2024-2025学年江西省十校协作体高三上学期第一次联考物理试卷

高级中学名校试卷PAGEPAGE1——★参考答案★——题号12345678910答案BBCADACADBCABD1．B【详析】A．图甲中玻璃容器中的小水银滴呈球形，是因为水银与玻璃不浸润导致的结果，故A错误；B．图乙为康普顿效应的示意图，入射光子与静止的电子碰撞，碰撞后散射光的光子能量变小，根据，可知，碰撞后散射光的波长变长，故B正确；C．锌的逸出功为，用丙中一群处于能级的氢原子发出的光照射锌板，照射光的光子最大能量为，根据光电效应方程可知，逸出光电子的最大初动能为，故C错误；D．衰变过程随时间的变化规律说明在相同时间内，有半数的原子核发生了衰变，但相同时间内衰变的原子数量随时间的推移而不断减少，故D错误。故选B。2．B【难度】0.85【详析】“彩色光环”现象属于衍射现象。A．雨后的彩虹属于光的折射，故A错误；B．透过狭缝看日光灯可以看到彩色条纹为单缝衍射，故B正确；C．油膜在阳光下呈现彩色是由于薄膜干涉，属于光的干涉，故C错误；D．树影中的圆形光斑为太阳的像，属于小孔成像，故D错误。C【详析】A．小猪绕碗的边缘做匀速圆周运动，由所受外力的合力提供圆周运动的向心力，合力方向始终指向圆心，可知，小猪所受的合外力不为零，故A错误；B．根据冲量的定义有，可知，小猪运动一周，其重力的冲量不为零，故B错误；C．小猪绕碗的边缘做匀速圆周运动，由碗对小猪的作用力与小猪的重力的合力提供圆周运动的向心力，重力方向竖直向下，合力方向指向圆心，即合力沿水平方向，则有，可知，碗对小猪的作用力大于小猪的重力，故C正确；4．A【详析】A．因发射的“鹊桥二号”未能变轨到绕太阳转动，则发射速度要小于第二宇宙速度，即发射速度介于7.9km/s与11.2km/s之间，故A正确；B．“鹊桥二号”在轨道I运行到近月点A时减速才能变轨进入冻结轨道II运行，故B错误；C．根据牛顿第二定律有，解得，可知“鹊桥二号”在轨道I上经过A点的加速度等于在轨道II上经过A点时的加速度，故C错误；D．轨道I的半长轴大于轨道II的半长轴，由开普勒第三定律，可知“鹊桥二号”在轨道I上的运行周期比在轨道II上的运行周期长，故D错误。故选A。5．D【难度】0.85【详析】根据质点振动方程可知质点振动周期为由波长公式可知声波的波长为与的距离之差即波程差为，所以当波程差为半波长的奇数倍时，利用波的干涉原理可知两波源振动步调一致即可使P点振动减弱，则降噪声源的振动方程应为故选D。6．A【详析】A．当时，则，即电荷所受向上的洛伦兹力较大，将向上偏转，故A正确；B．一束等离子体（含有大量正、负带电粒子）射入磁场，根据左手定则可知，正电荷受到指向B极板的洛伦兹力，负电荷受到指向A极板的洛伦兹力，所以B板带正电，A板带负电，通过电阻R的电流从b流向a，故B错误；C．粒子在加速电场中有，在偏转磁场中有，所以，由此可知，该质谱仪不能区分比荷相同的带电粒子，故C错误；D．由于金属导体导电粒子为自由电子，根据左手定则可知，自由电子受到指向a板的洛伦兹力，所以自由电子将打到a板，则a面电势低于b面电势，故D错误。故选A。7．C【详析】AB．时，短绳2竖直，此时设绳1与竖直方向夹角为θ，则由几何关系可得，可知，光滑小环处轻绳1的夹角为，由平衡可知，，故AB错误；CD．增大时，负电小球受水平方向的电场力增加，对小球受力分析可知轻绳2向右倾斜，但是轻绳2方向仍是轻绳1的角平分线上。由几何关系得，即，所以增大时减小，由受力分析有，即，所以当时T最小，即随着增大，轻绳1的张力T先减少后增大。故C正确，D错误。故选C。8．AD【难度】0.85【详析】AB．由理想变压器原、副线圈的电压比等于匝数比，两变压器则有，可得，由题意可知，由于输电线上有电压降，因此则有，又有，可得故A正确，B错误；CD．由理想变压器原、副线圈的电流比等于匝数的反比，两变压器则有，可得，由于，，可得故C错误，D正确。故选AD。9．BC【难度】0.65【详析】A．第一次火药爆炸后，设烟花的速度为v，则有解得烟花动量变化量的大小为故A错误；B．第一次火药爆炸过程对烟花有解得高压气体对烟花平均作用力大小为故B正确；CD．第二次爆炸，水平方向动量守恒，有解得所以另一部分烟花的速度大小为40m/s，方向水平向西；两部分下落的时间相等均为所以两部分烟花落地点间距为故C正确。故选BC。10．ABD【难度】0.4【详析】A．由乙图可知，带电微粒在转动过程中，电势最高值为，电势最低值为，最高点、最低点分别位于轨迹直径的两端，将直径取四等分点，找到与a点电势相同的点A，如图aA垂直于电场线设电场强度的方向与x轴正方向为，由几何关系解得，故A正确；B．由上述分析可知，从a点到b点由动能定理又，解得，故B正确；CD．由乙图可知，微粒做圆周运动的周期为速度为电场强度为圆周运动的过程中电势为时变力F达到最大值，有解得故D正确，C错误。故选ABD。11．（共8分每空2分）(1)C(2)5.25（5.21~5.25）0.50(3)D【详析】（1）A．“探究小车速度随时间变化的规律”实验中只需要小车做匀变速直线运动即可，不需要补偿阻力，故A错误；B．“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中拉弹簧秤时，只需让弹簧与外壳间没有摩擦，此时弹簧测力计的示数即为弹簧对细绳的拉力，与弹簧秤外壳与木板之间是否存在摩擦无关，故B错误；C．“探究平抛运动的特点”实验中为了保证小球每一次抛出时速度大小相等，需要让小球每一次从相同高度静止释放，斜槽与钢球间的摩擦力对实验结果没有影响，故C正确；D．“研究气垫导轨上滑块碰撞时的动量守恒”实验中只需要调节气垫导轨让滑块做匀速运动即可，不需要进行补偿阻力操作，故D错误。故选C。（2）[1]毫米刻度尺的分度值为0.1cm，需要估读到分度值下一位，即图中D点的读数为5.25cm；[2]相邻计数点时间间隔，根据逐差法可得，代入数据（3）A．补偿阻力操作后，更换小车和槽码的质量，不需要重新补偿阻力，没有重新进行补偿阻力操作对实验无影响，故A错误；B．为了使小车所受的合外力等于槽码的重力，需要使得小车的质量远大于槽码的质量，所以小车所受合外力近似与槽码重力相等，不是小车加速度变大的原因，故B错误；CD．对小车和槽码，根据牛顿第二定律，对两次实验分别有，，根据题意有，联立可得，故D正确，C错误。故选D。12．(1)电压表V(2)温控箱的温度和电阻箱的阻值(3)1800高于【详析】（1）[1][2]热敏电阻的阻值大约为几千欧，电路中的电流大约为mA量级，故不能选用电流表A，由于电压表V的内阻已知，可以作为电流表使用，量程为6mA，故电源应选，电表1应选电压表V。（2）[1][2]根据等效替代法测电阻，应该保持滑动变阻器滑片的位置不变，将单刀双掷开关打到端，调节电阻箱，使电表1的读数保持不变，记录温控箱的温度和电阻箱的阻值。（3）[1][2]热敏电阻在温度为时的阻值为，此时报警器的电压为2V，故电阻箱的阻值应该调为；若考虑到电源内阻的影响，报警器的电压为2V时，热敏电阻的阻值应小于，故实际报警温度会高于。13．（共8分）(1)(2)【详析】（1）由题可知，根据玻意耳定律可得（2分）解得（2分）（2）根据理想气体状态方程可知（2分）解得（2分）14．（共12分）(1)2250N(2)3m/s(3)562.5J【详析】（1）由于运动员恰好到达平台B的上端边缘，根据机械能守恒（1分）根据牛顿第二定律（1分）联立解得支持力大小（2分）（2）运动员从M点做斜抛运动，设初速度为v，则m（1分）（1分）解得（1分）因此在最高点的速度（1分）（3）从M到Q的过程中，根据动能定理（2分）解得（2分）15．（共17分）（1）120C；（2）2.5T，3m/s；（3）4m【详析】（1）由题知，用电动势E=15V的电源（图中未画出）为电容器充电，则有Q=CU=120C（2分）（2）闭合开关S后，儿童车先作加速度变小的加速运动。达到最大速度后作匀速运动，设此时速度为v1，电容器电压为U金属棒ab、cd并联，可看作一根金属棒，受到安培力的冲量对儿童车由动量定理得B1I1Lt1=mv1（1分）q1=I1t1其中U1=B1Lv1，q1=C(E－U1)（1分），联立解得（2分）当，即B1=2.5T（1分）时，儿童车在AA′BB′金属轨道上获得的最终速度最大，且儿童车的最大速度v1=3m/s（2分）（3）金属棒cd进入DD′右侧磁场后切割磁感线相当于电源。金属棒ab与电R并联。设电路中的总电阻为R总1，设向右为正方向，金属棒ab进入右侧磁场时速度变为v2，对儿童车，根据动量定理有－B2I2Lt2=mv2－mv1（1分）其中，（1分），（1分），解得v2=2m/s全属棒ab进入右侧磁场后，再运动d2－L后儿童车停下，全属棒ab、cd并联同时切制磁感线相当子电源，再与电阻R串联。设电路中的总电阻为R总2，向右为正方向，速度变化量为－v2，对儿童车根据动量定理有－B2I3Lt3=0－mv2（1分）其中，，（1分），（1分）解得d2=4m（2分）——★参考答案★——题号12345678910答案BBCADACADBCABD1．B【详析】A．图甲中玻璃容器中的小水银滴呈球形，是因为水银与玻璃不浸润导致的结果，故A错误；B．图乙为康普顿效应的示意图，入射光子与静止的电子碰撞，碰撞后散射光的光子能量变小，根据，可知，碰撞后散射光的波长变长，故B正确；C．锌的逸出功为，用丙中一群处于能级的氢原子发出的光照射锌板，照射光的光子最大能量为，根据光电效应方程可知，逸出光电子的最大初动能为，故C错误；D．衰变过程随时间的变化规律说明在相同时间内，有半数的原子核发生了衰变，但相同时间内衰变的原子数量随时间的推移而不断减少，故D错误。故选B。2．B【难度】0.85【详析】“彩色光环”现象属于衍射现象。A．雨后的彩虹属于光的折射，故A错误；B．透过狭缝看日光灯可以看到彩色条纹为单缝衍射，故B正确；C．油膜在阳光下呈现彩色是由于薄膜干涉，属于光的干涉，故C错误；D．树影中的圆形光斑为太阳的像，属于小孔成像，故D错误。C【详析】A．小猪绕碗的边缘做匀速圆周运动，由所受外力的合力提供圆周运动的向心力，合力方向始终指向圆心，可知，小猪所受的合外力不为零，故A错误；B．根据冲量的定义有，可知，小猪运动一周，其重力的冲量不为零，故B错误；C．小猪绕碗的边缘做匀速圆周运动，由碗对小猪的作用力与小猪的重力的合力提供圆周运动的向心力，重力方向竖直向下，合力方向指向圆心，即合力沿水平方向，则有，可知，碗对小猪的作用力大于小猪的重力，故C正确；4．A【详析】A．因发射的“鹊桥二号”未能变轨到绕太阳转动，则发射速度要小于第二宇宙速度，即发射速度介于7.9km/s与11.2km/s之间，故A正确；B．“鹊桥二号”在轨道I运行到近月点A时减速才能变轨进入冻结轨道II运行，故B错误；C．根据牛顿第二定律有，解得，可知“鹊桥二号”在轨道I上经过A点的加速度等于在轨道II上经过A点时的加速度，故C错误；D．轨道I的半长轴大于轨道II的半长轴，由开普勒第三定律，可知“鹊桥二号”在轨道I上的运行周期比在轨道II上的运行周期长，故D错误。故选A。5．D【难度】0.85【详析】根据质点振动方程可知质点振动周期为由波长公式可知声波的波长为与的距离之差即波程差为，所以当波程差为半波长的奇数倍时，利用波的干涉原理可知两波源振动步调一致即可使P点振动减弱，则降噪声源的振动方程应为故选D。6．A【详析】A．当时，则，即电荷所受向上的洛伦兹力较大，将向上偏转，故A正确；B．一束等离子体（含有大量正、负带电粒子）射入磁场，根据左手定则可知，正电荷受到指向B极板的洛伦兹力，负电荷受到指向A极板的洛伦兹力，所以B板带正电，A板带负电，通过电阻R的电流从b流向a，故B错误；C．粒子在加速电场中有，在偏转磁场中有，所以，由此可知，该质谱仪不能区分比荷相同的带电粒子，故C错误；D．由于金属导体导电粒子为自由电子，根据左手定则可知，自由电子受到指向a板的洛伦兹力，所以自由电子将打到a板，则a面电势低于b面电势，故D错误。故选A。7．C【详析】AB．时，短绳2竖直，此时设绳1与竖直方向夹角为θ，则由几何关系可得，可知，光滑小环处轻绳1的夹角为，由平衡可知，，故AB错误；CD．增大时，负电小球受水平方向的电场力增加，对小球受力分析可知轻绳2向右倾斜，但是轻绳2方向仍是轻绳1的角平分线上。由几何关系得，即，所以增大时减小，由受力分析有，即，所以当时T最小，即随着增大，轻绳1的张力T先减少后增大。故C正确，D错误。故选C。8．AD【难度】0.85【详析】AB．由理想变压器原、副线圈的电压比等于匝数比，两变压器则有，可得，由题意可知，由于输电线上有电压降，因此则有，又有，可得故A正确，B错误；CD．由理想变压器原、副线圈的电流比等于匝数的反比，两变压器则有，可得，由于，，可得故C错误，D正确。故选AD。9．BC【难度】0.65【详析】A．第一次火药爆炸后，设烟花的速度为v，则有解得烟花动量变化量的大小为故A错误；B．第一次火药爆炸过程对烟花有解得高压气体对烟花平均作用力大小为故B正确；CD．第二次爆炸，水平方向动量守恒，有解得所以另一部分烟花的速度大小为40m/s，方向水平向西；两部分下落的时间相等均为所以两部分烟花落地点间距为故C正确。故选BC。10．ABD【难度】0.4【详析】A．由乙图可知，带电微粒在转动过程中，电势最高值为，电势最低值为，最高点、最低点分别位于轨迹直径的两端，将直径取四等分点，找到与a点电势相同的点A，如图aA垂直于电场线设电场强度的方向与x轴正方向为，由几何关系解得，故A正确；B．由上述分析可知，从a点到b点由动能定理又，解得，故B正确；CD．由乙图可知，微粒做圆周运动的周期为速度为电场强度为圆周运动的过程中电势为时变力F达到最大值，有解得故D正确，C错误。故选ABD。11．（共8分每空2分）(1)C(2)5.25（5.21~5.25）0.50(3)D【详析】（1）A．“探究小车速度随时间变化的规律”实验中只需要小车做匀变速直线运动即可，不需要补偿阻力，故A错误；B．“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中拉弹簧秤时，只需让弹簧与外壳间没有摩擦，此时弹簧测力计的示数即为弹簧对细绳的拉力，与弹簧秤外壳与木板之间是否存在摩擦无关，故B错误；C．“探究平抛运动的特点”实验中为了保证小球每一次抛出时速度大小相等，需要让小球每一次从相同高度静止释放，斜槽与钢球间的摩擦力对实验结果没有影响，故C正确；D．“研究气垫导轨上滑块碰撞时的动量守恒”实验中只需要调节气垫导轨让滑块做匀速运动即可，不需要进行补偿阻力操作，故D错误。故选C。（2）[1]毫米刻度尺的分度值为0.1cm，需要估读到分度值下一位，即图中D点的读数为5.25cm；[2]相邻计数点时间间隔，根据逐差法可得，代入数据（3）A．补偿阻力操作后，更换小车和槽码的质量，不需要重新补偿阻力，没有重新进行补偿阻力操作对实验无影响，故A错误；B．为了使小车所受的合外力等于槽码的重力，需要使得小车的质量远大于槽码的质量，所以小车所受合外力近似与槽码重力相等，不是小车加速度变大的原因，故B错误；CD．对小车和槽码，根据牛顿第二定律，对两次实验分别有，，根据题意有，联立可得，故D正确，C错误。故选D。12．(1)电压表V(2)温控箱的温度和电阻箱的阻值(3)1800高于【详析】（1）[1][2]热敏电阻的阻值大约为几千欧，电路中的电流大约为mA量级，故不能选用电流表A，由于电压表V的内阻已知，可以作为电流表使用，量程为6mA，故电源应选，电表1应选电压表V。（2）[1][2]根据等效替代法测电阻，应该保持滑动变阻器滑片的位置不变，将单刀双掷开关打到端，调节电阻箱，使电表1的读数保持不变，记录温控箱的温度和电阻箱的阻值。（3）[1][2]热敏电阻在温度为时的阻值为，此时报警器的电压为2V，故电阻箱的阻值应该调为；若考虑到电源内阻的影响，报警器的电压为2V时，热敏电阻的阻值应小于，故实际报警温度会高于。13．（共8分）(1)(2)【详析】（1）由题可知，根据玻意耳定律可得（2分）解得（2分）（2）根据理想气体状态方程可知（2分）解得（2分）14．（共12分）(1)2250N(2)3m/s(3)562.