2025年浙教新版高一物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版高一物理上册月考试卷765考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、关于近地卫星和地球同步卫星，下列说法正确的是（）A.近地卫星的发射速度小于7.9km/sB.近地卫星在轨道上的运行速度大于7.9km/sC.地球同步卫星的高度平面和固定高度都是确定的D.地球同步卫星运行时可能会经过地球北极点的正上方2、如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O

点为其球心，碗的内表面及碗口光滑.

一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1

和m2

的小球.

当它们处于平衡状态时，质量为m1

的小球与O

点的连线与水平线的夹角为娄脕=90鈭�

质量为m2

的小球位于水平地面上，设此时质量为m2

的小球对地面压力大小为N

细线的拉力大小为T

则(

)

A.N=(m2鈭�m1)g

B.N=m2g

C.T=22m1g

D.T=(m2鈭�22m1)g

3、敦煌曲子中有这样的诗句：“满眼风波多闪烁？看山恰是走来迎，仔细看山山不动，是船行。”其中“看山恰是走来迎”和“是船行”所选的参考系分别是（）A.船和山B.山和船C.地面和山D.河岸和水流4、【题文】2013年12月6日17时47分；在北京飞控中心工作人员的精密控制下，嫦娥三号开始实施近月制动，进入100公里环月轨道Ⅰ，2013年12月10日晚21:20分左右，嫦娥三号探测器将再次变轨，从100公里的环月圆轨道Ⅰ，降低到近月点（B点）15公里；远月点（A点）100公里的椭圆轨道Ⅱ，为下一步月面软着陆做准备．关于嫦娥三号卫星下列说法正确的是。

A.卫星在轨道Ⅱ上A点的加速度小于在B点的加速度B.卫星沿轨道Ⅰ运动的过程中，卫星中的科考仪器处于失重状态C.卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，在A点应加速D.卫星在轨道Ⅱ经过A点时的动能小于在轨道Ⅱ经过B点时的动能5、下列各物理量中，是矢量的是（）A.加速度B.动摩擦因数C.时间D.速率6、2016

年是中国航空航天人非常忙碌的一年，计划将进行二十多次发射，其中“长征5

号”及“长征7

号”运载火箭将相继闪亮登场.

如果利用大推力“长征5

号”运载火箭发射我国自主研发的载人航天器将与在轨的天宫一号实现对接.

现天宫一号与载人航天器都在离地343km

的近地圆轨道上运动，且所处轨道存在极其稀薄的大气，则下列说法正确的是(

)

A.为实现对接，两者运行速度的大小应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B.为实现对接，载人飞船必须点火加速，才能追上前方的天宫一号C.宇航员进入天宫一号后，处于完全失重状态，因而不受重力作用D.由于稀薄气体的阻力作用，如果不加干预，天宫一号的高度将逐渐变低，飞行速度将越来越大7、如图是某质点运动的速度图象；下列说法正确是(??)

A.0隆芦1s

内的平均速度是2m/s

B.0隆芦2s

内的位移大小是2m

C.0隆芦1s

内的加速度大于2隆芦4s

内的加速度。

D.0隆芦1s

内的运动方向与2隆芦4s

内的运动方向相反评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图为某物体做直线运动的v鈭�t

图象；关于物体的运动情况，下列说法正确的是()

A.物体在第1s

内的加速度大小为2m/s2

B.物体加速度方向始终不变C.物体始终向同一方向运动D.物体的位移大小为零9、物体从离地面45m

高处做自由落体运动(g

取10m/s2)

则下列选项中正确的是(

)

A.物体运动3s

后落地B.物体落地时的速度大小为30m/s

C.物体在落地前最后1s

内的位移为15m

D.物体在整个下落过程中的平均速度为20m/s

10、一物体做速度均匀变化的直线运动，某时刻速度的大小为6m/s1s

后速度的大小变为10m/s

则在这1s

内该物体的(

)

A.速度变化的大小可能小于4m/s

B.速度变化的大小可能大于10m/s

C.加速度的大小可能小于4m/s2

D.加速度的大小可能大于10m/s2

11、质量为m

的汽车发动机额定输出功率为P

当它在平直的公路上以加速度a

由静止开始匀加速启动时，其保持匀加速运动的最长时间为t

汽车运动中所受的阻力大小恒定，则(

)

A.若汽车在该平直的路面上从静止开始以加速度2a

匀加速启动，其保持匀加速运动的最长时间为t2

B.若汽车以加速度a

由静止开始在该路面上匀加速启动，经过时间t2

发动机输出功率为12P

C.汽车保持功率P

在该路面上运动可以达到的最大速度为PatP鈭�ma2t

D.汽车运动中所受的阻力大小为Pat

12、如下图所示，ABC

三物体组成的系统已经在水平面上以同一速率做匀速运动，其中C

物受到向右的恒力F

的牵引，则下列说法中不正确的是()

A.B

物受向右的摩擦力B.C

物未受摩擦力C.ABC

这个系统所受摩擦力的矢量和为零D.A

物所受摩擦力的矢量和为零13、有一个木块放在水平地面上，如图所示，用弹簧测力计拉着细绳水平牵引木块，弹簧测力计有示数但木块没有移动，以下判断正确的是(

)

A.涉及木块的作用力和反作用力一共有3

对B.涉及木块的作用力和反作用力一共有4

对C.木块一共受到2

对平衡力的作用D.木块一共受到3

对平衡力的作用14、一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s1s

后速度的大小为10m/s

在这1s

内该物体的(

)

A.位移的大小不可能小于4m

B.位移的大小可能大于4m

C.加速度的大小可能小于4m/s2

D.加速度的大小可能小于10m/s2

15、如图所示水平面上，质量为20kg

的物块A

拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为10N

时，物块处于静止状态，若小车以加速度a=1m/s2

沿水平地面向右加速运动时(

)

A.物块A

相对小车仍静止B.物块A

受到的摩擦力将减小C.物块A

受到的摩擦力大小不变D.物块A

受到的弹力将增大评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、A如图所示为作用在质量m=2kg物体上的合外力F与物体位移s的对应关系．s=0时物体处于静止状态，则在物体从静止开始运动9m的过程中，合外力F做的功W=____J；s=9m时F的功率P=____W．

17、【题文】一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C再回到状态A，变化过程如图所示，其中A到B曲线为双曲线．图中V0和P0为已知量．

①从状态A到B；气体经历的是（选填“等温”“等容”或“等压”）过程；

②从B到C的过程中；气体做功大小为；

③从A经状态B、C再回到状态A的过程中，气体吸放热情况为____（选填“吸热”、“放热”或“无吸放热”）。18、【题文】如图所示，从倾角为θ的斜面上的A点以速度V0平抛一个小球，小球落在斜面上的B点，则小球从A到B的运动时间为________。19、如图为“探究物体的加速度与质量和受力的关系”的实验装置.

沙和沙桶的质量为m

；小车和砝码的质量为M.

实验中将沙和沙桶的重力作为细线对小车的拉力．

(1)

实验前，在进行平衡摩擦力的操作时，下列注意事项正确的是______．

A.应该让小车连接纸带并穿过打点计时器。

B.必须让小车连接沙桶。

C.纸带和沙桶都应连接。

D.纸带和沙桶不能连接。

(2)

现保持沙和沙桶的总质量m

不变，改变小车和砝码的总质量M

探究加速度和质量的关系.

如图2

是某次实验中打出的一条纸带，交变电流的频率为50H

z

，每隔4

个点选一个计数点，则小车的加速度为______m

/

s

2(

保留两位有效数字).

通过实验得到多组加速度a

、质量M

的数据，为了方便准确地研究二者关系，一般选用纵坐标为加速度a

，则横坐标为______(

填M

或)

20、如图所示电路中，已知I＝3A，I1＝2A，R1＝10Ω，R2＝5Ω，R3＝30Ω，则通过电流表的电流方向为向，电流的大小为A.21、在探究“求合力的方法”的实验中。

(1)

有同学做了一系列步骤；其中两个步骤是：

垄脵

把橡皮条的一端固定在木板上；另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到某一位置O

点，在白纸上记下O

点与两个弹簧秤的读数F1

与F2

和______；

垄脷

只用一个弹簧秤通过细线沿原来的方向拉橡皮条；使细线的结点达到______，记下此时弹簧秤的读数F隆盲

和细线的方向．

(2)

为提高实验的准确性；下列说法正确的是______

A.拉橡皮条时；弹簧测力计不能与木板接触。

B.拉橡皮条时；橡皮条；细绳应与木板平面平行。

C.每次拉橡皮条长度要相等；方向都可以。

D.两个拉力的夹角越大越好．评卷人得分四、画图题(共2题，共6分)22、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。23、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分五、简答题(共1题，共2分)24、如图所示，水平地面上的物体重G=100N，在与水平方向成37°角的拉力F=60N的作用下做匀速直线运动．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8．求物体与地面间动摩擦因数．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】解：A；物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫做第一宇宙速度；在地面附近发射飞行器，如果速度等于7.9km/s，飞行器恰好做匀速圆周运动，如果速度小于7.9km/s，就出现万有引力大于飞行器做圆周运动所需的向心力，做近心运动而落地，所以发射速度不能小于7.9km/s，而不是最大发射速度，故A错误；

B、人造卫星在圆轨道上运行时，运行速度为：v=轨道半径越大，速度越小，故第一宇宙速度是卫星在圆轨道上运行的最大速度，故B错误；

C、根据万有引力提供向心力得：=m（R+h）=m因周期一定，则距地面高度一定，故C正确；

D；它若在除赤道所在平面外的任意点；假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的，所以同步卫星不可能经过地球北极点的正上空，故D错误；

故选：C．

了解同步卫星的含义；即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同．

物第一宇宙速度又称为近地轨道环绕速度；是指在地球上发射的物体绕地球飞行作圆周运动所需的最小初始速度；

体做匀速圆周运动；它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．

通过万有引力提供向心力；列出等式通过已知量确定未知量．

本题考查了地球卫星轨道相关知识点，地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，圆心是地球的地心，万有引力提供向心力，轨道的中心一定是地球的球心；同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期．本题难度不大，属于基础题．【解析】【答案】C2、B【分析】解：先对小球m1

受力分析；受重力和支持力，假设细线对小球m1

有拉力作用，则小球m1

受力不能平衡，故拉力T

为零；

再对小球m2

受力分析；受到重力和支持力，支持力与重力平衡，故N=m2g

故选B．

先对小球m1

受力分析；再对小球m2

受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．

本题关键是对小球m1

受力分析，得出细线的拉力为零，然后再对球m2

受力分析，得出支持力的大小．【解析】B

3、A【分析】参考系的选取是任意的，选取的参考系不同，运动的性质也可能不同，本题中“看山恰是走来迎”和“是船行”所选的参考系分别是船和山【解析】【答案】A4、A|B|D【分析】【解析】

试题分析：根据可知，轨道半径越小加速度越大，因此A正确；卫星做匀速圆周运动时，所受到的万有引力完全来提供向心力，因此卫星内的所有物体都处于完全失重状态，B正确；在II轨道上的A点，由于因此卫星做近心运动，而在I轨道上的A点，由于因此卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，应在A点减速，C错误；从A到B的过程中，只有万有引力做功，机械能守恒，而在II上B点重力势能小在II上A的重力势能，因此在II上B点的动能大于II上A点的动能，D正确。

考点：万有引力与航天【解析】【答案】ABD5、A【分析】解：

A；加速度是矢量；其方向与合力方向相同．故A正确．

B；动摩擦因数是只有大小；没有方向的标量．故B错误．

C；时间是标量；只有大小，没有方向．故C错误．

D；速率是瞬时速度的大小；不是矢量，而是标量．故D错误．

故选A

矢量是既有大小；又有方向的物理量．而标量是只有大小，没有方向的物理量．

矢量与标量的明显区别是矢量有方向，而标量没有方向．【解析】【答案】A6、D【分析】解：A

第一宇宙速度是绕地球运行的最大环绕速度；天宫一号的线速度一定小于第一宇宙速度.

故A错误；

B；放载人飞船点火加速；万有引力小于向心力，做离心运动，离开原轨道，不能实现对接，故B错误．

C；宇航员进入天宫一号后；处于完全失重状态，仍然受到重力作用，故C错误．

D、由于稀薄气体的阻力作用，如果不加干预，天宫一号的高度会降低，根据v=GMr

知；飞行速度越来越大，故D正确．

故选：D

．

万有引力提供圆周运动的向心力；所以第一宇宙速度是围绕地球圆周运动的最大速度，卫星由于摩擦阻力作用，轨道高度将降低，运行速度增大，失重不是失去重力，而是对悬绳的拉力或支持物的压力减小的现象.

根据相应知识点展开分析即可．

解决卫星运行规律问题的核心原理是万有引力提供向心力，通过选择不同的向心力公式，来研究不同的物理量与轨道半径的关系．【解析】D

7、C【分析】【分析】质点做匀变速运动时，平均速度可要根据公式v鈥�=v0+v2

求；速度时间图象与时间轴所围的“面积”大小等于位移，斜率等于加速度，由速度的正负读出速度的方向。本题考查了v鈭�tv-t图像；本题是速度图象问题，关键抓住速度图象的“面积”大小等于位移，斜率等于加速度，来分析质点的运动情况。【解答】A.0隆芦1s

内质点做匀加速直线运动，其平均速度为：v鈥�=v0+v2=0+22m/s=1m/s

故A错误；B.速度图象的“面积”大小等于位移，则有0隆芦2s

内的位移大小为：x=12(1+2)隆脕2m=3m

故B错误；

C.速度图象的斜率等于加速度；则知0隆芦1s

内的加速度大于2隆芦4s

内的加速度，故C正确；

D.速度的正负表示速度的方向，则知0隆芦1s

内的运动方向与2隆芦4s

内的运动方向相同，故D错误。故选C。【解析】C

二、多选题(共8题，共16分)8、AC【分析】【分析】速度图象的斜率等于加速度；根据速度的正负判断速度的方向，根据图线与坐标轴所围的面积分析位移的大小。

解题的关键是应用速度时间图像的斜率和面积分别不是加速度和位移的方法。

【解答】

A.物体在第1s

内的加速度大小为a=v鈭�v0t=4鈭�21=2m/s2

故A正确;

B.图线由向上倾斜变为向下倾斜；斜率由正变为负，故加速度方向发生了改变；故B错误;

C.由图线知物体速度始终为正；故物体始终向同一方向运动，故C正确；

D.由图线与t

轴围成的面积表示位移，知物体的位移大小不是零，故D错误。故选AC。

【解析】AC

9、AB【分析】解：A

根据h=12gt2

得，t=2hg=2隆脕4510s=3s.

故A正确．

B；物体落地时的速度v=gt=30m/s.

故B正确．

C、自由下落2s

内的位移x=12gt12=12隆脕10隆脕4m=20m

则最后1s

内的位移鈻�x=h鈭�x=45鈭�20m=25m.

故C错误．

D、整个过程中的平均速度v炉=ht=453m/s=15m/s.

故D错误．

故选：AB

．

根据自由落体运动的位移时间公式求出物体运动的时间；结合速度时间公式求出物体落地的速度大小.

根据位移时间公式求出落地前1s

前的位移，从而得出物体在落地最后1s

内的位移，根据总位移和总时间求出整个下落过程中的平均速度．

解决本题的关键知道自由落体运动是初速度为零，加速度为g

的匀加速直线运动，结合运动学公式灵活求解．【解析】AB

10、BD【分析】解：由题；v0=6m/sv1=10m/sv2=鈭�10m/s

则鈻�v1=v1鈭�v0=10鈭�6=4m/s鈻�v2=v2鈭�v0=鈭�10鈭�6=鈭�16m/s

a1=v1鈭�v0t=41m/s2=4m/s2

a2=v2鈭�v0t=鈭�161m/s2=鈭�16m/s2

则说明速度的变化量最小为4m/s

最大可以为16m/s

加速度的变化最小为4m/s2

最大为16m/s2

可知；BD正确，AC错误；

故选：BD

．

由于末速度方向可能与初速度方向相同；也可能与初速度方向相反，以初速度方向为正方向，末速度可能为正，也可能为负值，根据速度变化和加速度公式可求出两个可能值．

本题重点考查矢量的方向性，以初速度为正方向，当末速度方向与初速度方向相同，为正值；反之，为负值.

要注意全面分析．【解析】BD

11、BC【分析】解：A

当以加速度a

加速运动时有：F鈭�f=maF=f+ma

加速达到的最大速度为：v=Pf+ma

故所需时间为：t=va=Pa(f+ma)

当加速度为2a

时，F隆盲鈭�f=2maF隆盲=f+2ma

故加速达到最大速度为：v隆盲=Pf+2ma

所需时间为：t隆盲=P2a(f+2ma)

故A错误；

B、t2

时刻速度为V=a鈰�t2

故功率为：P隆盲=(f+ma)鈰�at2

汽车的额定功率为：P=(f+ma)at

故B正确；

C、根据P=(f+ma)at

得：f=Pat鈭�ma

当牵引力等于阻力时速度最大为：v=Pf=PatP鈭�ma2t

故C正确，D错误；

故选：BC

当汽车以恒定的加速度启动时；利用牛顿第二定律求的加速度，利用运动学公式求的速度和时间；直到最后牵引力和阻力相等；

本题考查的是汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉【解析】BC

12、ABC【分析】略【解析】ABC

13、BC【分析】解：以木块为研究的对象；木块竖直方向受到重力与支持力，二者是一对平衡力；水平方向受到拉力和摩擦力的作用，二者也是一对平衡力.

所以木块一共受到2

对平衡力的作用.

涉及木块的作用力和反作用力一共有4

对，即：重力与木块对地球的吸引力；支持力和木块对地面的压力、木块与弹簧之间的拉力、木块与地面之间的摩擦力.

故BC正确，AD错误．

故选：BC

作用力和反作用力大小相等；方向相反，作用在同一条直线上，它们同时产生；同时消失、同时变化，是同种性质的力．

解决本题的关键知道作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，它们同时产生、同时消失、同时变化，是同种性质的力.

理解牛顿第三定律与平衡力的区别．【解析】BC

14、BD【分析】解：当1s

后的速度方向与初速度方向相同；则加速度为：

a=v2鈭�v1t=10鈭�41m/s2=6m/s2

位移为：x=v1+v22t=4+102隆脕1=7m

．

当1s

后的速度方向与初速度方向相反；则加速度为：

a=v2鈭�v1t=鈭�10鈭�41m/s2=鈭�14m/s2

位移为：v1+v22t=4+(鈭�10)2隆脕1=鈭�3m.

负号表示方向.

故BD正确；A

C错误．

故选：BD

根据匀变速直线运动的速度时间公式求出加速度的大小；注意速度的方向．

本题考查速度、加速度的矢量性.

经过1s

后的速度的大小为10m/s

包括两种可能的情况，一是速度方向和初速度方向仍相同，二是速度方向和初速度方向已经相反.

对于一条直线上的矢量运算，要注意选取正方向，将矢量运算转化为代数运算．【解析】BD

15、AC【分析】解：A

物体开始时受弹力F=10N

而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为10N

方向向左，则物体的最大静摩擦力Fm鈮�10N

．

若小车以加速度a=1m/s2

沿水平地面向右加速运动；设摩擦力的方向也向右，则：

F+f=ma

代入数据可得：f=10N

方向向右，物块A

相对小车仍静止.

故A正确．

B；C

根据牛顿第二定律得：小车以加速度a=1m/s2

沿水平地面向右加速运动时；弹力水平向右，大小仍为10N

摩擦力水平向右大小仍为10N.

故B错误，C正确；

D；物体A

相对于小车静止；弹力不变.

故D错误．

故选：AC

物体开始时受弹力为10N

而处于静止状态，受到的静摩擦力为10N

说明物体的最大静摩擦力大于等于10N

当小车的加速度为1m/s2

两物体将保持相对静止时，物体的加速度为a=1m/s2

则需要的外力为10N

根据弹力和最大静摩擦力可求出物体相对于小车静止的最大加速度，当小车的加速度小于等于最大加速度时，物体与小车仍保持相对静止.

弹簧的弹力不变，摩擦力大小不变．

本题考查应用牛顿第二定律分析物体受力情况的能力.

要注意静摩擦力大小和方向会随物体状态而变化，要注意根据受力情况和运动情况进行分析是解题的关键．【解析】AC

三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】

合外力做功的功W=Fs=4×9J=36J

根据动能定理得：

解得：v=6m/s

所以s=9m时F的功率P=Fv=4×6=24W

故答案为：36；24

【解析】【答案】合外力做的功W=Fs．并由动能定理来确定物体的末速度；根据P=Fv求解瞬时功率．

17、略

【分析】【解析】

试题分析：①从状态A到B过程中是定值；所以气体经历等温变化；

②根据公式可得气体做的功为梯形的面积，所以有

③A到B到c围城的面积小；这个面积是对外做的功，c到a放热，面积大，也就是说放的热多。

考点：考查了理想气体状态方程【解析】【答案】①等温;②3P0V0/2;③放热;18、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】19、（1）A（2）2.0【分析】【分析】(1)

平衡摩擦力时让小车拖着纸带运动；若能做匀速直线运动，摩擦力得到平衡，不能将沙桶通过定滑轮挂在小车上。

(2)

根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，求出加速度.

为了得出a

和M

的线性关系图线，作图线。解决本题的关键掌握平衡摩擦力的方法，以及掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用。【解答】(1)

平衡摩擦力时让小车拖着纸带运动；若能做匀速直线运动，摩擦力得到平衡，故选：A

．

(2)

由图可知x12=3.10cmx23=5.10cmx34=7.10cmx45=9.10cmx56=11.10cm

可知连续相等时间内的位移之差鈻�x=2.00cm

根据鈻�x=aT2

得，加速度

因为a

与M

成反比，为了得出a

与M

的线性关系，作图线。

故填(1)A(2)2.01M

【解析】(1)A(2)2.01M

20、略

【分析】【解析】【答案】右，0.521、略

【分析】解：(1)垄脵

探究“互成角度的两个力的合成”的实验的实验原理是用力的图示画出两个