2025年华师大版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、一个质子垂直磁场方向进入磁场区域；运动的轨迹为圆形．若换成一个氦核以相同速度进入这个磁场，则（）

A.轨迹半径增大。

B.轨迹半径减小。

C.运动周期不变。

D.运动周期减小。

2、如图所示的电路，a、b、c为三个相同的灯泡，每个灯泡的电阻大于电源内阻，当变阻器R的滑臂P向上移动时，下列判断中正确的是:A.b灯中电流变化值小于c灯中电流变化值B.a、b两灯变亮，c灯变暗C.电源输出功率增大D.电源的供电效率增大3、如图所示，均匀介质中两波源S1、S2分别位于x轴上的x1=0、x2=16m处，质点P位于x轴上的x3=4m处。t=0时刻，两波源同时由平衡位置开始向上振动，振动周期T=0.1s，传播速度均为v=80m/s。波源S1的振幅A1=3cm，波源S2的振幅A2=4cm。则从t=0到t=0.35s时间内质点P通过的路程为A.98cmB.14cmC.56cmD.68cm4、如图所示，一个静止的质量为m，带电量为+q的带电粒子(不计重力)，经电压U加速后垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，粒子打至P点，设OP=x，能正确反映x与U之间函数关系的x—U图如图中的（）5、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的一个、矩形的四个顶点，已知A、B、D三点电势分别为ΨA=20V，ΨB=24V，ΨD=4V，则可得C点电势ΨC为（）

A.4V

B.8V

C.12V

D.24V

6、如图所示，一小球用细线悬于O

点在竖直面内AC

间做圆周运动，OA

与竖直方向的夹角为53鈭�

不计空气阻力，则小球在A

点和最低点B

点的加速度之比为(

)

A.35

B.45

C.15

D.11

评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)7、甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度--时间图象分别如图中的a和b所示．由图可知它们的运动方向____（填“相同”或“相反”）；在t1时刻，甲的速度比乙的速度____（填“大”或“小”）．

8、如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为－Q和＋2Q，它们相距L。如果在两点电荷连线的中点O有一个半径为r(2r＜L)的空心金属球，且球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小＿＿＿＿方向＿＿＿＿。9、如图所示，是利用放射线自动控制铝板厚度的装置．假如放射源能放射出α、β、γ三种射线，而根据设计，该生产线压制的是3mm厚的铝板，那么是三种射线中的____射线对控制厚度起主要作用．当探测接收器单位时间内接收到的放射性粒子的个数超过标准值时，将会通过自动装置将M、N两个轧辊间的距离调____一些．

10、如图所示，A、B、C三点都在匀强电场中．已知AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm．把一个q=10-5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，电场力做功为-×10-3J，则该匀强电场的场强大小是______，并在图中作出这个电场线．11、将一个10鈭�6C

的负电荷从电场中A

点移到B

点，克服电场力做功2隆脕10鈭�6

J、从C

点移到D

点，电场力做功7隆脕10鈭�6J

若已知B

点比C

点电势高3V

则UAB=______VUCD=

______VUDA=

______V.

12、一弹簧测力计在10N

外力作用下，在弹性限度内，弹簧伸长了0.2m

弹簧的弹性势能将______(

选填“增大”或“减小”)

该弹簧测力计的弹簧的劲度系数为______N/m

该弹簧测力计不称重物时，弹簧的劲度系数为______N/m

．13、在我国北方的冬季，常遭遇低温冰雪天气的袭击，停在室外汽车的水箱经常会有被冻裂的现象，原因是水箱中的水结冰后质量______，密度______，体积______。（均选填“增大”、“减小”或“不变”）14、一定质量的理想气体经过如图所示的一系列过程：

下列说法正确的是______。

A．由a→b过程；气体内能增加。

B．由a→b过程；气体分子热运动加剧。

C．当分子热运动减缓时；压强必定减小。

D．当分子平均动能增大时；气体体积可以保持不变。

在上述b→c过程中，气体______（选填“气体对外界”“外界对气体”）做功；c→a过程中，气体______（选填”从外界吸收“或”向外界放出“）热量。15、如图（a）所示，阻值为R、匝数为n的圆形金属线圈与一个阻值为2R的电阻连接成闭合电路．线圈的半径为r1，在线圈中半径为r2的圆形区域存在垂直于线圈平面的匀强磁场（向里为正），磁感应强度B随时间t变化的关系如图（b）所示，图中B1、t1为已知量．导线电阻不计，则t1时刻经过电阻的电流方向为______（选填“a→b”或“b→a”），电流的大小为______．

评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

21、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）22、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）23、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、画图题(共2题，共6分)24、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象25、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分五、作图题(共1题，共3分)26、（９分）有一个直流电动机,把它接入0.2V电压的电路时,电机不转,测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中,电动机正常工作,工作电流是1.0A,求电动机正常工作时的输出功率多大?如果在电动机正常工作时,转子突然被卡住，电动机的发热功率是多大？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】

质子的质量数是1；电荷数是1，它的比荷数是1；氦核的质量数是4，电荷数是2，它的比荷数是2，即氦核的比荷是质子的2倍．

A、B：根据半径公式：得：所以氦核的轨迹半径大，故A正确，B错误；

C、D：根据周期公式：得：所以氦核的轨迹周期大，故C错误，D错误．

故选：A

【解析】【答案】已知质子和氦核的质量和电量关系，根据半径公式即可求出半径关系，根据确定周期关系．

2、B|C【分析】【解析】试题分析：B当变阻器R的滑臂P向上移动时，外电路总电阻减小，电路中总电流增大，则a灯中电流增大，并联部分电压减小，则c灯中电流减小，b灯中电流，增大，减小，则增大．由于总电流增大，所以b灯中电流变化值大于c灯中电流变化值，a、b两灯变亮，c灯变暗．故A错误，B正确．由于外电路总电阻大于电源的内阻，则当变阻器R的滑臂P向上移动时，外电路总电阻减小，电源的输出功率增大．故C正确．外电路总电阻减小，路端电压减小，则电源的供电效率减小．故D错误．故选BC考点：考查了电路动态分析【解析】【答案】BC3、D【分析】【解析】【答案】D4、B【分析】试题分析：由加速电场可知：Uq=mv2，又由偏转磁场可知：Bqv=联立二式得：x=即U与x2成正比，故B是正确的。考点：带电粒子的加速与在磁场中的偏转。【解析】【答案】B5、B【分析】

根据在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分将线段bd五等分，如图所示，则Ube=Ubd=×（24-4）=4v；

故Ube=φb-φe=4v；

故φf-φd=4v；

故φe=24-4=20v．

φf=8v．

故φa=φe；

连接cf；则cf∥ae；

故c点的电势φc=φf=8v．

故B正确；ACD错误．

故选B．

【解析】【答案】在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，故可将bd五等分，求出e、f的电势，连接ae和cf，则cf∥ae，φc=φf=8v．

6、D【分析】解：小球在A

点时速度为零，因此向心力为零，向心加速度为零，只有切向加速度，大小满足mgsin53鈭�=ma1

得a1=0.8g

从A

到最低点的过程中，小球的机械能守恒，则有mgL(1鈭�cos53鈭�)=12mvB2

在B

点，只有向心加速度，即a2=vB2L

得a2=0.8g

故a1a2=11

故选：D

小球在A

点时速度为零；向心力为零，由重力沿圆弧切线方向的分力产生加速度.

小球在B

点时，由重力和拉力的合力产生加速度，根据机械能守恒定律和牛顿第二定律结合解答．

本题运用正交分解的思维方式来分析加速度，将加速度分解切向和法向两个方向研究，知道A

点的速度为零时，只有切向加速度.

在B

点只有向心加速度．【解析】D

二、填空题(共9题，共18分)7、略

【分析】

由图看出，速度均为正值，说明a、b都沿正方向运动，它们的运动方向相同．速度图线都是倾斜的直线，说明两物体都做匀变速直线运动，b做匀加速直线运动，a在做匀减速直线运动．由图读出，在t1时刻，a的速度比b的速度大．故甲的速度比乙的速度大．

故答案为：相同；大。

【解析】【答案】速度的正负表示速度的方向．匀变速直线运动的速度图象是倾斜的直线．根据图线的纵坐标直接读出速度的大小．

8、略

【分析】【解析】【答案】12kQ/L2右9、β大【分析】【解答】α、β、γ三种射线的穿透能力不同，α射线不能穿过3mm厚的铝板，γ射线又很容易穿过3mm厚的铝板，厚度的微小变化不会使穿过铝板的γ射线的强度发生较明显变化，所以基本不受铝板厚度的影响．而β射线刚好能穿透几毫米厚的铝板，因此厚度的微小变化会使穿过铝板的β射线的强度发生较明显变化，即是β射线对控制厚度起主要作用．若超过标准值；说明铝板太薄了，应该将两个轧辊间的距离调大些．

故答案为：β；大。

【分析】α射线穿透本领太弱，γ射线穿透能力又太强，而β射线穿透能力β居中．10、略

【分析】解：由题，q=10-5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零，则A与B电势相等，AB连线是一条等势线．BC间电势差为UBC==V=-173V

该匀强电场的场强大小E===1000V/m

电场线方向垂直于AB向下．如图．

故答案为：1000V/m；电场线如图．

根据一个q=10-5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零，可知，A与B电势相等．根据电荷从B移到C，电场力做功为-1.73×10-3J，由电势差的公式求出BC间的电势差．由E=求场强大小；根据等势线与电场线垂直，作出电场线．

本题根据题设条件找到等势点，作出等势线，根据电场线与等势线垂直，并由高电势处指向低电势处作电场线是常规思路．【解析】1000V/m11、2；-7；2【分析】解：根据条件，电荷的电量q=鈭�10鈭�6C

负电荷从电场中A

点移到B

点，克服电场力做功2隆脕10鈭�6J

电场力做功为WAB=鈭�2隆脕10鈭�6J

则UAB=WABq=鈭�2隆脕10鈭�6鈭�1隆脕10鈭�6V=2V.

由题，负电荷从C

点移到D

点，电场力做功WCD=7隆脕10鈭�6J

则UCD=WCDq=鈭�7隆脕10鈭�61隆脕10鈭�6V=鈭�7V.

已知B

点比C

点电势高3V

即UBC=3V.

而UDA=UDC鈭�UAB鈭�UBC=7V鈭�2V鈭�3V=2V

．

故答案为：2鈭�72

由题，电荷从电场中A

点移到B

点，克服电场力做功2隆脕10鈭�6J

电场力做功为鈭�2隆脕10鈭�6

J.根据公式U=Wq

分别求出AB

间UAB

及CD

间的电势差UCD.

根据已知条件B

点比C

点电势高3V

求解UDA

．

本题根据电势差定义式求解两点间的电势差，可通过画电场线，将各点在电场线的相对位置标出，更直观反映各点电势的高低．【解析】2鈭�72

12、略

【分析】解：在弹性限度内；弹簧伸长了0.2m

弹簧的弹性势能将增大．

由F=kx

得k=Fx=100.2=50N/m

弹簧的劲度系数由弹簧本身决定；该弹簧测力计不称重物时，弹簧的劲度系数不变，仍为50N/m

．

故答案为：增大；5050

．

弹簧的弹性势能与弹簧的形变量有关；形变量越大，弹性势能越大.

根据胡克定律可求得弹簧的劲度系数.

弹簧的劲度系数由弹簧本身决定，与是否受力无关．

弹簧的弹力与形变量之间的关系遵守胡克定律.

要知道公式F=kx

中，x

是弹簧伸长的长度或压缩的长度，即是弹簧的形变量．【解析】增大；5050

13、不变变小变大【分析】解：冬天室外温度很低；汽车水箱里的水放热，达到凝固点后逐渐结成了冰；水结成冰后，状态改变，体积变大，但是质量不变；

根据ρ=可知冰的密度减小。

故答案为：不变；变小；变大。

物质状态发生变化时体积也发生变化；多数物质从液态变为固态时体积变小，但水例外；质量是物体的一种属性，与物体的位置；形状、状态无关。

解决此类问题的关键是知道凝固的现象，并且明白冰和水的密度不一样导致体积不一样，而质量是不变量。【解析】不变变小变大14、D外界对气体从外界吸收【分析】解：A、由a→b过程；温度不变，故一定质量的理想气体的内能不变，故A错误；

B、由a→b过程；温度不变，分子热运动的平均动能不变，故气体分子热运动的剧烈程度不变，故B错误；

C、由b→c过程；温度降低，分子热运动减缓，压强不变，故C错误；

D；由c→a过程温度升高；分子平均动能增大，因为c→a过程的P-T图象过原点，所以由c→a过程为等容过程，故气体体积可以保持不变，故D正确。

根据=C可知：b→c过程中P不变；而温度T减小，故体积V变小，所以是外界对气体做功；

c→a过程中温度升高；故内能增大△U＞0，c→a为等容过程，故W=0，根据热力学第一定律：△U=W+Q

所以：Q＞0；故气体从外界吸收热量；

故答案为：D；外界对气体，从外界吸收。

结合图象分析过程中压强P；体积V、温度T三个参量的变化情况；利用过原点的P-T图象过程为等容过程；一定质量的理想气体的温度与内能变化一致；分子运动的剧烈程度与温度有关等结论逐项分析即可；

根据理想气体状态方程，可知b→c过程中P不变；根据温度T变化情况分析出体积变化情况，进而可以确定做功的正负；根据热力学第一定律结合做功情况，即可求出c→a过程中，气体与外界热量交换的情况。

本题考查气体定律的综合运用，解题关键是要根据图象分析好压强P、体积V、温度T三个参量的变化情况，知道发生何种状态变化过程，选择合适的实验定律，再结合热力学。【解析】D外界对气体从外界吸收15、略

【分析】解：由图（b）可知，在0～t1时间内，感应电流从b→a，由欧姆定律可知，在t1以后，感应电流从b→a，因此t1时，电流从b→a；

由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=n=nS=nπr22电流大小I==

故答案为：b→a，．

由楞次定律可以判断出电流的方向；由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势，由欧姆定律可以求出电路电流大小．

本题考查了判断感应电流的方向，求感应电流大小，熟练应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律即可正确解题．【解析】b→a；三、判断题(共8题，共16分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．21、B【