解：（1）气体A为HC≡CH，其名称为乙炔或电石气；反应①是HC≡CH与氢气反应生成CH2＝CH2，该反应类型为加成反应或还原反应，故答案为：乙炔（或电石气）；加成（或还原）；（2）碳化钙与水反应制取气体乙炔的化学方程式为CaC2+2H2O→Ca（OH）2+HC≡CH↑，故答案为：CaC2+2H2O→Ca（OH）2+HC≡CH↑；（3）由于电石和水的反应很剧烈，所以实验中常用饱和食盐水代替水，目的减缓碳化钙与水的反应速率，故答案为：减缓碳化钙与水的反应速率；（4）由分析可知，B的结构简式为CH2＝CHCl，故答案为：CH2＝CHCl；（5）反应③的化学方程式为，故答案为：；（6）A．乙炔的高分子聚合物为聚乙炔，可用于制备导电高分子料，故A正确；B．③反应的三元取代说明了甲基活化了苯环，故B错误；C．无论是否存在单双键交替的结构，间二甲苯都不存在同分异构体，不能用间二甲苯是否存在不同结构来证明苯环的特殊的大π键，故C错误；D．E是，可以被酸性高锰酸钾溶液氧化而使溶液褪色，而苯不能与酸性高锰酸钾溶液反应，可用酸性高锰酸钾溶液区分苯和E（苯），故D正确；E．苯的同系物含有1个苯环，且侧链为烷基，则萘（）不属于苯的同系物，其六溴代物数目与二溴代物数目相同，先取代q位置的H，另外溴原子有如图所示7种位置：；然后再取代p位置H原子，另外溴原子有如图所示3种位置：，因此，萘的二溴代物有10种，故E正确，故答案为：ADE。【点评】本题考查有机物推断，侧重考查基础知识的掌握和灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系、物质之间的转化关系并正确推断各物质的结构简式是解本题关键，题目难度不大。6．（2024春•杭州期中）某烃A是有机化学工业的基本原料，其产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，A还可用作催熟剂，A可发生如图所示的一系列化学反应：已知：D是高分子化合物。请回答下列问题：（1）物质E的结构简式CH2BrCH2Br。（2）写出反应②的化学方程式CH3CH2Cl；该反应的反应类型为CH2（3）下列说法正确的是D。A.反应①和反应⑤反应类型相同B.物质D不能使酸性高锰酸钾溶液褪色C.反应⑥可用于除去F气体中混有的少量AD.物质C可用作燃料，缓解化石燃料的危机【答案】（1）CH2BrCH2Br；（2）CH2＝CH2+H2O→170℃浓硫酸CH3CH2（3）BD。【分析】烃A是有机化学工业的基本原料，其产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，A还是一种植物生长调节剂，则A为乙烯；乙烯和溴发生加成反应生成E：CH2BrCH2Br，和水发生加成反应生成C乙醇，和HCl发生加成反应生成G：CH3CH2Cl，和氢气加成生成F乙烷，被酸性高锰酸钾氧化为B二氧化碳气体，在催化剂作用下发生加聚反应生成高分子化合物D聚乙烯（已知：D是高分子化合物）；乙烷和氯气发生取代反应生成G：CH3CH2Cl。【解答】解：（1）物质E的结构简式为CH2BrCH2Br，故答案为：CH2BrCH2Br；（2）反应②为乙烯和水发生加成反应生成C乙醇，化学方程式CH2＝CH2+H2O→170℃浓硫酸CH3CH2故答案为：CH2＝CH2+H2O→170℃浓硫酸CH3CH2（3）A．反应①为加成反应、反应⑤为取代反应，反应类型不相同，故A错误；B．物质D为聚乙烯，不含碳碳双键，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B正确；C．反应⑥为乙烯被氧化为气体二氧化碳，引入新杂质，故不可以用于除去乙烷气体中混有的少量乙烯，故C错误；D．酒精具有可燃性，可用作燃料，缓解化石燃料的危机，故D正确；故答案为：BD。【点评】本题考查有机反应，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。7．（2024•浙江模拟）有机物A、B均为重要的烃类，A对H2的相对密度是21，A能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B与A互为同系物，且B比A少一个碳原子。A、B可发生如图所示的一系列物质转化。已知：①CH3CH2Br+NaOH→△H2OCH3（2）H是E和G按物质的量之比2：1反应生成的有水果香味的有机化合物。回答下列问题：（1）化合物E所含官能团的名称为羧基。B→F的反应类型为加成反应。（2）H的结构简式为CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3。（3）工业制取A、B主要采用的方法为c（填标号）。a．煤的气化b．石油的分馏c．石油的裂解（4）A可以发生聚合反应生成高分子化合物，写出反应的化学方程式：nCH2＝CHCH3→催化剂。（5）写出C→D反应的化学方程式：2CH3CH2CH2OH+O2→△Cu2CH3CH2CHO+2H2O；写出F→G反应的化学方程式：BrCH2CH2Br+2NaOH→△H2OHOCH（6）C有两种同分异构体，写出其同分异构体的结构简式：和CH3CH2OCH3。【答案】（1）羧基；加成反应；（2）CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3；（3）c；（4）nCH2＝CHCH3→催化剂；（5）2CH3CH2CH2OH+O2→△Cu2CH3CH2CHO+2H2O；BrCH2CH2Br+2NaOH→△H2O（6）和CH3CH2OCH3。【分析】有机物A、B均为重要的烃类，A对H2的相对密度是21，A的相对分子质量为42，A能使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以A是烯烃，用烯烃的通式CnH2n来计算12n+2n＝14n＝42，n＝3，则A是丙烯，分子式为C3H6；B与A互为同系物，且B比A少一个碳原子，则B是乙烯；丙烯在催化剂的条件下与H2O反应得到丙醇或2﹣丙醇，丙醇催化氧化得到丙醛，2﹣丙醇催化氧化得到2﹣丙酮，但是2﹣丙酮不能再继续催化氧化，故确定C是丙醇；丙醇催化氧化得到丙醛，所以D是丙醛；那么丙醛在催化氧化得到的是丙酸，所以E是丙酸；B是乙烯，乙烯与Br2发生加成反应得到F，所以F是1，2﹣二溴乙烷；根据已知说明可确定在后一步反应中要把F中的2个Br要换成羟基，所以G是乙二醇；G与E易发生酯化反应得到CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3，所以H是CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3。【解答】解：（1）化合物E是丙酸，结构简式是CH3CH2COOH，其官能团的名称是羧基；B是乙烯，乙烯与Br2易发生加成反应生成1，2﹣二溴乙烷，该反应属于加成反应，故答案为：羧基；加成反应；（2）丙酸与乙二醇发生酯化反应得到H为CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3，故答案为：CH3CH2COOCH2H2COOCCH2CH3；（3）丙烯与乙烯在工业上采用石油的裂解来获取，故选c，故答案为：c；（4）A可以发生聚合反应生成高分子化合物的化学方程式nCH2＝CHCH3→催化剂，故答案为：nCH2＝CHCH3→催化剂；（5）丙醇催化氧化得到丙醛，反应方程式为2CH3CH2CH2OH+O2→△Cu2CH3CH2CHO+2H2O；F→G是1，2二溴乙烷得到乙二醇，其化学方程式为BrCH2CH2Br+2NaOH→△H2OHOCH故答案为：2CH3CH2CH2OH+O2→△Cu2CH3CH2CHO+2H2O；BrCH2CH2Br+2NaOH→△H2O（6）丙醇有2种同分异构体为2﹣丙醇和甲乙醚，其结构简式分别是和CH3CH2OCH3，故答案为：和CH3CH2OCH3。【点评】本题考查有机物的推断，涉及官能团识别、有机反应类型、有机反应方程式的书写、有机物结构与性质、限制条件同分异构体书写等，充分利用反应条件、目标物结构简式进行分析推断，试题侧重考查学生分析推理能力、知识迁移运用能力。8．（2023春•台州期末）丙烯酸乙酯天然存在于菠萝等水果中，是一种食品用合成香料，利用丙烯、乙烯等为原料进行合成。该转化关系如图所示：已知：原子利用率是指期望产物的总质量与生成物的总质量之比。请回答：（1）由乙烯生成C的反应类型加成反应，反应物B中的含氧官能团是羧基（填名称）。（2）请写出反应Ⅱ的化学反应方程式CH2＝CHCOOH+CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH2＝CHCOOCH2CH3+H2O（3）久置的丙烯酸乙酯自身发生聚合反应，请写出其聚合产物的结构简式。（4）下列说法正确的是AB。A.相同条件下丙烯酸乙酯在氢氧化钠溶液中水解较在稀硫酸中更完全B.反应Ⅲ的原子利用率为100%C.1molC4H8与1mol丙烯酸乙酯完全燃烧，消耗的氧气后者更多D.丙烯酸乙酯可与HCl气体发生加成反应，产生一种有机产物【答案】（1）加成反应；羧基；（2）CH2＝CHCOOH+CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH2＝CHCOOCH2CH3+H2（3）；（4）AB。【分析】丙烯被催化氧化生成B，乙烯和水发生加成反应生成C为CH3CH2OH，B和C发生酯化反应生成丙烯酸乙酯，则B为CH2＝CHCOOH，B和乙烯发生加成反应生成丙烯酸乙酯。【解答】解：（1）乙烯和水发生加成反应生成C，则由乙烯生成C的反应类型为加成反应，B为CH2＝CHCOOH，羧基能和Na反应生成氢气、能和碳酸氢钠和碳酸钠反应生成二氧化碳，所以反应物B中的含氧官能团是羧基，故答案为：加成反应；羧基；（2）B为CH2＝CHCOOH、C为CH3CH2OH，反应Ⅱ的化学反应方程式为CH2＝CHCOOH+CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH2＝CHCOOCH2CH3+H2故答案为：CH2＝CHCOOH+CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH2＝CHCOOCH2CH3+H2（3）久置的丙烯酸乙酯自身发生聚合反应，其聚合产物的结构简式为，故答案为：；（4）A．丙烯酸乙酯在氢氧化钠溶液中水解生成丙烯酸钠和乙醇，不可逆，较在稀硫酸中更完全，故A正确；B．反应Ⅲ为加成反应，只有一种产物，所以原子利用率为100%，故B正确；C．丙烯酸乙酯的分子式为C5H8O2，可以改写为C4H8•CO2，则1molC4H8与1mol丙烯酸乙酯完全燃烧，消耗的氧气一样多，故C错误；D．丙烯酸乙酯结构不对称，所以可与HCl气体发生加成反应，产生两种有机产物，故D错误；故答案为：AB。【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，（4）C为解答易错点，题目难度不大。9．（2023春•台州期中）有机物M（只含C、H、O三种元素中的两种或三种）具有特殊香味。某化学兴趣小组从粗品中分离提纯有机物M，然后借助李比希法、现代科学仪器测定有机物M的分子组成和结构，具体实验过程如下：步骤一：将粗品用蒸馏法进行纯化。（1）如图1所示，仪器a的名称是蒸馏烧瓶，图中虚线框内应选用右侧的仪器y（填“仪器x”或“仪器y”）。步骤二：确定M的实验式和分子式。（2）利用元素分析仪测得有机物M中碳的质量分数为54.5%，氢的质量分数为9.1%。①M实验式为C2H4O。②已知M的密度是同温同压下CO2密度的2倍，则M的分子式为C4H8O2。步骤三：确定M的结构简式。（3）用核磁共振仪测出M的核磁共振氢谱如图2所示，图中峰面积之比为1：3：1：3；利用红外光谱仪测得M的红外光谱如图3所示。①M的结构简式为CH3COCH（OH）CH3。②M的所有同分异构体在下列一种表征仪器中显示的信号（或数据）完全相同，该仪器是C（填标号）。a．质谱仪b．红外光谱仪c．元素分析仪d．X射线衍射仪【答案】（1）蒸馏烧瓶；仪器y；（2）①C2H4O；②C4H8O2；（3）①CH3COCH（OH）CH3；②C。【分析】（1）如图1所示，仪器a的名称是蒸馏烧瓶，图中虚线框内仪器是用于冷凝蒸馏出来的物质，应选用右侧的仪器y；（2）①M中n（C）：n（H）：n（O）=54.5%12：9.1%1：1-54.5%-9.1%16%≈2②已知M的密度是同温同压下CO2密度的2倍，说明M的相对分子质量为88，M的实验式为C2H4O，设M的分子式为（C2H4O）n，n=8812×2+1×4+16×1（3）①用核磁共振仪测出M的核磁共振氢谱如图2所示，图中峰面积之比为1：3：1：3，说明含有4种氢原子且氢原子个数之比为1：3：1：3，含有2个甲基，根据图3知，含有C＝O键、O—H键，C—H键；②M的所有同分异构体在下列一种表征仪器中显示的信号（或数据）完全相同，该仪器是元素分析仪。【解答】解：有机物M（只含C、H、O三种元素中的两种或三种）具有特殊香味，说明含有酯基；（1）如图1所示，仪器a的名称是蒸馏烧瓶，图中虚线框内仪器是用于冷凝蒸馏出来的物质，且能使蒸馏出的物质顺利流下，应选用右侧的仪器y，故答案为：蒸馏烧瓶；仪器y；（2）①M中n（C）：n（H）：n（O）=54.5%12：9.1%1：1-54.5%-9.1%16%≈2：4：1，实验式为C故答案为：C2H4O；②已知M的密度是同温同压下CO2密度的2倍，说明M的相对分子质量为88，M的实验式为C2H4O，设M的分子式为（C2H4O）n，n=8812×2+1×4+16×1=2，分子式为C4H8故答案为：C4H8O2；（3）①用核磁共振仪测出M的核磁共振氢谱如图2所示，图中峰面积之比为1：3：1：3，说明含有4种氢原子且氢原子个数之比为1：3：1：3，含有2个甲基，根据图3知，含有C＝O键、O—H键，C—H键，M的结构简式为CH3COCH（OH）CH3，故答案为：CH3COCH（OH）CH3；②M的所有同分异构体在下列一种表征仪器中显示的信号（或数据）完全相同，其元素相同，所以该仪器是元素分析仪，故答案为：C。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用，明确有机物的推断方法是解本题关键，题目难度中等。10．（2023•浙江开学）某烃A是有机化学工业的基本原料，其产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，A还是一种植物生长调节剂，B和D都是日常生活食品中常见的有机物，E是一种油状、有香味的物质。如图为部分有机物间的转化关系：已知：2CH3CHO+O2→△催化剂2CH3（1）有机物F的分子式为C2H4O，且只有一种等效氢，F的结构简式为，①～⑤反应中属于加成反应的有①②（填序号）。（2）丙烯（）在催化剂、加热条件下与O2反应可生成一种重要的化工原料丙烯酸（）。下列关于丙烯酸的说法正确的是bc（填选项字母）。a．与乙酸互为同系物b．能发生加成反应、取代反应、氧化反应c．能与NaHCO3溶液反应生成CO2d．一定条件下能发生加聚反应，生成（3）反应③的方程式为2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2O（4）已知：Diels﹣Alder反应为共轭双烯与含烯键或炔键的化合物相互作用生成六元环状化合物的反应，最简单的Diels﹣Alder反应是。以1，3﹣丁二烯（）和丙烯酸（）为起始原料，利用Diels﹣Alder反应合成的产物的结构简式为。【答案】（1）；①②；（2）bc；（3）2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2（4）。【分析】某烃A是有机化学工业的基本原料，其产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，A还是一种植物生长调节剂，则A为CH2＝CH2；B和D都是日常生活食品中常见的有机物，E是一种油状、有香味的物质，则属于酯类物质，A和水发生加成反应生成B为CH3CH2OH，B发生催化氧化反应生成C为CH3CHO，C发生催化氧化反应生成D为CH3COOH，B和D发生酯化反应生成E为CH3COOCH2CH3；丙烯发生氧化反应生成CH2＝CHCOOH；有机物F的分子式为C2H4O，且只有一种等效氢，F为。【解答】解：（1）通过以上分析知，F的结构简式为，①～⑤反应中属于加成反应的有①②，③④属于氧化反应，⑤属于取代反应或酯化反应，故答案为：；①②；（2）a．丙烯酸与乙酸的结构不相似，所以二者不互为同系物，故a错误；b．丙烯酸中碳碳双键能发生加成反应、氧化反应，羧基能发生取代反应，故b正确；c．丙烯酸中—COOH能与NaHCO3溶液反应生成CO2，故c正确；d．丙烯酸一定条件下能发生加聚反应生成，故d错误；故答案为：bc；（3）反应③的方程式为2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2故答案为：2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2（4）以1，3﹣丁二烯（）和丙烯酸（）为起始原料，利用Diels﹣Alder反应合成的产物的结构简式为，故答案为：。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查阅读、分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意信息的获取和灵活运用。11．（2024秋•铜山区期中）按要求完成下列问题：（1）有机物CH3CH＝C（CH3）CH（CH3）2的系统命名是3，4﹣二甲基﹣2﹣戊烯，该分子中最多有10个原子在同一平面上。（2）等质量的甲醇、乙醇、乙二醇、丙三醇，分别和足量金属钠作用，放出氢气量最多是CH2（OH）CH（OH）CH2OH（填写结构简式）。（3）一定条件下，O2得电子转化为超氧自由基(⋅①转化为是氧化（填“氧化”或“还原”）反应。②写出图示转化总反应的化学方程式：。（4）食品添加剂必须严格按照国家食品安全标准的规定使用。防腐剂G的一种合成路线如图所示（部分反应条件略）。①流程中A→B步骤的作用是保护酚羟基。②D→E发生的反应类型是取代反应。③鉴别E、G用的试剂是CD（填选项字母，下同），将E转化为需要的剂可以是ABD。A.NaB.NaOHC.NaHCO3D.Na2CO3【答案】（1）3，4﹣二甲基﹣2﹣戊烯；10；（2）CH2（OH）CH（OH）CH2OH；（3）①氧化；②；（4）①保护酚羟基不被氧化；②取代反应；③CD；ABD。【分析】（1）有机物CH3CH＝C（CH3）CH（CH3）2属于烯烃，主链上含有5个碳原子，碳碳双键位于2、3号碳原子之间，甲基位于3、4号碳原子上，该分子相当于乙烯中的氢原子被甲基、—CH（CH3）2取代；（2）甲醇、乙醇、乙二醇、丙三醇含有的羟基数分别为1、1、2、3，羟基与Na反应生成氢气，即羟基中H原子转化生成氢气，相同条件下相同质量时，羟基物质的量越多，生成氢气越多；（3）①转化为失电子；②反应物是苯甲醇和氧气，生成物是苯甲醛和H2O2；（4）A发生取代反应生成B，B中甲基被氧化生成羧基，则D为，D发生取代反应生成E，E和乙醇发生酯化反应生成G。【解答】解：（1）有机物CH3CH＝C（CH3）CH（CH3）2属于烯烃，主链上含有5个碳原子，碳碳双键位于2、3号碳原子之间，甲基位于3、4号碳原子上，名称为3，4﹣二甲基﹣2﹣戊烯，该分子相当于乙烯中的氢原子被甲基、—CH（CH3）2取代，乙烯中所有原子共平面，则该分子中最多有10个原子在同一平面上，故答案为：3，4﹣二甲基﹣2﹣戊烯；10；（2）令醇的质量为1g，则甲醇中羟基的物质的量为132mol，乙醇中羟基的物质的量为146mol，乙二醇中羟基的物质的量为1g63g/mol×2=131mol，丙三醇中羟基的物质的量为1g92g/mol×3=392故答案为：CH2（OH）CH（OH）CH2OH；（3）①转化为失电子，发生氧化反应，故答案为：氧化；②反应物是苯甲醇和氧气，生成物是苯甲醛和H2O2，总反应方程式为，故答案为：；（4）①流程中A→B步骤的作用是保护酚羟基，防止被酸性高锰酸钾溶液氧化，故答案为：保护酚羟基；②D→E发生的反应类型是取代反应，故答案为：取代反应；③鉴别E、G用的试剂是CD，碳酸钠、碳酸氢钠都能和E反应生成CO2，G和碳酸钠、碳酸氢钠不反应，酚羟基和羧基都能和Na、NaOH、Na2CO3反应，所以将E转化为需要的剂可以是ABD，故答案为：CD；ABD。【点评】本题考查有机物的结构和性质、有机物的推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系、物质之间的转化关系是解本题关键，注意：酚羟基能和Na2CO3反应生成—ONa，题目难度不大。12．（2024秋•盐城月考）已知：①A、B是两种单烯烃，A分子中含有6个碳原子，B分子中含有4个碳原子，其中A的核磁共振氢谱中只有一个吸收峰而B有两个；②烯烃复分解反应可表示为R1CH＝CHR2+R1'CH＝CHR2'→一定条件R1CH＝CHR1'+R2CH＝CHR2'（1）A的结构简式为（CH3）2C＝C（CH3）2，B的结构简式为CH3CH＝CHCH3。（2）反应②的反应类型为加成反应。（3）当与Br2按物质的量之比为1：1反应时，所得有机产物有3种。【答案】（1）（CH3）2C＝C（CH3）2；CH3CH＝CHCH3；（2）加成反应；（3）3。【分析】A、B是两种单烯烃，A分子中含有6个碳原子，B分子中含有4个碳原子，其中A的核磁共振氢谱中只有一个吸收峰而B有两个，则A为（CH3）2C＝C（CH3）2、B为CH3CH＝CHCH3；A和B发生信息②的反应生成（CH3）2C＝CHCH3，反应②为加成反应，反应③为消去反应，CH2＝C（CH3）CH＝CH2发生加聚反应生成C为。【解答】解：（1）A的结构简式为（CH3）2C＝C（CH3）2，B的结构简式为CH3CH＝CHCH3，故答案为：（CH3）2C＝C（CH3）2；CH3CH＝CHCH3；（2）反应②的反应类型为加成反应，故答案为：加成反应；（3）当与Br2按物质的量之比为1：1反应时，可能是1，2﹣加成，可能是3，4﹣加成，可能是1，4﹣加成，所得有机产物有3种，故答案为：3。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，知道物质之间的转化关系，题目难度不大。13．（2024秋•盐城月考）（1）聚偏二氯乙烯（）具有超强阻隔性能，可作为保鲜食品的包装材料。它是由CCl2＝CH2（写结构简式）单体发生加聚反应生成的。（2）烃A的结构简式为，在烃A中手性碳上标上“*”：。（3）松节油脱去一分子水发生消去反应，最多可有4种有机产物。（4）当有机化合物分子中碳原子连有四个不同原子或基团时称为手性碳原子，如下中标有“*”的碳原子就是手性碳原子。若使F失去手性，下列方法可行的是C。A．一定条件下和乙醇发生酯化反应B．一定条件下和乙酸发生酯化反应C．一定条件下发生催化氧化反应（5）某有机物A的相对分子质量为74，且红外光谱图如图，则A的结构简式为CH3CH2OCH2CH3。（6）已知：，如果要合成，所用的原料可以是AD。A．2﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯和2﹣丁炔B．1，3﹣戊二烯和2﹣丁炔C．2，3﹣二甲基﹣1，3﹣戊二烯和乙炔D．2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯和1﹣丙炔【答案】（1）CCl2＝CH2；（2）；（3）4；（4）C；（5）CH3CH2OCH2CH3；（6）AD。【分析】（1）CCl2＝CH2发生加聚反应生成；（2）连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；（3）松节油脱去一分子水发生消去反应，上方的醇羟基发生消去反应得到两种碳碳双键；下方的醇羟基发生消去反应生成两种碳碳双键；（4）A．一定条件下和乙醇发生酯化反应，该分子中带“*”的碳原子仍然连接4个不同的原子或原子团；B．一定条件下和乙酸发生酯化反应，该分子中带“*”的碳原子仍然连接4个不同的原子或原子团；C．一定条件下发生催化氧化反应，醇羟基转化为羰基；（5）某有机物A的相对分子质量为74，根据红外光谱图知，该分子中含对称的—CH3、对称的—CH2﹣、醚键，碳原子个数为74-1612=4•••10，分子式为C4H10（6）如果要合成，所用的原料可以是2﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯和2﹣丁炔或2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯和1﹣丙炔。【解答】解：（1）的单体是CCl2＝CH2，故答案