2025年人教版高一物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高一物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、地球半径为R；距地心高为h处有一颗同步卫星；另一星球半径为3R，距该星球球心高度为3h处也有一颗同步卫星，它的周期为72h，则该星球的平均密度与地球的平均密度之比为（）

A.1：9

B.1：3

C.9：l

D.3：1

2、关于瞬时速度,下列说法中正确的是()A.瞬时速度是物体在某一段时间内的速度B.瞬时速度是物体在某一段位移内的速度C.瞬时速度是物体在某一位置或某一时刻的速度D.瞬时速度与平均速度相等3、一物体做匀变速直线运动，下列说法中正确的是（）A.物体的末速度一定与时间成正比B.物体的位移一定与时间的平方成正比C.物体的速度在一定时间内发生的变化与这段时间成反比D.加速度是一个恒量4、如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在力F作用下，A、B保持静止，则物体A的受力个数为()A.2B.3C.4D.55、【题文】关于行星的运动，以下说法正确的是（）A.所有行星都绕太阳做匀速圆周运动B.所有行星都是绕太阳做椭圆运动，且轨道都相同C.离太阳近的行星，其公转周期小D.离太阳越远的行星，其公转周期越小6、将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，其v鈭�t

图象如图所示.

以下判断正确的是(

)

A.前3s

内货物平均速度为6m/s

B.最后2s

内货物的位移为6m

C.前3s

内与最后2s

内货物的运动方向相反D.第2s

末和第6s

末，货物的加速度相同评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)7、我们在学习物理的过程中，了解了许多研究方法，例如研究“欧姆定律”、研究“压力的作用效果和那些因素有关”等均采取了被称为____的研究方法．举出教材中采用这种研究方法的任意两个演示实验____、____．8、某物体在地球表面上受到地球对它的引力大小为960N，为使此物体受到的引力减至60N，物体距地心的高度应为____R．（R为地球的半径）9、【题文】一个质量为ｍ的小球，用细线挂在电梯的顶板下，当电梯以g/3的加速度竖直加速下降时，细线的拉力为____．10、【题文】如图所示为一做匀变速运动的小车带动纸带的一段，AB=42mm，AC=88mm，AD=138mm，打点频率为50Hz，则小车的加速度是____m/s2。11、若物体受到三个力F1、F2、F3作用而处于静止状态．已知F3=10N方向水平向左，问F1、F2合力等于______N，方向______．12、（6分）在“验证机械能守恒定律”的实验中，质量m＝1kg的物体自由下落，得到如下图所示的纸带，相邻计数点间的时间间隔为0.04s．那么从打点计时器打下起点O到打下B点的过程中，物体重力势能的减少量＝_______J，此过程中物体动能的增加量=______J。由此可得到的结论是．(g=9.8m/s2，保留三位有效数字)13、【题文】如图，主动轮O1上两轮的半径分别为3r和r，从动轮O2的半径为2r，A、B、C分别为轮缘上的三点，设皮带不打滑，求A、B、C三点的角速度和线速度之比：=____.

=____.14、【题文】某人站在高楼的平台边缘处，以="20"m/s的初速度竖直向上抛出一石子。求抛出后，石子经过距抛出点15m处所需的时间。（不计空气阻力，g取10)15、物理学的科学研究方法较多；请将研究的对象与所采用的方法进行正确配对，填在相应的横线上．（填ABCD）

研究对象：

①伽利略理想实验。

②探究加速度与力的关系。

③研究共点力的合成。

部分研究方法：

A比值定义法B科学的类比推理法C控制变量法D等效替代法。

问：①对应____，②对应____，③对应____．评卷人得分三、画图题(共2题，共4分)16、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。17、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分四、计算题(共4题，共40分)18、李凯同学是学校的升旗手，他每次升旗都做到了在庄严的国歌响起时开始升旗，当国歌结束时恰好五星红旗升到了高高的旗杆顶端。已知国歌从响起到结束的时间是48s，旗杆高度是19m，红旗从离地面1.4m处开始升起。若设李凯同学升旗时先拉动绳子使红旗向上做匀加速运动，时间持续4s，然后使红旗做匀速运动，最后使红旗做匀减速运动，加速度大小与开始升起时的加速度大小相同，红旗到达旗杆顶端时的速度恰好为零。试计算李凯同学升旗时使红旗向上做匀加速运动加速度的大小和红旗匀速运动的速度大小。19、【题文】若汽车以12m/s的速度在平直的公路上匀速行驶，由于前方出现意外情况，驾驶员紧急刹车，刹车的加速度大小为4m/s2，求刹车后2s和4s时汽车速度的大小？20、如图半径为R

的水平圆台可绕通过圆心O

的竖直光滑细轴CC隆炉

转动，圆台上沿相互垂直的两个半径方向刻有槽，质量为mA

的物体A

放在一个槽内，物体A

与槽底间的动摩擦因数为娄脤

质量为mB

的物体B

放在另一个槽内，此槽是光滑的.AB

间用一长为L(L<R)

且不可伸长的轻绳绕过细轴相连.

已知圆台做匀速转动；且AB

两物体相对圆台不动(AB

两物体可视为质点，物体的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力)

．

求：

(1)

当圆台转动的角速度为w0OA

的长度为L1

时，试写出AB

两个物体受到的向心力大小的表达式．

(2)

不论圆台转动的角速度为多大；要使物体A

和槽之间恰好没有摩擦力，则OA

的长为多大？

(3)

设OA

长为x

试分析圆台的角速度娄脴

和物体A

到圆心的距离x

所应满足的关系。21、一位滑雪运动员由a

点沿水平方向以20m/s

的速度水平飞出，在空中飞行一段距离后，落到斜面的b

点，山坡倾角娄脠=37鈭�

试求(

不计空气阻力，g=10m/s2)

(1)

他在空中的飞行时间？

(2)

求ab

间的距离L=

评卷人得分五、推断题(共4题，共36分)22、现有金属单质rm{A}rm{B}rm{C}和气体甲、乙、丙及物质rm{D}rm{E}rm{F}rm{G}rm{H}它们之间能发生如下反应rm{(}图中有些反应的产物和反应的条件没有全部标出rm{)}

请根据以上信息回答下列问题：

rm{(1)A}物质在空气中燃烧的产物是_____色的粉末，该粉末与rm{CO}物质在空气中燃烧的产物是_____色的粉末，该粉末与rm{(1)A}rm{CO}rm{{,!}_{2}}写两种反应放出的气体为______________。该粉末的用途__________________rm{(}写两种rm{)}

rm{(}rm{)}写出反应和rm{(2)}写出反应rm{垄脵}和rm{垄脹}的离子反应方程式：________________________________________，的离子反应方程式：________________________________________，_________________________________________________。rm{(2)}写出rm{垄脵}转化成rm{垄脹}的离子反应方程式：__________________________。鉴别物质rm{(3)}中的阳离子的实验方法为__________________________________。rm{F}写出实验室处理乙的尾气的离子反应方程式：________________________________。rm{G}23、A、rm{B}rm{C}rm{D}均为中学化学常见物质，且均含有同一种元素，它们之间有如下转化关系，其中rm{A}是单质。

rm{(1)}若rm{A}是一种淡黄色固体，rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为氧化物，rm{C}是形成酸雨的主要物质。请写出rm{C}与rm{B}反应的化学方程式_____________。rm{(2)}若rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化学烟雾的一个重要原因。请写出反应rm{垄脹}的化学方程式_________________。实验室中检验气体rm{B}用的试剂或用品为________________。rm{(3)}若rm{B}rm{D}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{垄脷垄脹}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脺}可以通过滴加少量稀盐酸实现。据此判断rm{A}元素是__________。请写出rm{垄脷}的离子方程式__________________。rm{(4)}若rm{C}是一种淡黄色固体，常用于呼吸面具中的供氧剂，rm{D}是一种强碱。则rm{C}作供氧剂时氧化产物和还原产物的物质的量之比为_____________；焰色反应时，rm{D}的火焰呈_______色。24、A、rm{B}rm{C}为三种常见的单质，其中rm{A}rm{C}为气体，rm{B}为常见金属rm{.A}溶于水可使石蕊试液先变红后褪色rm{.F}的水溶液为浅绿色溶液，它们的关系如图：rm{(1)}写出rm{A}rm{B}rm{D}的化学式：rm{A.}____________rm{B.}____________rm{C.}____________rm{(2)}写出反应rm{垄脵垄脷}的离子方程式：rm{垄脵}____________；rm{垄脷}____________．rm{(3)A}溶于水使石蕊试液先变红后褪色的原因是rm{(}用方程式表示rm{)}____．rm{(4)}检验rm{D}的水溶液中的阳离子的试剂是：____rm{.}将rm{D}溶液逐滴加入的沸水中会产生一种红褐色的液体，你认为该液体中的分散质微粒直径在____之间，验证的简单方法是：____．25、图示中，rm{A}为一种常见的单质，rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}是含有rm{A}元素的常见化合物，它们的焰色反应均为黄色。请填写下列空白：rm{(1)}写出化学式：rm{(1)}____________、rm{A}____________、rm{B}____________、rm{C}____________。rm{D}写出物质rm{(2)}的用途之一___________________________。rm{(2)}写出rm{B}反应的离子方程式_____________________________________；rm{(3)}反应的化学方程式_________________________________。rm{(3)}向饱和rm{A隆煤C}溶液中通入足量rm{B隆煤D}现象是________________________。rm{(4)}评卷人得分六、实验题(共4题，共32分)26、【题文】某实验小组欲以图甲所示实验装置“探究加速度与物体受力和质量的关系”．图中A为小车，B为装有砝码的小盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电磁打点计时器相连，小车的质量为m1，小盘（及砝码）的质量为m2。

（1）下列说法正确的是（）。A．实验时先放开小车，再接通打点计时器的电源B．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力C．本实验中应满足m2远小于m1的条件D．在用图象探究小车加速度与受力的关系时，应作a－m1图象（2）某同学平衡好摩擦阻力后，在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变砝码重力，作出小车加速度a与砝码重力F的图象如图乙所示．若牛顿第二定律成立，重力加速度g＝10m/s2；则小车的质量为________kg（结果取2位有效数字），小盘的质量为________kg。

（3）实际上，在砝码的重力越来越大时，小车的加速度不能无限制地增大，将趋近于某一极限值，此极限值为_______m/s2。27、【题文】在“探究恒力做功与动能改变间的关系”实验中；采用图示装置的实验方案，实验时：

（1）若用砂和小桶的总重力表示小车受到的合力，为了减少这种做法带来的实验误差，必须：①使长木板左端抬起—个合适的角度，以____；②满足条件，小车质量____砂和小桶的总质量（选填“远大于”、“远小于”、“等于”）；③使拉动小车的细线（小车滑轮段）与长木板____。

（2）如图所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，距离如图所示，则打C点时小车的速度表达式为（用题中所给物理量表示）_____________；要验证合外力做功与动能变化间的关系；除了要测量砂和小砂桶的总重力；测量小车的位移、速度外，还要测出的物理量有____________。

（3）若已知小车质量为M、砂和小砂桶的总质量为m，打B、E点时小车的速度分别重力加速度为g，探究B到E过程合外力做功与动能变化间的关系，其验证的数学表达式为____。（用M、m、g、~表示）28、在研究匀变速直线运动的实验中，如下图所示为一条记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，两个计时点间有4个点未画出，交流电的频率为50Hz.（1）小球做__________运动.（2）vA=______m/s,vB=______m/s,vC=______m/s,vD=______m/s,。（3）在下图所示坐标中作出小车的v-t图线，并根据图线求出a=__________.(以上结果均保留两位有效数字)29、【题文】某同学使小球沿桌面水平飞出；用数码相机拍摄小球做平抛运动的录像（每秒15帧照片），并将小球运动的照片打印出来。

（1）他大约可以得到几帧小球在空中运动的照片（）。A．5帧B．15帧C．25帧D．无法估计（2）若已知照片和实物的尺寸比例为1:10，从照片中测得小球相邻两个照片的水平距离约为5mm,则小球水平飞出的速度约为m/s参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】

万有引力提供向心力G=mr（）2，M=．密度ρ===．

因为地球的同步卫星和星球A的同步卫星的轨道半径比为1：3；地球和星球A的半径比为1：3，两同步卫星的周期比1：3．所以地球和A星球的密度比为9：1．故C正确，A；B、D错误．

故选C．

【解析】【答案】根据万有引力提供向心力G=mr（）2；求出天体的质量，再求出密度，看与什么因素有关．

2、C【分析】【分析】A；物体在某一段时间内的速度是平均速度；错误。

B；物体在某一段位移内的速度是平均速度；错误。

C；瞬时速度与某一时刻或某一位置相对应；即对应于某一状态；正确。

D；瞬时速度与平均速度可能相等也可能不同；错误。

故选C。

【点评】瞬时速度精确地描述了物体运动的快慢及方向，是矢量，一般情况下所提到的速度都是指瞬时速度．当位移足够小或时间足够短时，可以认为瞬时速度就等于平均速度。3、D【分析】解：AB、根据v=v0+at和x=v0t+at2可知；速度只有在初速度为零的情况下，与时间成正比，位移只有在初速度为零时，与时间的平方成正比．故A；B错误．

C、由a=可知；a一定，则物体的速度在一定时间内发生的变化与这段时间成正比．故C错误，D正确；

故选：D

根据匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式判断速度和位移与时间的关系．

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用．【解析】【答案】D4、B【分析】【解析】【答案】B5、C【分析】【解析】熟记理解开普勒的行星运动三定律：

第一定律：所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆；太阳处在所有椭圆的一个焦点上．

第二定律：对每一个行星而言；太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等．

第三定律：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等．其表达式=k

解：A；B：第一定律的内容为：所有行星分别沿不同大小的椭圆轨道绕太阳运动；太阳处于椭圆的一个焦点上．

故A；B错误．

C、由表达式=k；得离太阳越近的行星的运动周期越小，故C正确；

D；由C选项分析；故D错误．

故选C．【解析】【答案】C6、B【分析】解：A

前3s

内货物做匀加速运动，平均速度为v炉=v0+v2=0+62=3m/s

故A错误．

B、图线与时间轴围成的面积表示位移，最后2s

内货物的位移为x=12隆脕6隆脕2m=6m

故B正确．

C；前3s

内与最后2s

内货物的速度都为正值；运动方向相同，故C错误．

D；速度时间图线的斜率表示加速度；则知第2s

末和第6s

末，货物的加速度大小和方向都不同，加速度不同，故D错误．

故选：B

．

匀变速直线运动的平均速度可由公式v炉=v0+v2

求解.

速度时间图线的斜率表示加速度；图线与时间轴围成的面积表示位移，速度的正负表示速度方向．

解决本题的关键知道速度时间图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义，掌握匀变速直线运动的平均速度公式v炉=v0+v2

．【解析】B

二、填空题(共9题，共18分)7、略

【分析】【分析】物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题．每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法．【解析】【解答】答：

在“探究电流与电压的关系”实验中；需要保持电阻一定，改变两端电压，探究电压改变对电流的影响，采用的是控制变量法；

在“探究压力作用效果的影响因素”实验中；要探究压力对作用效果的影响，要保持受力面积一定，改变压力，探究压力大小对作用效果的影响，采用的是控制变量法．

除此以外；以下实验也主要采用了控制变量法：

1．“摩擦力大小的因素”实验

2．影响动能大小因素

3．影响重力势能大小因素

4．斜面机械效率与什么有关？

5．电磁铁磁性大小因素

6．电热大小与什么有关（Q=I2Rt）8、略

【分析】

根据万有引力定律表达式得：

F=其中r为物体到地球中心的距离．

某物体在地球表面，受到地球的万有引力为960N，此时r=R；若此物体受到的引力减小为60N；

根据F=得出此时物体到地球中心的距离r′=4R；

所以物体距地心的高度应为4R．

故答案为：4

【解析】【答案】根据万有引力定律的内容（万有引力是与质量乘积成正比；与距离的平方成反比）解决问题．

9、略

【分析】【解析】

试题分析：本题考查牛顿第二定律。以小球为研究对象，对其进行受力分析，根据牛顿第二定律由代入数据解得

考点：牛顿第二定律。

点评：容易题。牛顿第二定律中的力指的是物体受到的合外力。【解析】【答案】10、略

【分析】【解析】AB、BC、CD间的时间均为0.02s，由相邻相等时间内通过的位移差可求出加速度【解析】【答案】1011、略

【分析】解：因为物体所受的合力为零，则F1和F2两个力的合力与F3等值反向；所以合力大小为10N．

撤去F3，则物体所受的合力大小等于F3；方向与之相反．

故答案为：10；水平向右。

物体处于静止状态，则合力为零，任意两个力的合力与第三个力等值反向．撤去F3，则物体所受的合力大小等于F3．方向与之相反．

本题考查牛顿第二定律和共点力平衡的基本运用，难度不大，很容易解决．【解析】10；水平向右12、略

【分析】【解析】【答案】________;________13、略

【分析】【解析】考点：线速度；角速度和周期、转速．

专题：匀速圆周运动专题．

分析：靠传送带传动的点，线速度大小相等，共轴的点，角速度相等．B点和C点具有相同的线速度，A点和B点具有相同的角速度．根据v=rω；求出三点的角速度之比，线速度之比．

解答：解：B点和C点具有相同的线速度，根据ω=知B、C两点的角速度之比等于半径之反比，所以ωB：ωC=rc：rb=2：1．而A点和B点具有相同的角速度，所以ωA：ωB：ωC=2：2：1．．

根据v=rω，知A、B的线速度之比等于半径之比，所以vA：vB：=3：1．B、C线速度相等，所以vA：vB：vC=3：1：1．

故本题答案为：2：2：1；3：1：1．

点评：解决本题的关键掌握靠传送带传动的点，线速度大小相等，共轴的点，角速度相等．【解析】【答案】____，____.14、略

【分析】【解析】当石块在抛出点上方距抛出点15m处时，取向上为正方向，则位移代入公式得

化简得

解得：=1s，=3s。=1s对应看石块上升时到达“离抛出点15m处”时所用的时间，而="3"s则时应着从最高点往回落时第二次经过“离抛出点15m处”时所用的时间。

由于石块上升的最大高度H="20"m，所以石块落到抛出点下方“离抛出点15m处”时，自由下落的总高度为下落此段距离所用的时间这样石块从抛出点到第三次经过“离抛出点15m处”时所用的时间为【解析】【答案】15、BCD【分析】【解答】①伽利略理想实验；是通过推论和将斜面实验进行外推得出的；

故选：B．

②在探究加速度与力；质量三者关系的实验中；应用了控制变量法；

故选：C．

③研究共点力的合成的实验中；要求两次拉橡皮筋到同一点，因此采用的是“等效替代法”．

故选：D．

故答案为：B；C；D．

【分析】正确理解比值定义法、理想化方法、控制变量法、科学的类比推理法、极限法、等效替代法等各种方法的物理愿意以及应用即可正确解答．三、画图题(共2题，共4分)16、略

【分析】【解析】试题分析：（1）受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，作用点都在重心（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球只受到竖直向下的重力作用考点：考查受力分析的能力【解析】【答案】作图题（略）17、略

【分析】【解析】试题分析：（1）受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，作用点都在重心（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球只受到竖直向下的重力作用考点：考查受力分析的能力【解析】【答案】作图题（略）四、计算题(共4题，共40分)18、略

【分析】试题分析：设红旗匀速运动的速度大小为v．由题得到红旗上升的位移大小．由题红旗匀加速运动和匀减速运动的加速度大小相等，根据对称性得知这两个过程的时间相等，红旗匀速运动的时间为则有代入解得，匀加速运动的加速度大小为考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【解析】【答案】19、略

【分析】【解析】

以初速度的方向为正方向，由题意知v0=12m/s，a=-4m/s2，t1=2s，t2="4s"，汽车从刹车到完全停止用时间为t0。

由公式v=v0+at可得。

可得t0="3s"

将t1=2s代人公式解得。

V1=v0+at1=12+(-4)*2m/s=4m/s

将t2=4s代人公式解得。

V2=v0+at2=12+(-4)*4m/s=-4m/s

此速度不符合实际情况，汽车已经停止。所以此时汽车的速度v2=0【解析】【答案】4m/s020、解：(1)由向心力公式可得：

A向心力大小的表达式：FA=mAω02l1

B的向心力：FB=mBω02(l-l1)

(2)设OA长为l1，则OB为l-l1；

F=mAω2l1

F=mBω2(l-l1)

解得

(3)当A；B两物体相对转台静止且恰无摩擦时；物体A、B的动力学方程分别为。

F=mAω2x，F=mBω2(l-x)，联立解得

当A；B两物体相对转台静止且A恰没有做远离轴心的运动时；物体A、B的动力学方程分别为。

F+μmAg=mAω2x，F=mBω2(l-x)

当A；B两物体相对转台静止且A恰没有做向轴心的运动时；物体A、B的动力学方程分别为。

F-μmAg=mAω2x，F=mBω2(l-x)

综上分析可知。

【分析】(1)

已知转动角速度；由题意可知两物体的转动半径，由向心力公式可求得向心力大小的表达式；

(2)

要使A

球不受摩擦力；应使绳子的拉力充当两物体的向心力，则两球需要的向心力相等，联立两式可解得距离；

(3)

可分为两物体恰无摩擦力、A

恰好达到最大静摩擦力和B

恰好达到最大静摩擦力三种情况分析，由牛顿第二定律可得出角速度及距离的可能值．【解析】解：(1)

由向心力公式可得：

A

向心力大小的表达式：FA=mA娄脴02l1

B

的向心力：FB=mB娄02(l鈭�l1)

(2)

设OA

长为l1

则OB

为l鈭�l1

F=mA娄脴2l1

F=mB娄脴2(l鈭�l1)

解得l1=mBmA+mBl

(3)

当AB

两物体相对转台静止且恰无摩擦时；物体AB

的动力学方程分别为。

F=mA娄脴2xF=mB娄脴2(l鈭�x)

联立解得x=mBmA+mBl

当AB

两物体相对转台静止且A

恰没有做远离轴心的运动时；物体AB

的动力学方程分别为。

F+娄脤mAg=mA娄脴2xF=mB娄脴2(l鈭�x)

娄脴=娄脤mAg(mA+mB)l鈭�mBx,x>mBmA+mBl

当AB

两物体相对转台静止且A

恰没有做向轴心的运动时；物体AB

的动力学方程分别为。

F鈭�娄脤mAg=mA娄脴2xF=mB娄脴2(l鈭�x)

娄脴=娄脤mAgmBl鈭�(mA+mB)xx<mBmA+mBl

综上分析可知。

{碌卤}lgeqslantx>dfrac{m_{B}}{m_{A}+m_{B}}l{脢卤},omegaleqslantsqrt{dfrac{mum_{A}g}{(m_{A}+m_{B})x-m_{B}l}};{碌卤}x=dfrac{m_{B}}{m_{A}+m_{B}}l{脢卤},omega{驴脡脪脭脠脦脪芒脠隆脰碌};{碌卤}0leqslantx<dfrac{m_{B}}{m_{A}+m_{B}}l{脢卤},omegaleqslantsqrt{dfrac{mum_{A}g}{m_{B}l-(m_{A}+m_{B})x}}21、略

【分析】

(1)

运动员从a

点水平飞出做平抛运动，根据运动学公式得出下落的高度y

与运动的时间的关系、水平位移x

与运动时间的关系，由tan37鈭�=yx

求出时间．

(2)

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，根据水平的位移求出ab

间的距离L

．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，要明确运动员落在斜面上时竖直位移与水平位移之比等于斜面倾角的正切．【解析】解：(1)

人在空中做平抛运动；则。

水平方向有：x=v0t

竖直方向有：y=12gt2

由几何关系得：tan37鈭�=yx

解得：t=3s

(2)ab

间的距离为：L=xcos37鈭�=v0tcos37鈭�=20隆脕30.8m=75m

答：(1)

他在空中的飞行时间是3s

．

(2)ab

间的距离L

为75m

．五、推断题(共4题，共36分)22、（1）淡黄O2航天或潜水的供氧、漂白剂

（2）①2Na+2H2O=2Na++2OH-+H2↑

③2Al+2OH－+2H2O══2AlO2－+3H2↑

（4）2Fe2++Cl2══2Cl－+2Fe3+取少量试剂于试管中，加入几滴KSCN试液，若溶液变为血红色，则证明溶液中有Fe3+

（5）Cl2+2OH－══Cl－+ClO－+H2O

【分析】【分析】本题以无机框图题的形式考查无机推断，题目难度中等，涉及rm{Na}rm{Al}rm{Fe}rm{Cl}等元素单质及其化合物之间的相互转化关系、化学用语的书写、离子检验等知识，侧重于学生的分析能力和元素化合物知识的综合运用的考查，注意把握物质之间转化的特点，尤其是物质反应的典型现象，注意基础知识的掌握。rm{Na}rm{Al}rm{Fe}等元素单质及其化合物之间的相互转化关系、化学用语的书写、离子检验等知识，侧重于学生的分析能力和元素化合物知识的综合运用的考查，注意把握物质之间转化的特点，尤其是物质反应的典型现象，注意基础知识的掌握。【解答】rm{Cl}焰色反应为黄色，故A为金属金属rm{A}焰色反应为黄色，故A为金属rm{Na}乙是黄绿色气体，乙为rm{Cl}乙是黄绿色气体，乙为rm{A}rm{Na}rm{Cl}为rm{{,!}_{2}}，红褐色沉淀rm{H}为rm{Fe(OH)}rm{H}气体甲rm{Fe(OH)}为rm{{,!}_{3}}与水的反应，生成甲为；由反应rm{垄脵Na隆煤}气体甲rm{+D}为rm{Na}与水的反应，生成甲为rm{H}rm{垄脵Na隆煤}rm{+D}为rm{Na}由rm{H}金属rm{{,!}_{2}}，rm{D}为rm{NaOH}由rm{NaOH+}金属rm{B隆煤H}rm{D}为金属rm{NaOH}由甲rm{NaOH+}乙rm{B隆煤H}丙，故丙为rm{{,!}_{2}}可知，rm{B}为金属rm{Al}由甲rm{+}乙rm{隆煤}丙，故丙为rm{HCl}rm{HCl}溶于水的物质rm{E}故E为盐酸；rm{G+NaOH隆煤Fe(OH)}溶于水的物质rm{B}故E为盐酸；rm{Al}rm{+}rm{隆煤}含有rm{HCl}rm{HCl}rm{E}盐酸rm{G+NaOH隆煤Fe(OH)}rm{{,!}_{3}}，rm{G}含有rm{Fe}rm{G}rm{Fe}可知，盐酸与金属rm{{,!}^{3+}}反应，生成的产物，由rm{E(}盐酸rm{)}还能继续与氯气反应，则金属rm{E(}为变价金属，应为rm{)}所以rm{xrightarrow{{陆冒脢么}C}}为rm{F}rm{F}rm{xrightarrow{Cl_{2}}}为rm{G}可知，盐酸与金属rm{C}反应，生成的产物rm{F}还能继续与氯气反应，则金属rm{C}为变价金属，应为rm{Fe}所以rm{F}为rm{FeCl}rm{G}rm{C}rm{F}钠在空气中充分燃烧可生成淡黄色的过氧化钠；rm{C}rm{Fe}rm{F}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}航天或潜水的供氧、漂白剂；，rm{G}为rm{FeCl}淡黄；rm{G}航天或潜水的供氧、漂白剂；rm{FeCl}反应rm{{,!}_{3}}是钠与水反应生成氢氧化钠和氢气：。rm{(1)}；反应该粉末与rm{CO}是铝和氢氧化钠溶液反应生成了偏铝酸钠和氢气：rm{CO}；rm{{,!}_{2}}反应放出的气体为rm{O_{2}}该粉末的用途为故答案为：rm{O_{2}}转化成rm{(2)}的离子反应方程式为：rm{垄脵}rm{+Cl_{2}篓T篓T2Cl^{-}+2Fe^{3+}}rm{2Na+2H_{2}O}rm{=2Na^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}中的阳离子的实验方法为：取少量试剂于试管中，加入几滴rm{2Na+2H_{2}O}试液，若溶液变为血红色，则证明溶液中有rm{=2Na^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}rm{垄脹}rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}rm{+Cl_{2}篓T篓T2Cl^{-}+2Fe^{3+}}取少量试剂于试管中，加入几滴rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}试液，若溶液变为血红色，则证明溶液中有故答案为：rm{2Na+2H_{2}O}rm{=2Na^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}rm{+2OH^{-}篓T篓TCl^{-}+ClO^{-}+H_{2}O}rm{(3)}rm{F}转化成rm{G}的离子反应方程式为：rm{+2OH^{-}篓T篓TCl^{-}+ClO^{-}+H_{2}O}rm{F}【解析】rm{(1)}淡黄rm{O_{2}}航天或潜水的供氧、漂白剂rm{(2)垄脵2Na+2H_{2}O=2Na^{+}}rm{(2)垄脵2Na+

2H_{2}O=2Na^{+}}rm{垄脹2Al+2OH^{-}+2H_{2}O篓T篓T2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}rm{+2OH^{-}+H_{2}隆眉}rm{+Cl_{2}篓T篓T2Cl^{-}+2Fe^{3+}}取少量试剂于试管中，加入几滴rm{垄脹

2Al+2OH^{-}+2H_{2}O篓T篓T2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}试液，若溶液变为血红色，则证明溶液中有rm{(4)2Fe^{2+}}rm{+Cl_{2}篓T篓T2Cl^{-}+

2Fe^{3+}}rm{+2OH^{-}篓T篓TCl^{-}+ClO^{-}+H_{2}O}

rm{KSCN}23、（1）2H2S＋SO2=3S↓＋2H2O

（2）4NH3＋5O24NO＋6H2O湿润的红色石蕊试纸

（3）Al2Al＋2OH－＋6H2O=2[Al(OH)4]－＋3H2↑

（4）1:2黄【分析】【分析】本题考查无机物的推断，为高频考点，综合考查非金属元素及金属元素化合物性质，涉及常见元素及其化合物知识的考查，把握单质及化合物的性质来分析推断各物质为解答的关键，题目难度中等。【解答】rm{(1)}若rm{A}是一种淡黄色固体，rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}是形成酸雨的主要物质，rm{C}为rm{SO_{2}}则rm{A}为rm{S}rm{B}为rm{H_{2}S}rm{D}为rm{SO_{3}}rm{C}与rm{B}反应生成rm{S}和水，其化学反应为rm{SO_{2}+2H_{2}S=3S隆媒+2H_{2}O}故答案为：rm{SO_{2}+2H_{2}S=3S隆媒+2H_{2}O}

rm{(2)B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化学烟雾的一个重要原因，则rm{C}为rm{NO}rm{A}为rm{N_{2}}rm{B}为rm{NH_{3}}rm{D}为rm{NO_{2}}反应rm{垄脹}的化学方程式rm{4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}检验氨气常利用湿润的红色石蕊试纸；故答案为：rm{4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}湿润的红色石蕊试纸；

rm{(3)}根据题给转化关系和信息推断rm{B}rm{D}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{垄脷垄脹}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脺}可以通过滴加少量稀盐酸实现，则rm{A}为rm{Al}rm{B}为rm{Al}rm{B}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{D}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脷垄脹}可以通过滴加少量稀盐酸实现，则rm{垄脺}为rm{A}rm{Al}为rm{B}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}为rm{{,!}_{3}}，rm{D}为rm{Al}rm{D}rm{Al}rm{(}rm{OH}

故答案为：rm{OH}rm{)_{3}}

，则铝与强碱溶液反应生成四羟基合铝酸根和氢气，离子方程式为是一种淡黄色固体，常用于吸吸面具中的供氧剂，rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}是一种强碱，则rm{Al}为rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}rm{(4)C}为rm{D}则rm{C}作供氧剂时的离子方程式为rm{Na_{2}O_{2}}氧化产物为rm{D}还原产物为rm{NaOH}所以氧化产物和还原产物的物质的量之比为rm{C}rm{2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O=4OH^{-}+4Na^{+}+O_{2}隆眉}的火焰呈黄色。

故答案为：rm{O_{2}}黄。

rm{2NaOH}【解析】rm{(1)2H_{2}S+SO_{2}=3S隆媒+2H_{2}O}rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}湿润的红色石蕊试纸rm{(3)Al}rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}rm{(4)1:2}黄24、(1)Cl2FeFeCl3(2)Fe+2H+=Fe2++H2↑2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-(3)因Cl2+H2O=HCl+HClO，HCl使石蕊试液变红，HClO具有漂白性，Cl2+H2O=HCl+HClO使石蕊试液变红，HCl具有漂白性HClO(4))KSCN溶液1nm-100nm是否有丁达尔效应​【分析】【分析】本题考查无机物的推断，题目难度不大。

【解答】

rm{(1)A}rm{(1)A}为溶于水所得的溶液可使石蕊试液先变红后退色，则说明rm{A}为rm{Cl}rm{A}rm{A}rm{Cl}和rm{Cl}，能使石蕊试液先变红后褪色，的水溶液为浅绿色溶液，说明rm{2}中含有rm{2}，与水反应生成rm{HCl}和rm{HClO}，能使石蕊试液先变红后褪色，rm{F}的水溶液为浅绿色溶液，说明rm{B}中含有rm{Fe}rm{HCl}rm{HCl}rm{HClO}rm{HClO}，则rm{F}为rm{F}rm{B}rm{B}为rm{Fe}，则rm{Fe}为rm{{,!}^{2+}}，能继续和rm{Cl}为rm{Cl}；rm{Cl}rm{2}rm{2}；反应生成rm{D}，则rm{D}为rm{FeCl}rm{D}rm{D}rm{D}rm{D}rm{FeCl}为rm{FeCl}和盐酸的反应，反应的离子方程式为rm{3}rm{3}，所以rm{B}为rm{Fe}，则rm{C}为rm{H}rm{B}rm{B}rm{Fe}rm{Fe}rm{C}rm{C}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}，rm{E}为rm{HCl}；rm{E}rm{E}rm{HCl}rm{HCl}故答案为：rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}rm{2}rm{2}；rm{Fe}；rm{FeCl}rm{Fe}rm{Fe}故答案为：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}；rm{(2)}rm{(2)}反应rm{垄脵}为rm{Fe}和盐酸的反应，反应的离子方程式为rm{Fe+2H}rm{垄脵}rm{Fe}rm{Fe}rm{Fe+2H}rm{Fe+2H}rm{{,!}^{+}}

rm{篓T}rm{Fe}rm{篓T}rm{Fe}和rm{Fe}，涉及反应为rm{{,!}^{2+}}rm{+H}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{FeCl}具有酸性，rm{隆眉}具有氧化性和漂白性，可使石蕊试液褪色；rm{FeCl}rm{FeCl}rm{2}rm{2}具有还原性，能与具有氧化性的rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}使石蕊试液变红，rm{2}具有漂白性；rm{2}反应生成rm{FeCl}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}溶液，观察溶液是否变红，具体做法为取少量溶液于试管中，滴加两滴，反应的离子方程式为rm{2Fe}溶液，观察溶液是否变红色，将饱和rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}之间，具有丁达尔效应；rm{2}故答案为：rm{2}溶液；rm{篓T}rm{2Fe}是否有丁达尔效应。rm{篓T}【解析】rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{FeCl_{3}}rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{(2)Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{FeCl_{3}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{隆眉}，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}使石蕊试液变红，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}具有漂白性rm{(3)}rm{(3)}因rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}，rm{HCl}使石蕊试液变红，rm{HClO}具有漂白性rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{HCl}溶液rm{HCl}是否有丁达尔效应rm{HClO}rm{HClO}25、(1)NaNa2O2NaOHNa2CO3(2)供氧剂(3)2Na+2H2O2Na++2OH−+H2↑2Na2O2+2CO22Na2CO3+O2.(4)有白色晶体析出【分析】【分析】本题以钠及其化合物之间的转化为载体考查无机物推断，侧重考查学生分析推断能力，涉及物质推断、离子方程式书写、物质用途等知识点，明确元素化合物的性质及物质之间的转化是解本题关键，注意基础知识的积累。【解答】rm{A}为一种常见的单质，rm{B}rm{C}rm{D}r