2025年浙教版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示为静电除尘器的示意图，下列说法哪些是正确的（）A.金属管A和悬在管中的金属丝B应接在高压交流电源上B.管A和金属丝B应接在高压直流电源上C.距B越近电场越强D.距B越远电场越强2、油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是（）A.向外界散热B.做为油罐车的标志C.发出响声，提醒其他车辆和行人的注意D.与大地构成导体，避免由静电造成危害3、磁性水雷是用一个可以绕轴转动的小磁针来控制起爆电路的，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，就会引起水雷的爆炸，如图所示，其依据是（）A.磁体的吸铁性B.磁极间的相互作用规律C.电荷间的相互作用规律D.磁场具有方向性4、一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，当线圈通过中性面时：()A.线圈平面与磁感线方向平行B.通过线圈的磁通量达到最大值C.通过线圈的磁通量变化率达到最大值D.线圈中的电动势达到最大值5、如图所示；某轻杆一端固定一质量为m的小球，以另一端O点为圆心，使小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动，则下列说法正确的是（）

A.小球过最高点时；杆所受的弹力一定不为零。

B.小球过最高点时，最小速度为

C.小球过最高点时；若杆对球的作用力与球所受重力方向相反，则重力一定大于或等于杆对球的作用力。

D.小球过最低点时；杆对球的作用力一定与小球所受重力方向相反。

6、做简谐运动的弹簧振子A.振幅越大，周期越大B.在平衡位置时速度和加速度都达到最大值C.从最大位移处向平衡位置运动的过程是匀加速过程D.在最大位移处速度为零，加速度最大7、如图所示，带电平行板中匀强电场方向竖直向下，匀强磁场方向水平向里，一带电小球从光滑绝缘轨道上的a点自由滑下，经过轨道端点P进入板间恰好沿水平方向做直线运动．现使小球从轨道上较低的b点开始滑下，经P点进入板间之后运动的一小段时间内，下列说法正确的是()A.小球动能可能减小B.小球的重力势能可能会减小C.小球的机械能可能不变D.小球的电势能一定会减少8、在电视发射端，由摄像管摄取景物并将景物反射的光转化为电信号，这一过程完成了(

)

A.光、电转化B.电、光转化C.光、电、光转化D.电、光、电转化9、在如图所示的坐标系中，弧是以B点为圆心、BA为半径的一段圆弧，OB=L，OC=2L，D为OC的中点，在D点固定一电荷量为Q的带正电的点电荷．已知静电力常量为k．下列说法不正确的是()

A.弧AC上电势最高的一点处的电场强度为B.弧AC上还有一点与C点的电势相同C.弧AC上还有一点与C点的电场强度相同D.电子从A点沿着圆弧运动到C点，电势能先减小、后增大评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、如图所示，可知金属丝的直径d=______mm；实验中还应测出的物理量是______；电阻率的计算公式为ρ=______．11、如图所示，弹簧振子在振动过程中，振子从a

到b

历时0.2s

振子经ab

两点时速度相同；若它从b

再回到a

的最短时间为0.4s

则该振子的振动频率为______Hz

．12、在一根足够长的竖直绝缘杆上，套着一个质量为m、带电量为-q的小球，球与杆之间的动摩擦因数为μ．场强为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场方向如图所示，小球由静止开始下落。小球开始下落时的加速度为____，小球运动的最大加速度为____，小球运动的最大速度为____。13、甲、乙、丙三个LC回路，甲和乙线圈的电感相同，甲电容是乙电容的100倍，乙和丙的电容相同，丙线圈的电感是乙的36倍．那么，甲、乙、丙三个振荡回路中，振荡电流的频率之比为____．14、一个电流表G的内阻Rg=50Ω，满偏电流为Ig=1mA，若要将其改装成量程为0，6A的电流表需____（填“串联、并联”）电阻为____欧（结果保留三位有效数字）；要把它改装成量程为15V的电压表需____（填“串联、并联”）电阻为____欧．15、一群氢原子处于量子数n=4能级状态，氢原子的能级图如图所示，氢原子可能发射____种频率的光子；氢原子由量子数n=4的能级跃迁到n=2的能级时辐射光子的能量是____eV；用n=4的能级跃迁到n=2的能级时辐射的光子照射下表中几种金属，金属____能发生光电效应．

几种金属的逸出功。金属铯钙镁钛逸出功W/eV1.92.73.74.1评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

21、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）22、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）23、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、推断题(共2题，共16分)24、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵-垄脼}元素，回答下列问题。rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是_________________。rm{(2)垄脺}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是_______________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脹}和rm{垄脺}两种元素的最高价氧化物对应的水化物碱性较强的是__________rm{(}填化学式rm{)}填化学式rm{(}rm{)}写出rm{(3)}的单质在rm{垄脵}的单质中燃烧的化学方程式：_______________________。rm{垄脼}25、工业制钛白粉产生的废液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生产补血剂乳酸亚铁。其生产流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中电离为TiO2+和SO2-4。请回答下列问题：

（1）写出TiOSO4水解生成钛酸H4TiO4的离子方程式____。步骤①中加入足量铁屑的目的是____。

（2）步骤②的离子方程式是____，所得副产品主要是____（填化学式）。

（3）工业上由H4TiO4可制得钛白粉TiO2。TiO2直接电解还原法生产钛是一种较先进的方法，电解质为熔融的CaCl2，原理如图所示，阴极的电极反应式为____。

（4）工业上利用TiO2还可以用下列流程制取单质钛：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol则TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯经下列步骤合成：上述合成路线的总产率为56%，乳酸与碳酸亚铁反应转化为乳酸亚铁晶体的产率为80%，则生产468kg乳酸亚铁晶体（M＝234g/mol）需要标准状况下的乙烯____m3。

评卷人得分五、实验探究题(共2题，共4分)26、小明用某种金属作为阴极的光电管观测光电效应现象，实验装置示意如图甲所示。己知普朗克常量方=6.63×10-34J•s。

（1）图甲中电极K为光电管的______（填“阴极”或“阳极”）；

（2）小明给光电管加上正向电压；在光照条件不变时（入射光的频率大于金属铷的截止频率），小明将滑片P从最左端向右慢慢滑动过程中，电流表的读数变化情况是______。

（3）实验中测得铷的遏止电压UC与入射光频率v之间的关系如图乙所示，逸出功W0=______J，如果实验中入射光的频率v=7.00×1014Hz，则产生的光电子的最大初动能Ek=______J（结果保留3位有效数字）。27、利用图一装置可以做力学中的许多实验；

(1)

以下说法正确的是______。

A.用此装置“研究匀变速直线运动”时；必须设法消除小车和滑轨间的摩擦阻力的影响。

B.用此装置“研究匀变速直线运动”时；必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑轨平行。

C.用此装置“探究加速度a

与力F

的关系”每次改变砝码及砝码盘总质量之后；需要重新平衡摩擦力。

D.用此装置“探究加速度a

与力F

的关系”应使小盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量。

(2)

本装置中要用到打点计时器；如图二所示为实验室常用的两种计时器，其中甲装置用的电源要求是______。

A.交流220VB.

直流220VC.

交流4鈭�6VD.

直流4鈭�6V

(3)

在利用此装置“探究加速度a

与力F

的关系”时，实验中按规范操作打出的一条纸带的一部分如图三。已知打点计时器接在频率为50Hz

的交流电源上，则此次实验中打点计时器打下A

点时小车的瞬时速度为______m/s(

结果保留2

位有效数字)

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B|C【分析】【解析】试题分析：所需的电场方向不需要变化，所以金属管A和悬在管中的金属丝B应接在高压直流电源上，A错误；B正确；电源的两极分别接在AB上，净电荷一般分布在尖端，所以B处分布电荷较为密集，则距离B越近场强较大，C正确；D错误；故选BC考点：静电除尘器工作原理【解析】【答案】BC2、D【分析】解：油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走；属于静电的防止，故D正确，ABC错误．

故选：D

油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走；属于静电的防止．

该题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．【解析】【答案】D3、B【分析】解：磁性水雷中的小磁针静止时；一端指南，一端指北，水雷不会爆炸，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，由磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，就会使水雷中的小磁针发生转动，而触发水雷发生爆炸．故B正确，ACD错误；

故选：B．

磁性水雷中的小磁针静止时；水雷不会爆炸，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，由磁极间的相互作用就会使水雷中的小磁针发生转动，而发生爆炸．

本题考查了磁化、地磁场、磁极间的相互作用的知识，是磁现象在军事上的应用．【解析】【答案】B4、B【分析】【分析】矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时；线圈中产生正弦式电流.

在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大，感应电动势为零.

线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次。

本题考查正弦式电流产生原理的理解能力；抓住两个特殊位置的特点：线圈与磁场垂直时，磁通量最大，感应电动势为零；线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大。

【解答】

在中性面时；线圈与磁场垂直，磁通量最大.

在中性面时，没有边切割磁感线，感应电动势为零，通过线圈的磁通量变化率为零，故B正确，ACD错误。

故选B。

【解析】B

5、C|D【分析】

A、在最高点，杆子对小球的作用力和小球的重力的合力提供向心力，有当时；杆子的作用力为0．故A错误．

B；小球过最高点时；最小速度为0．故B错误．

C；小球过最高点时；若杆对球的作用力与球所受重力方向相反，因为合力提供向心力，合力的方向向下，所以重力一定大于或等于杆对球的作用力．故C正确．

D；小球过最低点时；合力的方向向上，则杆对球的作用力一定与小球所受重力方向相反．故D正确．

故选CD．

【解析】【答案】轻杆拉着小球在竖直平面内做圆周运动；在最高点和最低点，靠重力和杆子作用力的合力提供圆周运动的向心力．在最高点，杆子可以表现为拉力，也可以表现为支持力，作用力也有可能为0，由最高点的速度决定．在最低点，合力的方向指向圆心，则杆子表现为拉力．

6、D【分析】【解析】试题分析：振幅表示振子含有的能量，与周期没有关系，A错误；在平衡位置时回复力为零，加速度为零，速度最大，B错误；振动过程中距离平衡位置越近，回复力越小，即回复力在变化，不是匀加速运动，C错误；在最大位移处，回复力最大，加速度最大，速度为零，D正确故选D考点：简谐运动【解析】【答案】D7、B|D【分析】【解析】试题分析：小球从a点滑下，进入复合场中，如果小球带正电，所受电场力方向竖直向下，所受洛伦兹力方向竖直向上，重力竖直向下，有如果从b点滑下，进入复合场中的速度减小，洛伦兹力减小，小球将向下偏转，动能增大、重力势能减小，电场力做正功，机械能增大，电势能减小，C对；如果小球带负电，则所受电场力向上，洛伦兹力向下从b点释放，速度减小，合力向上，小球将向上偏转，电场力做正功，电势能减小，由此可知D对；机械能增大，C错；故选BD考点：考查带电粒子在复合场中的运动【解析】【答案】BD8、A【分析】解：在电视信号发射端；由摄像管摄取景物并将景物反射的光转变为电信号的过程就是摄像，这个过程由摄像管完成.

这一过程完成了光；电转化.

故A正确，BC

D错误．

故选A．

由摄像管摄取景物并将景物反射的光转化为电信号；经历了将光信号转化为电信号．

解决本题的关键理清光电转化的过程，即能轻松解决．【解析】A

9、C【分析】【分析】

根据距离点电荷越近的点；电势越高，找到弧AC上距离D点最近的点的距离，根据点电荷的电场强度求出；根据Q产生的电场方向背离点到Q的方向可知弧AC上的各点的电场强度方向不同；

【详解】

A、对正点电荷来说，距离点电荷越近的点，电势越高，所以弧AC上距离D点最近的点的距离为：如图所示，电场强度为故A正确；

B；对正点电荷来说；到点电荷距离相等的点，电势相等，在圆弧AC上还有一点到D的距离与DC之间的距离相等，所以在弧AC上还有一点与C点的电势相同，故B正确；

C；电场强度是矢量；Q产生的电场方向背离点到Q的方向，所以在弧AC上的各点的电场强度与C点的电场强度的方向不同，故C错误；

D；由于电子带负电；又从A到C的电势先增加后减小，所以电子从A点沿着圆弧运动到C点，电势能先减小后增大，故D正确；

不正确的故选C．

【点睛】

关键是能找出弧AC上的电势越高的位置到距离D点最近的距离．二、填空题(共6题，共12分)10、略

【分析】解：（1）固定刻度读数为0.5mm；可动刻度读数为0.122mm，则此金属丝的直径为0.622mm．

（2）根据电阻定律，有=

根据欧姆定律，有

由上述两式解得．

实验中还应测出的物理量是电阻丝的长度L；电阻丝两端的电压U，流过电阻的电流I．

故答案为：0.622（0.621-0.623均正确）；电阻丝的长度L，电阻丝两端的电压U，流过电阻的电流I；

（1）千分尺固定刻度最小分度为1mm；可动刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度读出整毫米数包括半毫米数，由可动刻度读出毫米的小数部分．

（2）根据电阻定律和欧姆定律表示出电阻率；再进行求解．

用伏安法测量电阻，要想求出电阻率，首先要明了实验的原理，推导出表达式，最后根据实验的原理确定待测的物理量由那些．【解析】0.622；电阻丝的长度L，电阻丝两端的电压U，流过电阻的电流I；11、略

【分析】解：由题，振子从a

到b

历时0.2s

振子经ab

两点时速度相同，则ab

两点关于平衡位置对称.

振子从b

再回到a

的最短时间为0.4s

则振子b隆煤

最大隆煤b

的时间是0.2s

根据对称性分析得知，振子从a隆煤b隆煤

正最大隆煤

负最大隆煤a

的总时间为0.8s

即振子振动的周期为T=0.8s

频率为f=1T=1.25Hz

．

故答案为：1.25

振子完成一次全振动的时间等于一个周期.

根据周期的定义；确定出振子的周期，求出频率．

本题要抓住简谐运动的对称性，确定振子完成一次全振动的时间，得到周期，求出频率．【解析】1.25

12、略

【分析】【解析】试题分析：当小球静止时，所受洛仑兹力为零，圆环受到电场力、重力、支持力、摩擦力的作用，摩擦力大小为由牛顿第二定律可知当竖直方向所受摩擦力为零时加速度最大，为重力加速度g，当竖直方向上所受合外力为零时速度最大，此时考点：考查带电粒子在复合场中的运动【解析】【答案】g;13、3：30：5【分析】【解答】LC振荡电路产生的振荡电流频率．

有甲、乙两个LC振荡电路，线圈的自感系数相同，甲的电容是乙的100倍，故甲、乙两振荡电路的振荡频率之比是

乙和丙的电容相同，丙线圈的电感是乙的36倍，故乙、丙两振荡电路的振荡频率之比是．

所以：f1：f2：f3=3：30：5

故答案为：3：30：5

【分析】LC振荡电路产生的振荡电流是正弦式交变电流，频率为．14、并联0.0833串联14950【分析】【解答】解：把电流表改装成0.6A电流表需要并联分流电阻；并联电阻阻值为：

R==≈0.0833Ω；

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；串联电阻阻值为：

R=﹣Rg=﹣50=14950Ω；

故答案为：并联；0.0833，串联，14950；

【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．

把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值．15、62.55铯【分析】【解答】解：因为C=6；知氢原子可能发射6种频率的光子．

氢原子由量子数n=4的能级跃迁到n=2的能级时辐射光子的能量等于两能级间的能级差；

即E=E4﹣E2=﹣0.85+3.40eV=2.55eV．

E只大于铯的逸出功；故光子只有照射铯金属才能发生光电效应．

故答案为：6；2.55，铯．

【分析】根据数学组合公式求出氢原子可能发射的光子频率种数．

能级间跃迁辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差．

根据光电效应的条件判断能否发生光电效应．三、判断题(共8题，共16分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．21、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．22、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．23、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、推断题(共2题，共16分)24、（1）

（2）AlNaOH

（3）H2+Cl22HCl

【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{H}rm{垄脷}为rm{N}rm{垄脹}为rm{Na}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}为rm{S}rm{垄脼}为rm{Cl}rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是元素rm{(1)}的原子结构示意图是故答案为：rm{垄脷}rm{(2)}为rm{(2)}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高价氧化物对应的水化物分别为氢氧化钠和氢氧化铝，同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱，rm{Al}的金属性比rm{Na}强，所以碱性较强的为rm{Al}故答案为：rm{Na}rm{Al}rm{NaOH}rm{Al}的单质在rm{NaOH}的单质中燃烧的化学方程式为：rm{(3)}rm{(3)}rm{垄脵}的单质在rm{垄脼}的单质中燃烧的化学方程式为：rm{垄脵}rm{垄脼}rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}【解析】rm{(1)}rm{(2)Al}rm{NaOH}rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

25、略

【分析】【分析】本题考查了铁盐和亚铁盐的相互转变、离子方程式的书写、电解原理、焓变的计算、原料利用率的计算等，难度中等，注意把握相关基本理论的理解和应用。【解答】（1）根据水解原理：盐+水=酸+碱，则TiOSO4水解生成钛酸H4TiO4的离子方程式TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+；步骤①中加入足量铁屑的目的是将溶液中的Fe3+还原为Fe2+，消耗溶液中的H+促进TiO2+水解。（2）NH4HCO3在溶液中电离出HCO3-离子，易电离生成碳酸根，碳酸根和亚铁离子反应生成FeCO3促进HCO3-电离，故离子方程式Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O；所得的副产物为溶液中没有参加反应的铵根离子和硫酸根离子形成的(NH4)2SO4；（3）电解时，阴极上得电子发生还原反应，所以二氧化钛得电子生成钛和氧离子，故阴极电极反应：TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）依据盖斯定律：由③+①×2-②可知△H＝△H3+△H1×2-△H2=+141+（-393.5）×2-（-566）=-80kJ/mol。（5）由题意知，乳酸生成乳酸亚铁的物质的量之比为2：1，设需要乙烯xm3，则反应生成468kg乳酸亚铁晶体所需乙烯为x=200m3。【解析】（1）TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+将溶液中的Fe3+还原为Fe2+，消耗溶液中的H+，促进TiO2+水解（2）Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O(NH4)2SO4（3）TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）-80kJ/mol（5）200五、实验探究题(共2题，共4分)26、阴先逐渐增大，增大到最大值后不再增大3.32×10-191.326×10-19【分析】解：（1）电子从金属板上射出后被电场加速；由此可知A板为正极即为阳极，K为光电管的阴极；

（2）小明给光电管加上正向电压；在光照条件不变时（入