2025年浙教新版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、水平放置的光滑导轨上放置一根长为L、质量为m的导体棒ab，ab处在磁感应强度大小为B、方向如图所示的匀强磁场中，导轨的一端接一阻值为R的电阻，导轨及导体棒电阻不计．现使ab在水平恒力F作用下由静止沿垂直于磁场的方向运动，当通过位移为x时，ab达到最大速度v.此时撤去外力，最后ab静止在导轨上．在ab运动的整个过程中；下列说法正确的是()

A.撤去外力后，ab做匀减速运动B.合力对ab做的功为FxC.R上释放的热量为Fx＋mv2D.R上释放的热量为Fx2、一定质量的理想气体，在压强不变的情况下，温度由5℃升高到10℃，体积的增量为ΔV1；温度由283K升高到288K，体积的增量为ΔV2，则（）A.ΔV1=ΔV2B.ΔV1>ΔV2C.ΔV1<ΔV2D.无法确定3、自主学习活动中，同学们对部分热学知识进行讨论，下列说法中正确的是（）A.水银不浸润铅，但浸润玻璃B.液体表面层的分子间平均距离比液体内部的小C.层状结构的石墨，层与层之间的作用力比较弱D.空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量大于向室外放出的热量4、关于家庭安全用电，下列做法正确的是（）A.所有家用电器都使用二孔插座B.用湿抹布擦工作中的电器上的灰尘C.将多个大功率电器在同一个移动插座上并同时使用D.家用电器使用时需考虑供电电线的粗细5、如图所示；两个半径相同；粗细相同互相垂直的圆形导线圈，可以绕通过公共的轴线xx′自由转动，分别通以相等的电流，设每个线圈中电流在圆心处产生磁感应强度为B，当两线圈转动而达到平衡时，圆心O处的磁感应强度大小是（）

A.BB.1.41BC.2BD.06、两块相互靠近的平行金属板M、N组成电容器，充电后与电源断开，M板带正电，N板带负电，且电荷量保持不变．如图所示，板间有一个用绝缘细线悬挂的带电小球（可视为质点），小球静止时与竖直方向的夹角为θ，忽略带电小球所带电荷量对极板间匀强电场的影响，则（）

A.小球带负电；若将细线烧断，小球将做匀加速直线运动B.小球带正电；若将细线烧断，小球将做自由落体运动C.若只将N板水平向右平移稍许，电容器的电容将变小，夹角θ将变大D.若只将N板竖直向上平移稍许，电容器的电容将变小，夹角θ将变大7、一单摆在地球表面做受迫振动，其共振曲线（振幅A与驱动力的频率f的关系）如图所示；则（）

A.此单摆的固有周期约为0.5sB.此单摆的摆长约为1mC.若摆长增大，单摆的固有频率增大D.若摆长增大，共振曲线的峰将向右移动8、如图所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度滑上原来静止的长木板A的表面；由于A；B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图所示，下列说法正确的是。

A.A.B间的动摩擦因数为0.2B.系统损失的机械能为4JC.木板A的最小长度为1.5mD.木板获得的动能为1J9、某同学特别喜欢逛玩具商店，一次逛店时一件玩具引起了他的极大兴趣，玩具的主体部分是由5个完全相同的弹性小球组成，如图所示，小球由等长轻线悬挂并排处于同一水平高度，对此玩具装置作出的如下判断，你认为正确的是A.如果将最右边的1个小球提起一定高度由静止释放，该小球碰撞后几乎反弹到同一高度，另几个小球几乎保持原地不动B.如果将最右边的2个小球一起（不改变位置关系）提起一定高度由静止释放，则这2个小球与左方小球碰撞后立即反弹，另3个小球立即向左运动C.如果将最右边的3个小球一起（不改变位置关系）提起一定的高度由静止释放，则发生碰撞后，这5个小球一起向左运动D.无论一次提起几个小球，这些小球将依次发生弹性碰撞，速度互换，最终表现为一侧下去几个小球，另一侧将起来等数量的几个小球评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图所示，R1、R2为定值电阻，L为小灯泡，R3为光敏电阻，当照射光强度增大时（）

A.电压表的示数减少B.R2中电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路的路端电压降低11、电路图中，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，电源内阻不可忽略，当滑动变阻器的滑动片向右移动时，电流表、电压表可视为理想电表，关于电流表和电压表示数的变化情况的分析，正确的是（）

A.电流表和电压表读数均增大B.电流表和电压表读数均减小C.电压表V1的示数变化量小于电压表V2的示数变化量D.电流表读数变小，电压表V2读数变大，V1读数减小12、如图所示为一定质量的某种气体等容变化的图线；下列说法中正确的有（）

A.不管体积如何，图线只有一条B.图线1和图线2体积不同且有V1>V2C.两图线气体体积V2>V1D.两图线必交于t轴上的同一点13、下列说法正确的是（）A.当两分子间距减小到分子间作用力为0时，其分子势能一定最小B.达到热平衡的系统一定具有相同的温度C.一定质量的理想气体，在发生绝热膨胀的过程中，其分子的平均动能一定减小E.将密闭一定质量气体的容器置于在轨运行的宇宙飞船中，容器内的气体压强将变为0E.将密闭一定质量气体的容器置于在轨运行的宇宙飞船中，容器内的气体压强将变为014、新冠肺炎疫情期间；某班级用于消毒的喷壶示意图如图所示。闭合阀门K，向下压压杆A可向瓶内储气室充气，多次充气后按下按柄B打开阀门K，消毒液会自动经导管从喷嘴处喷出。储气室内气体可视为理想气体，充气和喷液过程中温度保持不变，则下列说法正确的是（）

A.充气过程中储气室内气体分子数增多且分子运动剧烈程度增加B.充气过程中，储气室内气体分子平均动能不变，压强增大C.只要储气室内气体压强大于外界大气压强，消毒液就能从喷嘴处喷出E.喷液过程中，储气室内气体分子对器壁单位面积的平均作用力减小E.喷液过程中，储气室内气体分子对器壁单位面积的平均作用力减小15、下列说法正确的是（）A.多晶体有固定的熔点，但没有规则的外形，且表现为各向同性B.若分子间的相互作用力始终表现为斥力，在分子间的距离增大的过程中，分子力减小C.一定质量的理想气体，体积减小，其压强也一定减小E.一切自发过程总沿着分子热运动的无序性减小的方向进行E.一切自发过程总沿着分子热运动的无序性减小的方向进行16、一小型发电机产生的电动势随时间变化的规律如图甲所示；已知发电机线圈内阻为1.0Ω，外接一个电压表和一个电阻为10Ω的灯泡，如图乙所示．下列说法正确的是()

A.产生的交变电流的频率为5HzB.通过灯泡的电流为2.2AC.电压表读数为20VD.灯泡的实际功率为40W17、一个静止的质点，在0～4s时间内受到力F的作用，力的方向始终在同一直线上，力F随时间t的变化如图所示，则质点在()

A.第2s末速度改变方向B.第2s末加速度改变方向C.第4s末回到原出发点D.第4s末运动速度为零18、如图所示，所有接触面均光滑，质量为的半圆弧槽静止地靠在竖直墙面处，是槽的两个端点，为槽的底部中点．现将质量为的小球自槽口点由静止释放；下列说法中正确的是（）

A.小球从到运动过程中，小球机械能守恒，小球和槽组成的系统动量不守恒B.小球从到运动过程中，小球重力做功的瞬时功率越来越大C.小球从到运动过程中，小球机械能守恒，小球和槽组成的系统动量守恒D.小球从到运动过程中，小球和槽组成的系统机械能守恒，动量不守恒评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)19、如图，△ABC为一玻璃三棱镜的横截面，∠A=30°，一束红光垂直AB边射入，从AC边上的D点射出，其折射角为60°，则玻璃对红光的折射率为_____。若改用蓝光沿同一路径入射，则光线在D点射出时的折射射角______（“小于”“等于”或“大于”）60°。20、装在容器中的气体，体积为4升，压强为2.0×105Pa，温度是300k，先让气体等容变化，压强增大为原来的2倍，然后让气体等温变化，压强又降低到原来数值，则气体在末状态时的体积为______，温度为___________21、玻璃管中的液面呈“凹”形，这是水浸润玻璃产生的物理现象，根本原因是附着层内分子间距______（选填“大于”“等于”或“小于”）液体内部分子间距；分子势能Ep和分子间距离r的关系图像如图所示，能反映附着层内水分子的分子势能Ep的可能是图中______（选填“A”；“B”或“C”）的位置。

22、如图所示，一定质量的理想气体在状态A时压强为经历A→B→C→A的过程，C→A过程中，气体压强______（填“增加”、“减小”或“不变”）；整个过程中与外界交换的热量相当于放出61.4J。该气体在A→B过程中对外界所做的功为______J。

23、如图是一定质量理想气体的图像，气体从图中A状态变到状态，设A，状态的体积分别为内能分别为由图可知______________________（填“”“”或“”）。从到气体___________热量（填“吸收”或“放出”）。

24、如图所示是探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置．

①关于此实验装置中的静电计，下列说法中正确的是______．（选填选项前面的字母）

A．静电计指针张角的大小反映了平行板电容器所带电荷量的多少。

B．静电计指针张角的大小反映了平行板电容器两板间电压的大小。

C．静电计的外壳与A板相连接后可不接地②让平行板电容器正对的两极板带电后，静电计的指针偏转一定角度．不改变A、B两板所带电荷量，且保持两板在竖直平面内．现要使静电计指针偏转角变大，下列做法中可行的是_____．（选填选项前面的字母）

A．保持B板不动，A板向上平移。

B．保持B板不动，A板向右平移。

C．保持A、B两板不动，在A、B之间插入一块绝缘介质板25、三个原子核X、Y、Z，X核放出一个正电子后变为Y核，Y核与质子发生核反应后生成Z核并放出一个个氦（42He）,则下面说法正确的是。

。A．X核比Z核多一个原子。

B．X核比Z核少一个中子。

C．X核的质量数比Z核质量数大3

D．X核与Z核的总电荷是Y核电荷的2倍。

评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共4题，共40分)29、如图所示，电源电动势E=8V，内阻为r=0．5Ω；“3V，3W”的灯泡L与电动机M串联接在电源上，灯泡刚好正常发光，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻R=1．5Ω．求：

（1）通过电动机的电流；

（2）电源的输出功率；

（3）电动机的输出功率．30、如图所示，有一倾斜的光滑平行金属导轨，导轨平面与水平面的夹角为，导轨间距为L，接在两导轨间的电阻为R，在导轨的中间矩形区域内存在垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，一质量为m、有效电阻为r的导体棒从距磁场上边缘d处释放，整个运动过程中，导体棒与导轨接触良好，且始终保持与导轨垂直．不计导轨的电阻，重力加速度为g．

(1)求导体棒刚进入磁场时的速度；

(2)求导体棒通过磁场过程中，通过电阻R的电荷量q;

(3)若导体棒刚离开磁场时的加速度为0，求导体棒通过磁场的过程中回路中产生的焦耳热Q．31、如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比．原线圈接电压为（V）的交流电源，副线圈接的电阻．电流表和电压表可视为理想电表．求：

（1）副线圈中电压表的示数U；

（2）原线圈中电流表的示数I．32、一条绝缘的挡板轨道ABC固定在光滑水平桌面上，BC段为直线，长为4R，动摩擦因数为AB是半径为R的光滑半圆弧（两部分相切于B点）．挡板轨道在水平的匀强电场中，场强大小为方向与BC夹角为．一带电量为质量为的小球从C点静止释放，已知求：

（1）小球在B点的速度大小；

（2）若场强E与BC夹角可变，为使小球沿轨道运动到A点的速度最大，的取值以及A点速度大小；

（3）若场强E与BC夹角可变，为使小球沿轨道运动到A点沿切线飞出，的取值范围．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

A.撤去外力后，导体棒受安培力作用：可得加速度：随着速度减小，加速度减小，不是匀变速，A错误。

B.合力对物体做功等于物体动能的该变量，B错误。

CD.根据能量守恒定律得：C错误D正确2、A【分析】【详解】

由盖—吕萨克定律

得ΔV=V

所以ΔV1=V1、ΔV2=V2

因为V1、V2分别是气体在5℃和283K时的体积，而=

所以ΔV1=ΔV2

故选A。

【点睛】

在应用盖—吕萨克定律公式时，T是热力学温度，不是摄氏温度；而ΔT用热力学温度或摄氏温度都可以。3、C【分析】【详解】

A．水银不浸润玻璃；水银浸润铅，故A错误；

B．液体表面层的分子间平均距离比液体内部的大；所以液面存在表面张力，故B错误；

C．石墨是层状结构；层与层之间的作用力比较弱，所以层与层之间容易滑动，故C正确；

D．空调机在制冷过程中；把室内的热量向室外释放，消耗电能，产生热量，故从室内吸收的热量小于向室外放出的热量，故D错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

A．家用电器有的使用二孔插座；有的使用三孔插座．故A项错误．

B．用湿抹布擦工作中的电器上的灰尘；易导致电路短路．故B项错误．

C．多个大功率电器在同一个移动插座上并同时使用时；插座上的电流过大，会导致插座烧毁．故C项错误．

D．家用电器使用时需考虑供电电线的粗细，避免负载与导线不匹配，导致导线烧毁．故D项正确．5、C【分析】根据安培定则可知，竖直方向的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向垂直纸面向里，大小为B；水平方向的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向竖直向上，大小为B，两者相互垂直，由于同向电流吸引，故当两线圈转动而达到平衡时两个线圈重合，圆心O处的磁感强度的大小是BO=2B.

故选：C6、D【分析】【分析】

【详解】

AB．因为小球向右偏，而M板带正电；故小球带正电；若将细线烧断，则小球将沿绳的方向斜向下做匀加速直线运动，故选项AB错误；

C．若只将N板水平向右平移稍许，由公式

可知，电容器的电容将变小，而又由

可知，两板间的电场强度

将不变，故夹角θ将不变；选项C错误；

D．若只将N板竖直向上平移稍许，则因为S减小，故根据

板间的电场强度E将变大，故电场力增大，夹角θ将变大；选项D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

A．由图可知；此单摆的发生共振的频率与固有频率相等，则固有频率为0.5Hz，故A正确；

B．由图可知，此单摆的发生共振的频率与固有频率相等，则周期为2s，由公式可得；摆长约为1m，故B正确；

C．若摆长增大；单摆的固有周期增大，则固有频率减小，故C错误；

D．若摆长增大；则固有频率减小，所以共振曲线的峰将向左移动，故D错误。

故选AB。8、D【分析】【分析】

根据斜率求出B的加速度大小；根据牛顿第二定律求出动摩擦因数，由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，从而求解木板获得的动能，根据A和B的初；末机械能来求解系统损失的机械能，根据“面积”之差求出木板A的长度；

【详解】

A．由图示图象可知，B的加速度：负号表示加速度的方向，由牛顿第二定律得：代入解得，故A错误；

BD．由图示图象可知，木板获得的速度为A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：解得木板A的质量为木板获得的动能为：

系统损失的机械能为故B错误，D正确；

C．由图得到：内B的位移为

A的位移为木板A的最小长度为故C错误．

【点睛】

本题属于木块在木板上滑动类型，既考查读图能力，也考查运用牛顿第二定律、功能关系处理复杂力学问题的能力．9、D【分析】【详解】

完全相同的弹性小球之间的碰撞为弹性碰撞，总动量守恒，总动能守恒．设入射小球初速度为v0，碰后速度为v1，被碰小球碰后速度为v2；则。

联立解得：v1=0，v2=v0；碰撞过程两者交换速度。

故无论一次提起几个小球；这些小球将依次发生弹性碰撞，速度互换，最终表现为一侧下去几个小球，另一侧将起来等数量的几个小球，故ABC错误，D正确．

故选：D二、多选题(共9题，共18分)10、B:C:D【分析】【分析】

当照射光强度增大时，变小；分析电路中总电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化．

【详解】

当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，变小，外电路总电阻减小，则电路中的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故两端的电压增大，即电压表的示数增大，故A错误；因电路中总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时两端的电压增大，故并联电路部分电压减小，流过的电流减小；由于干路电流变大，流过的电流减小；可知流过灯泡的电流一定增大，小灯泡的功率变大，故BCD正确．

【点睛】

闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．11、C:D【分析】【详解】

试题分析：由电路图可知，滑动变阻器的滑动片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电流I减小，而路端电压则U增大，电阻的电压减小，则电压表示数减小；并联部分的电压增大，电压表示数增大；增大，通过的电流增大，因为总电流减小，所以通过电流表的示数变小．故AB错误，D正确；电压表的示数与电压表的示数之和等于U，即因示数增大，示数减小，而U减小，所以电压表的示数增加量小于电压表的示数减小量；故C正确．故选CD．

【点睛】根据滑片的移动方向判断出滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点及欧姆定律分析答题．12、C:D【分析】【分析】

【详解】

ABC．一定质量的气体的等容线；体积不同，图线不同，在图线1；2上取温度相同的两点，可得。

则。

所以C正确；AB错误；

D．图线1、2都交于t轴上处；即热力学温度0K处，故D正确。

故选CD。13、A:B:C【分析】【详解】

A．当两分子间距减小到分子间作用力为0时，分子间距为分子间距小于时，分子间为斥力，随距离增大，分子力做正功，分子势能减小，分子间距大于时，分子间为引力，随距离减小，分子力做正功，分子势能减小，则分子间距为时；分子势能最小，故A正确；

B．热传递的条件是两个系统之间存在温度差；温度是否相等是两个系统是否达到热平衡的标志，因此达到热平衡的系统一定具有相同的温度，故B正确；

C．一定质量的理想气体；在发生绝热膨胀的过程中，气体对外做功，气体内能减小，温度降低，分子的平均动能一定减小，故C正确；

D．一种液体是否浸润某种固体与液体的性质和固体的性质都有关；故D错误；

E．气体的压强与气体的重力无关；则将密闭一定质量气体的容器置于在轨运行的宇宙飞船中，容器内的气体压强不变，故E错误。

故选。14、B:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．充电过程中温度不变；而分子运动的剧烈程度取决于气体的温度，温度不变，分子运动的剧烈程度不变，所以A错误；

B．充气过程中；温度不变，所以储气室内气体的分子平均动能不变，而充气过程中储气室内气体分子数增多，所以单位面积撞击器壁的次数变多，所以压强增大，所以B正确；

C．只有当储气室内气体压强大于大气压强与喷嘴到液面这段液体产生的压强之和时；消毒液才能从喷嘴处喷出，所以C错误；

D．喷液过程中；气体膨胀，对外做功，但是气体温度不变，内能不变，根据热力学第一定律，一定需要从外界吸收热量，所以D正确；

E．喷液过程中；气体体积膨胀，由于温度不变，根据玻意耳定律，气体压强减小，即储气室内气体分子对器壁单位面积的平均撞击力减小，所以E正确。

故选BDE。15、A:D【分析】【详解】

A.多晶体有固定的熔点；但没有规则的外形，且表现为各向同性，故A正确；

B.当分子间的相互作用力表现为斥力；且分子间的距离增大时，分子间的相互作用力先增大后减小，故B错误；

C.一定质量的理想气体；体积减小，当温度不变时，其压强增大，故C错误；

D.将红墨水滴入一杯清水中；一会儿整杯清水都变成红色，说明分子在永不停息地做无规则运动，该现象是扩散现象，故D正确；

E.由热力学第二定律可知；一切自发过程总沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，故E错误。

故选AD。16、C:D【分析】【分析】

由甲图知电压峰值；周期；从而求电压有效值、角速度和频率；电压表测量的是路端电压，求解实际功率要用有效值．

【详解】

由图可知T=0.02s，则频率f=1/T=50Hz，选项A错误；电动势有效值为可知通过灯泡的电流为选项B错误；电压表读数选项C正确；灯泡的实际功率：P=IU=40W；选项D正确；故选CD.17、B:D【分析】【详解】

A．物体在0-2s内受到力F的方向一直向右，因此物体在0-2s一直做加速运动，在2s后力F的方向发生了变化因此物体在2s后继续向右做减速运动；故A错；

B．2s时力F的方向发生了变化；有牛顿第二定律可知加速度也发生了变化，故B正确；

C．有以上计算可知物体在0-2s内加速运动；一直向前运动，2-4s内做减速运动，一直向前运动，4s时物体减速为0，即0-4s内物体一直向前运动，故C错误．

D．F-t的面积表示力F的冲量，因此可知力F在0-2s内的冲量大小和2-4s内的冲量大小相等，对物体在0-4s写动量定理有故D正确；18、A:D【分析】【详解】

A．依据能量守恒和动量守恒的条件，小球从到运动过程中；小球机械能守恒，小球和槽组成的系统动量不守恒，故A正确；

B．小球在点，速度大小为0，小球的功率为0，小球在点，速度方向与重力方向垂直，小球的功率为0，小球从到Ｃ运动过程中；功率先变大后变小，故B错误；

CD．依据能量守恒和动量守恒的条件，小球从到运动过程中；球和槽组成的系统机械能守恒，系统动量不守恒，故C错误，D正确。

故选AD。三、填空题(共7题，共14分)19、略

【分析】本题考查折射定律；光的色散及其相关的知识点。

根据题述和图示可知，i=60°，r=30°，由折射定律，玻璃对红光的折射率n==若改用蓝光沿同一路径入射，由于玻璃对蓝光的折射率大于玻璃对红光的折射率，则光线在D点射出时的折射角大于60°。【解析】大于20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体的状态参量。

由等容变化；有。

得。

发生等温变化；压强又降低到原来的数值，由。

知。

【解析】8L600K21、略

【分析】【详解】

[1][2]浸润现象产生的原因是附着层内分子间距小于液体内部分子间距，分子间表现为斥力，分子势能可能是图像中的A点。【解析】小于A22、略

【分析】【详解】

[1]C→A过程中，图线是过原点的直线，根据

可得

可知C→A过程中气体压强不变；

[2]整个过程中与外界交换的热量相当于放出61.4J，而整个过程中内能不变，则外界对气体做功为W=61.4J

其中A→B过程气体体积变大，对外做功W1；B→C过程体积不变，W2=0；从C→A过程等压压缩，外界对气体做功

则由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即气体在A→B过程中对外界所做的功为138.6J。【解析】不变138.623、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]从图像可以看出为等容变化，所以=

[2]一定质量的理想气体内能只与温度有关所以＜

[3]从状态A到状态B体积不变，内能增加，所以应该为吸收热量。【解析】=＜吸收24、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

①静电计指针张角可表示出两板间电势差的大小；所以A错误B正确。

因为目的就是为了让两板间电势差与静电计两铂片上电势差相等；所以静电计的外壳与A板相连接后可不接地，故C正确。

电压表有示数必须有电源；所以不可以用量程为3V的电压表替代静电计，故D错误。

故选BC

②现要使静电计指针偏角变大，即电势差增大，电荷量不变，所以电容减小，保持B板小动，A板向上平移，正对面积减小，电容减小，符合题意，故A正确。

保持B板不动；A板向右平移，板间距离减小，电容增大，不符合题意，故B错误。

保持A；B两板不动；在A、B之间插入一块绝缘介质板，增大介电常数，电容增大，不符合题意，故C错误。

故选A25、C:D【分析】试题分析：设原子核X的质量数为x，电荷数为y，根据质量数守恒和电荷数守恒，可得原子核Y的质量数为x，电荷数为原子核Z的质量数为电荷数为．由此可得X核的质子（y）比Z核的质子（）多2个，X核的中子比Z核的中子多1个；故AB错误；X核的质量数（x）比Z核的质量数（x-3）多3个，故C正确；X核与Z核的总电荷（2y-2）是Y核电荷（y-1）的2倍，故D正确．

考点：考查了核反应方程。

名师点睛：关键是知道反映前后质量数和核电荷数守恒的知识，属于基础知识，应仔细阅读题目，一步一步向下分析．四、作图题(共3题，共6分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；