2025年湘师大新版必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版必修1物理下册月考试卷829考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，一小车从A点由静止开始做匀加速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为则等于（）

A.B.C.D.2、图中为某质点作直线运动的v-t图线；由图可知该质点（）

A.8s末时的加速度大于12s末的时加速度B.10s末时位移最大C.10s时速度方向发生改变D.14s末时位移最大。3、如图所示；足球运动员准备罚点球时，一脚用力踩在足球上面，让足球保持静止。下列说法正确的是（）

A.静止的足球受到竖直向下的合力B.如果足球气打得足一点，足球可能不发生形变C.脚对足球的压力是由于足球的上部发生弹性形变引起的D.足球对地面的压力是由于足球的下部发生弹性形变引起的4、如图所示，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，已知F的方向平行于斜面向上；斜面粗糙，且物块在斜面上保持静止，下列判断正确的是。

A.物块一定受到沿斜面向下的摩擦力B.物块一定受到沿斜面向上的摩擦力C.物块可能不受摩擦力D.物块一定受到4个力作用5、半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN。在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态。如图所示是这个装置的纵截面图。若用外力使MN保持竖直，缓慢地向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止。在此过程中；下列说法中正确的是（）

A.MN对Q的弹力先减小后增大B.地面对P的摩擦力逐渐减小C.P、Q间的弹力逐渐增大D.Q所受的合力逐渐增大6、小明做了这样的实验：手沿水平方向将物理书压在竖直墙壁上；使书保持静止，如图所示。之后调整压力大小使书沿墙壁匀速下滑，再逐渐增大压力直至书再次静止在墙壁上。当书保持静止时，下列对书受力分析的示意图正确的是（）

A.B.C.D.7、固定斜面的倾角为θ，一个小物块自斜面底端沿斜面向上做匀减速运动，经过一段时间后又沿斜面下滑回到底端，若物块往返所用时间之比为1：2，则物体与斜面间的动摩擦因数为（）A.0.6tanθB.0.8tanθC.0.4tanθD.0.5tanθ8、质量为的同学，双手抓住单杠做引体向上，他的重心的速率随时间变化的图象如图所示．取由图象可知。

A.时他的加速度B.他处于超重状态C.时他受到单杠的作用力的大小是D.时他处于超重状态评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、关于两个大小不变的力F1、F2及它们的合力F，下列说法中正确的是()A.合力F一定与F1、F2共同作用产生的效果相同B.两力F1、F2一定是同一个物体受到的力C.两力F1、F2与F是物体同时受到的三个力D.F大小随F1、F2间夹角的增大而增大10、汽车的加速性能是反映汽车性能的重要指标。速度变化得越快，表明它的加速性能越好。研究甲、乙、丙三辆汽车加速性能得到的v­t图像如图所示；根据图像可以判定（）

A.甲车的加速性能最好B.乙车比甲车的加速性能好C.丙车比乙车的加速性能好D.乙、丙两车的加速性能相同11、通常情况下，在汽车行驶过程中驾驶员发现紧急情况制动时，需要一定的反应时间（这段时间内汽车速度保持不变）。若汽车以108km/h的速度行驶时，从驾驶员发现紧急情况到车停止，汽车行驶的距离为105m，所用总时间为6.5s。当汽车以90km/h的速度在平直公路上行驶时，驾驶员突然发现前方有一辆自行车正以18km/h的速度同向行驶，路况条件不允许变道，若驾驶员的反应时间及汽车制动时加速度a的大小均相同，则下列说法正确的是（）A.驾驶员的反应时间为0.5sB.驾驶员采取制动后汽车的加速度大小为5C.若汽车驾驶员发现自行车时两者相距48m，则可避免相撞D.若汽车驾驶员发现自行车时两者相距超过50m，则可避免相撞12、一汽车以某一速度在平直的公路上匀速行驶，司机突然发现前方有一障碍物立即刹车。刹车后汽车第1s内的位移为24m，第4s内的位移为1m。假设汽车的运动可以视为匀减速直线运动，下列说法正确的是（）A.第1s末汽车的速度大小为24m/sB.第4s内汽车的平均速度大小为1m/sC.汽车的加速度大小为D.汽车的加速度大小为8m/s213、下列关于摩擦力的叙述中正确的是（）A.滑动摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比B.滑动摩擦力的大小与接触面的性质有关，与接触面面积的大小也有关C.静摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比D.最大静摩擦力随物体间正压力增大而增大14、黄河铁牛是世界桥梁史上的传世之宝。如图，唐代蒲津浮桥通过两岸的铁牛固定，铁牛底部的铁柱插入地下。设桥索对铁牛的拉力为铁柱对铁牛的作用力为则（）

A.若增大，也增大B.若增大，将减小C.与的合力方向竖直向上D.与的合力方向竖直向下15、如图所示，倾角为的粗糙斜面固定在水平地面上，斜面底端固定一与斜面垂直的弹性挡板C。长度为质量为的长木板A置于斜面上，质量为的物块B（可视为质点）置于长木板上端，物块B与长木板A之间的动摩擦因数为长木板A与斜面之间的动摩擦因数为长木板A下端与挡板C的距离为同时由静止释放长木板A和物块B，长木板A与挡板C碰撞后原速率返回。重力加速度取下列说法正确的是（）

A.长木板A刚开始沿斜面向下运动的加速度大小为B.物块B在长木板A上运动的时间为C.物块B在长木板A上运动的过程中，系统产生的内能为D.物块B从长木板A上滑下后，A将不再沿斜面下滑16、如图所示，斜面A固定于水平地面上，在t=0时刻，滑块B以初速度v0自斜面底端冲上斜面，t=t0时刻到达最高点。取沿斜面向上为正方向，下列表示滑块在斜面上整个运动过程中速度v随时间t变化的图象中；可能正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、失重。

（1）定义：物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）______物体所受重力的现象。

（2）产生条件：物体具有______（选填“竖直向上”或“竖直向下”）的加速度。18、常见的弹力：压力和支持力都是弹力，方向______；绳子的拉力也是弹力，方向______。19、某一运动的质点沿一直线做往返运动，如图所示，OA=AB=OC=CD=1m，O点为原点。质点由A点出发沿x轴正方向运动至B点后返回，并沿x轴负方向运动。回答下列问题：

（1）质点从A到B再到C的位移为____，路程为____。

（2）质点从B到D的位移为____，路程为____。

（3）当质点到达D点时，其位置坐标为____。

（4）当质点到达D点时，相对于A点的位移为____。20、如图所示；从高出地面5m的位置向下抛出一个小皮球（可视为质点），小皮球与地面接触后被弹起，在高出地面8m处被接住，分别以落地点和抛出点为原点建立直线坐标系，方向均以向下为正，填写下表．

。坐标原点的设置。

抛出点的坐标。

落地点的坐标。

接球点的坐标。

以落地点为原点。

①__________

②__________

③__________

以抛出点为原点。

④__________

⑤__________

⑥__________

21、如下图所示，是某同学利用三角板测量金属球直径的视图，被测量的小球直径为_______mm。

22、质量一定的物体放在光滑的水平面上，在水平力F作用下作加速直线运动，当F逐渐减小时，它的加速度将逐渐______；速度将逐渐______．（填“增大”或“减小”）23、如图甲所示，物体以一定的初速度从倾角α=37°的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0m。选择地面为参考平面，上升过程中物体的机械能E随高度h的变化如图乙所示。取g="10"m/s2；sin37°=0.60，cos37°=0.80。则。

（1）物体的质量m=_______kg

（2）物体与斜面之间的动摩擦因数μ=______

（3）物体上升过程中的加速度大小______m/s2

（4）物体回到斜面底端时的动能________J评卷人得分四、作图题(共1题，共3分)24、在乙图中画出钢管B所受弹力的示意图。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)25、（1）在做验证力的平行四边形定则的实验时，先用两个弹簧秤拉橡皮条，再用一个弹簧秤拉橡皮条，两次必须使橡皮条的终点达到同一位置，这样做是为了：（________）。A．便于测量力的大小B．使两个分力和它的合力有相同的作用点C．使两个分力和它的合力有相同的作用效果D．便于画出分力和合力的方向（2）如图所示，是甲、乙两位同学实验时得出的结果，其中_______同学的实验结果比较符合实验事实。26、在用动力学方法测量一滑块的质量时；某同学按图（a）所示安装好器材后，进行了以下操作：

a．用垫块将长木板固定有定滑轮的一端垫起；在滑块上系上细绳，细绳的另一端通过定滑轮挂上质量为100g的钩码；

b．反复移动垫块的位置，调整木板的倾角θ；直至轻推滑块后，滑块沿木板向下滑动时，纸带上打下的点迹间距相等；

c．保持长木板的倾角不变，取下细绳和钩码，启动打点计时器，当滑块到达木板底端时关闭电源，得到的纸带如图（b）所示。

回答下列问题：（取g=9.8m/s2；结果保留三位有效数字。）

（1）滑块加速下滑过程中，受到的合力大小为______N；

（2）图（b）中，A～E为5个计数点，相邻计数点间有4个点未出，各计数点与O点的距离如图。已知打点计时器的工作频率为50Hz，则滑块下滑时加速度的大小为______m/s2；可求得滑块的质量为______kg。27、某同学用如图所示的装置测量滑块与斜面间的动摩擦因数，其中，遮光条宽度d=6.0mm，光电门甲和乙相距l=1.00m。实验时，滑块可以由光电门甲上方某位置自由下滑。某次实验中，遮光条通过光电门甲、乙的时间分别为t1=6.0×10-3s和t2=2.0×10-3s，则滑块通过光电门甲时的速度大小v=___________m/s，滑块在斜面上运动的加速度大小a=___________m/s2；测得光电门甲、乙的竖直高度差h=0.60m，g取10m/s2，则滑块与斜面间的动摩擦因数μ=___________。

28、

读数___________评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)29、甲、乙两车分别在A、B两条平直并列的双车道上，乙车停在B车道某位置处，当甲车从后方经过乙车旁时，甲车立即刹车以初速度v1＝20.0m/s，加速度a1＝2.0m/s2做匀减速直线运动，同时乙车立即以加速度a2＝0.5m/s2与甲同向做匀加速直线运动。求：

(1)甲；乙两车相遇前相距的最大距离；

(2)乙车追上甲车经历的时间。30、如图，一质量M=15kg的长木板置于粗糙水平地面上，在木板的左端放置一质量m=1kg的小滑块（可视为质点），零时刻，木板右端距墙壁的距离为x=4.5m，滑块和木板具有水平向右的相同初速度v0，1s末木板与墙壁发生碰撞。若碰撞时间极短，碰撞前后木板速度大小不变、方向反向，且碰掩前后滑块速度不变，已知滑块与木板上表面的动摩擦因数µ1=0.4，木板下表面与地面的动摩擦因数µ2=0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，运动过程中滑块始终未离开木板，重力加速度g=10m/s2.求：

（1）初速度大小v0和碰撞前滑块的加速度大小a；

（2）碰撞后，木板和滑块的加速度大小a1和a2；

（3）木板的最小长度。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

作出运动示意图，由得。

故。

故选C。

2、D【分析】【详解】

A．8s末时加速度为

12s末时加速度

正负表示方向；绝对值表大小，说明8s末时的加速度小于12s末的时加速度，故A错误；

B．前10s物体一直向沿正方向运动；因此14s末时位移最大，故B错误，D正确；

C．10s前后速度都为正方向；速度方向没有发生改变，故C错误。

故选D。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．静止的足球受到的弹力与重力相平衡；合力为零，A错误；

B．如果足球气打得足一点；足球仍然发生形变，B错误；

C．脚对足球的压力是脚的下部发生弹性形变引起的；C错误；

D．足球对地面的压力是由于足球的下部发生弹性形变引起的；D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

F和物块重力沿斜面向下的分力大小不确定，所以物块可能不受摩擦力或可能受到沿斜面向上或向下的摩擦力，故ABD错，C正确．5、C【分析】【分析】

【详解】

对Q进行受力分析。

物体Q受到MN的弹力物体P对Q的弹力物体Q的重力G，处于平衡状态，所以与的合力与重力G是一对平衡力，且大小和方向都不变，根据平衡条件得

当挡板MN保持竖直缓慢向右移动时，增大，不变，可得和均增大：

A．MN对Q的弹力即挡板MN竖直缓慢向右移动时，力增大；故A错误；

B．物体P始终保持静止，说明所受合力为零，物体P在水平方向上仅受到地面的摩擦力和Q的在水平方向上的弹力。当挡板MN竖直缓慢向右移动时，物体Q对物体P的弹力增大，角度变大，水平分力变大，所以地面对物体P的摩擦力增大；故B错误；

C．挡板MN竖直缓慢向右移动时，力增大，所以P、Q间的弹力会增大；故C正确；

D．物体Q始终处于平衡状态；所受合力为零，大小不变，故D错误。

故选C。6、D【分析】【分析】

【详解】

书静止在墙壁上；受力平衡，他受到竖直向下的重力和竖直向上的静摩擦力，这是一对平衡力；水平向右的压力和水平向左的墙壁的支持力这也是一对平衡力。

故选D。7、A【分析】【详解】

设物块上滑和下滑的加速度大小分别为a1和a2，上滑和下滑的时间分别为t1和t2.物块上滑的位移为x。上滑过程的逆运动是初速度为零的匀加速运动，则有

下滑过程有

则得

根据牛顿第二定律得。

上滑有

下滑有

联立解得μ=0.6tanθ

故A正确；BCD错误。

故选A。8、B【分析】【分析】

速度时间图象的斜率表示加速度，根据图象求出t=0.4s和t=1.1s时的加速度；再根据牛顿第二定律求出单杠对该同学的作用力．根据加速度方向分析人的运动状态.

【详解】

A、根据速度图象的斜率表示加速度可知，t=0.5s时，他的加速度为0.3m/s2；选项A错误；

B、t=0.4s时他向上加速运动；加速度方向竖直向上，他处于超重状态，B正确；

C、t=1.1s时他的加速度为0；他受到的单杠的作用力刚好等于重力600N，C错误；

D、t=1.5s时他向上做减速运动；加速度方向向下，他处于失重状态，选项D错误；

故选B.

【点睛】

根据速度–时间图象斜率代表加速度的特点，可以计算t=0.5s时的加速度；根据加速度的方向，可以确定他的超、失重状态.二、多选题(共8题，共16分)9、A:B【分析】【分析】

【详解】

ABC．只有同一个物体受到的力才能合成；分别作用在不同物体上的力不能合成；合力是对原来几个分力的等效替代，两力可以是不同性质的力，但合力不是物体实际受到的力，只是分力按照效果合成的效果力，所以A；B正确，C错误；

D．合力随两分力间夹角的增大而减小；D错误．

故选AB。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

v­t图像的斜率表示加速度，由图像可知

故乙；丙两车的加速度大小相等；且比甲车的加速度大，所以乙、丙两车的加速性能相同，且比甲车的加速性能好。

故选BD。11、A:B:D【分析】【详解】

AB．从发现紧急情况到刹车停止，设反应时间为汽车以

的速度行驶，汽车行驶的距离为

所用总时间为

汽车制动时加速度a，根据运动规律

联立解得

故A正确；B正确；

CD．当汽车以

行驶时，前方有一辆自行车正以

的速度同向行驶，速度相同时

解得

则汽车和自行车的速度一时间图像如图。

两图线与坐标轴围成的面积差为

故汽车驾驶员发现自行车时两者相距超过50m才能避免相撞；故C错误，D正确。

故选ABD。12、B:D【分析】【详解】

CD．若汽车在第内运动恰好停止，利用逆向思维可以把汽车的运动看作初速度为零的匀加速直线运动，据相同时间的位移比可知，汽车在第内和第内的位移比为则第4s内的位移应该为3.43m，大于实际位移，所以汽车在第内即停止运动。设第内汽车运动时间为则在第内

在第1s内

汽车的初速度为

联立解得

C错误；D正确；

A．第1s末汽车的速度大小为

A错误；

B．第4s内汽车的平均速度大小为

B正确。

故选BD。13、A:D【分析】解：A、滑动摩擦力f=μFN求；故滑动摩擦力的大小于物体间的正压力大小成正比，故A正确；

B；由公式可知；滑动摩擦力与接触面的面积的大小无关，故B错误；

C；静摩擦力只能由力的平衡关系或牛顿第二定律求出；与正压力无关，故C错误；

D；最大静摩擦力的大小与正压力成正比；故随正压力的增大而增大，故D正确；

故选AD．

【点评】摩擦力为高中物理的难点之一，关键在于分清摩擦力有两类，要会求两种情况下的摩擦力的大小，并能分析摩擦力的方向．14、A:C【分析】【详解】

对铁牛受力分析，铁牛受到自身重力G，桥索对铁牛的拉力为铁柱对铁牛的作用力为三者共点力平衡。

AB．根据共点力平衡条件和三角形定律可得，若增大，也增大；A正确，B错误；

CD．与的合力与重力平衡；故合力方向竖直向上，C正确，D错误。

故选AC。

15、A:C【分析】【详解】

A．对物块B由牛顿第二定律得

解得

对长木板A由牛顿第二定律得

解得

A正确；

B．由匀变速直线运动规律得长木板A运动到挡板所用的时间满足

解得

此时物块B运动的位移为

长木板A沿斜面向上运动，由牛顿第二定律得

解得

由匀变速直线运动规律得

解得

物块B在长木板A上运动的时间为

B错误；

C．物块B在长木板A上运动产生的内能为

长木板A在斜面上运动产生的内能为

系统产生的内能为

C正确；

D．物块B从长木板A上滑下时，长木板A的速度为

由于

长木板A会沿斜面下滑；D错误。

故选AC。16、A:B:D【分析】【详解】

A．若斜面是光滑的，则物体在上滑和下滑的过程中所受合力为重力沿斜面向下的分力，大小方向均不变，由于上滑和下滑过程中的距离相同，由公式可知；上滑和下滑所用的时间相同，故A正确；

B．若斜面不光滑且物体上滑过程中所受的滑动摩擦力大于重力沿斜面向下的分力；则物体沿斜面上升到最高点后会静止在斜面上，故B正确；

CD．若斜面不光滑且物体在斜面上运动时所受的滑动摩擦力（即最大静摩擦力）小于重力沿斜面向下的分力；则物体在上升过程中由重力沿斜面向下的分力和沿斜面向下的滑动摩擦力充当合外力，而在下降过程中由重力沿斜面向下的分力和沿斜面向上的滑动摩擦力充当合外力，所以物体沿斜面下滑的加速度一定小于沿斜面上滑的加速度，故C错误，D正确。

故选ABD。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.小于②.竖直向下18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】跟接触面垂直沿着绳子而指向绳子收缩的方向19、略

【分析】【详解】

（1）[1]位移是由初位置指向末位置的有向线段，质点从A到B再到C的位移大小为由A指向C的线段的长度2m，方向由A指向C；与规定的正方向相反，所以位移为-2m。

[2]路程为运动轨迹的长度，质点从A到B再到C的路程为4m。

（2）[3]位移是由初位置指向末位置的有向线段，质点从B到D的位移为-4m。

[4]路程为运动轨迹的长度，质点从B到D的路程为4m。

（3）[5]D点位于坐标原点O负方向2m处，所以D点的位置坐标为-2m。

（4）[6]位移是由初位置指向末位置的有向线段，质点由A到D的位移为-3m。【解析】-2m4m-4m4m-2m-3m20、略

【分析】【分析】

【详解】

由题意；根据图示可知，物体的位置坐标如下表所示：

。坐标原点的设置。

抛出点的坐标。

落地点的坐标。

接球点的坐标。

以落地点为原点。

①-5m

②0

③-8m

以抛出点为原点。

④0

⑤5m

⑥-3m

【点睛】

此题考查了物体位置的表示方法以及位移问题；要知道坐标轴建立的位置不同，则物体的位置坐标是不同的．【解析】-5m；0；-8m；0；5m；-3m21、略

【分析】【详解】

左边起点读数为108.0mm，右侧边界读数为127.0mm，所以小球的直径为D=127.0mm-108.0mm=19.0mm【解析】19.022、略

【分析】【详解】

[1][2]根据牛顿第二定律：可知，物体在力F作用下作加速运动，当F逐渐减小时，物体的加速度减小，物体的速度增大，当F减小至零时；物体的加速度为0；此后物体的速度不再增大，速度达最大。

【点睛】

根据牛顿第二定律分析加速度的变化；当加速度的方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反时，做减速运动。【解析】减小增大23、略

【分析】试题分析：根据机械能的定义由最高点时的机械能求得质量；然后由图象机械能与高度的关系式根据匀变速运动规律由图象斜率求解加速度；在通过加速度应用牛顿第二定律求得动摩擦因数；然后根据做功情况由动能定理得到末动能．

物体上升到最高点时速度为零，动能为零，故机械能等于重力势能，所以有故

物体上升过程受力恒定，做匀减速直线运动，故有所以，所以由物体受力分析及牛顿第二定律可知：物体上升过程加速度故μ=0.5

物体上升、下滑过程只有重力、摩擦力做功，故由动能定理可得：所以，【解析】1kg0.5a="10"m/s210J四、作图题(共1题，共3分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

受力分析如图。

【解析】五、实验题(共4题，共24分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]为了控制两次拉橡皮条的过程中力的作用效果相同；需要两次橡皮条的一端拉到同一位置，故C正确。

（2）[2]用一个弹簧测力计拉橡皮条时；拉力的方向一定沿绳子的方向，如图乙中的竖直方向，根据力的平行四边形定则作出的合力，由于误差的存在，作图法得到的合力与实验值有一定的差别，即作图得出的合力方向与一个弹簧测力计拉时的拉力方向有一定的夹角，故乙同学的符合实验事实。

【点睛】

本实验要求在两次拉橡皮条的过程中力的作用效果要相同，即采用了“等效法”。注意通过平行四边形得到的合力与实验测得的之间存在误差，明确什么事实验测量值，什么是理论值。【解析】C乙26、略

【分析】【详解】

（1）[1]由于不放砝码时，打的纸带间隔相等，说明相同时间内小车位移相等，做匀速运动，已经平衡摩擦，此时外力为零，则放砝码时，滑块所受的合外力即为砝码重力，所以可得

（2）[2]由于两个计数点间有4个点，即有5段时间