2025年湘教版选修3物理下册月考试卷含答案

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A.匀强磁场的方向可能垂直于纸面向外B.小球一定带正电荷C.电场强度大小为D.磁感应强度的大小为2、.如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的是())

A.若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大B.若仅增大AB板间距离，则电容器所带电荷量不变C.若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D.若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变3、如图所示，上、下表面平行的玻璃砖置于空气中，一束复色光斜射到上表面，穿过玻璃后从下表面射出，分成a、b两束平行单色光。下列说法中正确的是（）

A.玻璃对b光的折射率较大B.在真空中a光的速度大于b光的速度C.a光光子能量大于b光光子能量D.如果b光是绿光，那么a光可能是红光4、据新华社报道，2018年5月9日凌晨，我国长征系列运载火箭，在太原卫星发射中心完或第274次发射任务，成功发射高分五号卫星，该卫星是世界上第一颗实现对大气和陆地综合观测的全谱段高光谱卫星。最初静止的运载火箭点火后喷出质量为M的气体后，质量为m的卫星含未脱离的火箭的速度大小为v，不计卫星受到的重力和空气阻力。则在上述过程中，卫星所受冲量大小为

A.MvB.C.D.mv5、不能用卢瑟福原子核式结构模型得出的结论是()A.原子中心有一个很小的原子核B.原子核是由质子和中子组成的C.原子质量几乎全部集中在原子核内D.原子的正电荷全部集中在原子核内评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、供电系统由于气候原因遭到严重破坏．为此，某小区启动了临时供电系统，它由备用发电机和副线圈匝数可调的变压器组成，如图所示，图中R0表示输电线的电阻．滑动触头P置于a处时；用户的用电器恰好正常工作，在下列情况下，要保证用电器仍能正常工作，则（）

A.当发电机输出的电压发生波动使V1示数小于正常值，用电器不变时，应使滑动触头P向上滑动B.当发电机输出的电压发生波动使V1示数小于正常值，用电器不变时，应使滑动触头P向下滑动C.如果V1示数保持正常值不变，那么当用电器增加时，滑动触头P应向上滑D.如果V1示数保持正常值不变，那么当用电器增加时，滑动触头P应向下滑7、下列说法正确的是______。A.当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大B.处于完全失重的水滴呈球形，是液体表面张力作用的结果C.一定质量的理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间分子平均动能一定相同E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间分子平均动能一定相同8、如图所示，一开口竖直向下导热良好的玻璃管用水银柱封闭一定质量的空气。水银柱长度为15cm，下端刚好与玻璃管溢出口平齐；被封闭的空气柱长度为30cm。此时周围环境温度为大气压强为现将玻璃管缓慢旋转至开口竖直向上（水银没溢出玻璃管），然后再加热至下列说法正确的是（）

A.玻璃管刚好旋转至开口向上时管内空气柱长度为20cmB.玻璃管刚好旋转至开口向上时管内空气柱长度为25cmC.将玻璃管加热至时空气柱长度为33.6cmD.将玻璃管加热至时空气柱长度为36cm9、下列说法正确的是（）A.只要减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低B.在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零C.由于液体表面层分子间距距离大于液体内部分子间距离，所以存在浸润现象D.夏季天旱时，给庄稼松土是为了破坏土壤中的毛细管，防止水分蒸发10、一定质量的理想气体从状态A开始经状态B、C、D又变化回A状态，其状态变化过程的图象如图所示，已知该气体在状态A时的压强为Pa；下列说法正确的是（）

A.状态A的压强大于状态B的压强B.B到C过程中，气体分子的速率分布曲线一定发生变化C.C到D过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多D.D到A过程中，气体吸收热量大于120J11、下列说法中正确的是____A.布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规则运动，证明了悬浮微粒分子的无规则运动B.一定质量的100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子之间的势能增加C.物体吸收热量，同时对外做功，其内能可能增加E.理想气体是一种理想化模型，在任何温度、任何压强下，理想气体都遵循气体实验定律E.理想气体是一种理想化模型，在任何温度、任何压强下，理想气体都遵循气体实验定律12、关于热学知识的下列叙述中正确的是（）A.布朗运动可以反映液体分子在做无规则的热运动B.将大颗粒的盐磨成细盐，就变成了非晶体C.只要不违反能量守恒定律的机器都是可以制造出来的E.某气体的摩尔体积为V，每个气体分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数NA<E.某气体的摩尔体积为V，每个气体分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数NA<13、下列说法中正确的是()A.某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数可表示为NA=V/V0B.已知阿伏加德罗常数、气体摩尔质量和密度，可以求出分子间距离C.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，把油膜视为单分子层油膜时，需要考虑分子间隙D.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，会使分子直径计算结果偏大14、一列简谐横波沿x轴传播,t=0时的波形如图所示,质点A与质点B相距2m,质点A的速度沿y轴正方向:t=0.01s时,质点A第一次到达正向最大位移处,由此可知；

A.此波的传播速度为100m/sB.此波沿x轴负方向传播C.此波沿x轴正方同传播E.在t=0.02s时,质点B处在平衡位置,速度沿y轴正方向E.在t=0.02s时,质点B处在平衡位置,速度沿y轴正方向评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示的光电管实验中，当用波长3.0×10-7m的光照射在阴极K上时，电流表有示数，调节滑动变阻器，当电压表读数为3.0V时，电流表读数恰好为零；改用波长为1.5×10-7m的光照射在阴极K上时，调节滑动变阻器，当电压表读数为7.1V时，电流表读数也恰好为零．由此可得普朗克常量为__J·s，该阴极的逸出功为__J。已知电子电量为1.6×10-19C，光速c为3×108m/s；结果保留两位有效数字．

16、如图所示，体积相同的玻璃瓶分别装满温度为60℃的热水和0℃的冷水，两瓶水通过__________方式改变内能。已知水的相对分子质量是若瓶中水的质量为水的密度为阿伏伽德罗常数则瓶中水分子个数约为__________个（保留两位有效数字）

17、如图是一定质量理想气体的图像，气体从图中A状态变到状态，设A，状态的体积分别为内能分别为由图可知______________________（填“”“”或“”）。从到气体___________热量（填“吸收”或“放出”）。

18、如图是一定质量的理想气体的压强与热力学温度的图，是理想气体的三个状态，其中平行于坐标轴平行于坐标轴则从到过程中气体的分子平均动能_________（填“变大”、“变小”或“不变”），从到的过程________（填“可能”或“不可能”）为绝热过程，从到的过程中气体的密度______（填“变大”；“变小”或“不变”）

19、下列说法正确的是__________．20、下图是等离子体发电机示意图，平行金属板间匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，两板间距离为0.2m，要使输出电压为220V，则等离子体垂直射入磁场的速度v0=________m/s，a是发电机的________极。(发电机内阻不计)21、如图所示，一弹簧振子在M、N间沿光滑水平杆做简谐运动，坐标原点O为平衡位置，MN=4cm．从小球图中N点时开始计时，到第一次经过O点的时间为0.1s，则小球振动的周期为______s，振动方程的表达式为x=______cm；．

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共16分)25、为了描绘小灯泡的伏安特性曲线；提供以下实验器材：

小灯泡L(额定电压3.8V；额定电流0.32A)

电压表V(量程3V；内阻3kΩ)

电流表A(量程0.5A；内阻约0.5Ω)

电阻箱R0(0～9999.9Ω)

滑动变阻器R1(阻值0～5Ω；2A)

滑动变阻器R2(阻值0～200Ω；1A)

学生电源E(电动势4V；内阻不计)

开关S及导线若干．

（1）关于控制电路中滑动变阻器的连接方法，应选择_______

A.分压式连接B.限流式连接。

（2）为了减小系统误差，关于测量电路中电压表和电流表的连接方式，应选择________

A.安培表内接法B.安培表外接法。

（3）实验提供的电压表量程小于小灯泡的额定电压，需要把电压表的量程扩大到4伏，改装电压表时，应将电阻箱阻值调至_________Ω，并与题中所给电压表___________.(选填“串联”或“并联”)

（4）请在方框中画出该实验的电路图______．

（5）为操作方便，实验中滑动变阻器应选择_______(选填R1或R2)．你的选择理由是___________.

（6）实验中得到小灯泡的伏安特性曲线曲线如下图（a）所示，由实验曲线可知，随着电压的增加小灯泡的电阻______(填“增大”“不变”或“减小”)

（7）现将与题中完全相同的两个小灯泡与另一电源E0(电动势4V，内阻1．0Ω)和一阻值为9Ω的定值电阻连接成如图（b）所示电路．此电路中每个小灯泡的两端的实际电压为_________V（结果保留两位有效数字）．26、用伏安法测量电阻R的阻值，并求出电阻率ρ.给定电压表(内阻约为50kΩ)、电流表(内阻约为40Ω)、滑动变阻器、电源、电键、待测电阻R(约为250Ω)及导线若干．

(1)画出测量R的电路图____________．

(2)上图中的6个点表示实验中测得的6组电流I、电压U的值，试写出根据此图求R值的步骤：

________________________________________________________________________

________________________________________________________________________；

求出的电阻值R＝__________(保留3位有效数字)．

(3)待测电阻是一均匀材料制成的圆柱体，用游标为50分度的卡尺测量其长度与直径，结果分别如图甲、图乙所示，由图可知其长度为__________，直径为________．

(4)由以上数据可以求出ρ＝________(保留一位有效数字)．评卷人得分六、解答题(共3题，共6分)27、开口玻璃瓶内装有理想气体，当温度由升高到时，瓶内失去的气体质量为认为大气压强为不变，求瓶内原有的气体质量？28、如图所示，向一个空的铝饮料罐（即易拉罐）中插入一根透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱（长度可以忽略），如果不计大气压的变化，这就是一个简易的气温计．已知铝罐的容积是360cm3,吸管内部粗细均匀，横截面积为0.2cm2，吸管的有效长度为20cm，当温度为25℃时，油柱离管口10cm．如果需要下列计算，可取相应的近似值：360298362296.4364298362299.6

（1）吸管上标刻度值时；刻度是否均匀？说明理由；(系数可用分数表示)

（2）计算这个气温计的测量范围(结果保留一位小数，用摄氏温度表示．）29、如图所示，空间存在着方向竖直向上的匀强电场和方向垂直于纸面向内、磁感应强度大小为B的匀强磁场，带电荷量为+q、质量为m的小球Q静置在光滑绝缘的水平高台边缘，另一质量为m、不带电的绝缘小球P以水平初速度v0向Q运动，两小球P、Q可视为质点，正碰过程中没有机械能损失且电荷量不发生转移．已知匀强电场的电场强度水平台面距地面高度重力加速度为g；不计空气阻力．

（1）求P、Q两球首次发生弹性碰撞后小球Q的速度大小；

（2）P、Q两球首次发生弹性碰撞后，经过多少时间小球P落地？落地点与平台边缘间的水平距离多大？

（3）若撤去匀强电场，并将小球Q重新放在平台边缘、小球P仍以水平初速度向Q运动，小球Q的运动轨迹如图2所示（平台足够高，小球Q不与地面相撞）．求小球Q在运动过程中的最大速度和第一次下降的最大距离H。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

本题主要考查受力分析；带电体在复合场中的运动；意在考查考生的分析推理能力．

【详解】

B：小球做匀速直线运动；受到的合力为零，假设小球带正电，则小球的受力情况如图1所示，小球受到的洛伦兹力沿虚线但方向未知；小球受到的重力；电场力的合力与洛伦兹力不可能平衡，小球不可能做匀速直线运动，假设不成立，小球带负电．故B项错误．

A：小球带负电的受力情况如图2所示．小球受到的洛伦兹力一定斜向右上方；根据左手定则，匀强磁场的方向一定垂直于纸面向里．故A项错误．

CD：由于电场力与洛伦兹力反方向、重力与洛伦兹力反方向的夹角均为30°，据几何关系可得：解得：．故C项正确，D项错误．2、D【分析】【详解】

滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变．故A错误．若仅增大A、B板间距离，电容减小，板间电压不变，则由电容的定义式C=分析可知电容器所带电荷量减少，故B错误．若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和R3的电压均增大，U以及电容器板间电压均减小，电容不变，由电容的定义式C=分析可知电容器所带电荷量减少．故C错误．若仅用更强的光照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir可得：不变，故D正确．故选D．

【点睛】

解决本题的关键电路稳定时R3相当于导线，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，再利用闭合电路欧姆定律进行动态分析．对于电容的动态分析，应根据电容的决定式和电容的定义式C=结合进行分析．3、C【分析】【分析】

【详解】

AC．由图可知，玻璃对a光的折射率较大，则a光的频率大于b光的频率；由。

可知a光光子能量大于b光光子能量；故C正确，A错误；

BD．在真空中；光速都相等，由公式。

可知a光的波长小于b光的波长，则如果b光是绿光，那么a光不可能是红光；故BD错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

喷出气体过程中卫星的重力和空气阻力可忽略不计，可知在火箭发射的过程中卫星受到气体对卫星的冲量等于卫星动量的变化，则：故ABC错误，D正确；故选D。

【点睛】

本题考查了动量守恒定律的应用，考查了求导弹的速度问题，知道发射过程系统动量守恒是解题的前提，应用动量守恒定律可以解题。5、B【分析】【详解】

试题分析：正确理解卢瑟福的原子核式结构模型：在原子的中心有一个很小的核；叫原子核，原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里，带负电的电子在核外空间里绕着核旋转．

解：当α粒子穿过原子时；电子对α粒子影响很小，影响α粒子运动的主要是原子核，离核远则α粒子受到的库仑斥力很小，运动方向改变小．只有当α粒子与核十分接近时，才会受到很大库仑斥力，而原子核很小，所以α粒子接近它的机会就很少，所以只有极少数大角度的偏转，而绝大多数基本按直线方向前进，因此为了解释α粒子散射实验，卢瑟福提出了原子核式结构模型：在原子的中心有一个很小的核，叫原子核，原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里，但不能得到原子核内的组成，故B不能用卢瑟福原子核式结构模型得出的结论，ACD可以．

本题选择不能用卢瑟福原子核式结构模型得出的结论的；故选B．

点评：本题比较简单考查了卢瑟福的原子核式结构模型，要了解该模型提出的历史背景，知道该模型的具体内容．二、多选题(共9题，共18分)6、A:C【分析】要保证用电器仍能正常工作，用电器两端电压不能发生变化，当V1示数小于正常值，要使V2不变，则应使滑动触头P向上滑动，减小原副线圈匝数比，故A正确，B错误；当用电器增加时，通过R0的电流增大，R0所占的电压也增大，要使用电器仍能正常工作，用电器两端电压不能发生变化，所以V2要变大，而V1示数保持正常值不变；则应使滑动触头P向上滑动，减小原副线圈匝数比，故C正确，D错误；故选AC.

点睛：分析变压器时注意输出电压和输入功率这两个物理量的决定关系，然后结合电阻的串并联知识进行求解.7、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．当人们感到潮湿时；空气的相对湿度一定较大，空气的绝对湿度不一定大，故A错误；

B．处于完全失重的水滴呈球形；是液体表面张力作用的结果，故B正确；

C．一定质量的理想气体在等压膨胀过程中，根据理想气体状态方程可知；温度升高，则内能一定增加，故C正确；

D．单晶体一定有规则的几何形状；形状不规则的金属是多晶体，故D错误；

E．根据热力学第零定律；如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间必定处于热平衡，温度相同，分子平均动能一定相同，故E正确。

故选BCE。8、A:D【分析】【详解】

AB．设玻璃管横截面积为则倒置时管内气体压强为由平衡条件可知

解得

管内气柱体积为

将玻璃管缓慢倒置过来，稳定后管内气体压强为由平衡条件得

解得

设此时管内气体气柱长度为则

根据玻意耳定律可得

解得

故A正确；B错误；

CD．假设加热过程中，水银未溢出。将玻璃管加热至的过程中管内气体为等压变换，玻璃管气柱高度为则

由盖—吕萨克定律得

由单位换算

解得

故有部分水银溢出；此种结果不符合题意，需要舍弃。

设水银溢出后，水银柱高度为则

设温度加热到时，水银柱上端正好与溢出口平齐且不溢出，则由盖—吕萨克定律得

解得

水银柱上端正好与溢出口平齐后再继续加热到则

联立以上方程，解得

则空气柱长度为

故C错误；D正确。

故选AD。9、A:D【分析】【详解】

A．温度就是量度分子运动剧烈程度的物理量；分子运动越剧烈温度越高，反之亦然，故A正确；

B．在完全失重情况下；气体分子也在撞击容器壁，所以依然存在压强，故B错误；

C．液体表层分子间距大于液体内部分子间距时，液体表面有表面张力；而浸润现象是器壁分子对附着层分子作用力大于内层子分子对附着层分子力，导致附着层分子增多，分子间距小于R0体现出斥力；故C错误；

D．干旱的时候；土壤中存在毛细管，加速土壤水分蒸发；给土壤松土后破坏了毛细管，减弱了毛细现象，从而防止土壤内层的水分蒸发，故D正确。

故选AD。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据理想气体状态方程A到B的过程中，体积不变，温度升高，压强增大，状态A的压强小于状态B的压强，故A错误；

B．B到C过程中；温度降低，气体分子平均动能减小，气体分子的速率分布曲线一定发生变化，故B正确；

C．C到D过程中；体积不变，分子数密度不变，温度降低，分子平均动能（速率）减小，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减小，故C错误；

D．理想气体从D到A的过程为等压变化；外界对气体做功。

温度升高，△U＞0，根据热力学第一定律W+Q=△U知，气体吸热Q＞120J；故D正确。

故选BD。11、B:C:E【分析】【详解】

A．布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规则运动；反映了液体或气体分子的无规则运动，故选项A错误；

B．一定质量100℃的水变成100℃的水蒸气；物体分子平均动能不变，而物体要吸热，所以其分子势能增加，故选项B正确；

C．物体吸收热量Q>0，同时对外做功W<0，W+Q可正；可负；所以内能可能增加，故选项C正确；

D．食盐是晶体；晶体具有各向异性的特点，故选项D错误；

E．由理想气体的定义可知；理想气体是一种理想化模型，在任何温度；任何压强下，理想气体都遵循气体实验定律，故选项E正确。

故选BCE.12、A:D:E【分析】【详解】

A．布朗运动是固体小颗粒的运动；间接反映了液体分子在做无规则的热运动，A正确；

B．将大颗粒的盐磨成细盐；不改变固体的微观结构，所以细盐仍为晶体，B错误；

C．第二类永动机不违背能量守恒定律；但违背热力学第二定律，不可能造出，C错误；

D．绝热条件下，根据热力学第一定律可知

压缩气体；外界对气体做功，气体内能一定增加，D正确；

E．对于气体分子而言，气体分子占据的体积大于气体分子实际的体积则

E正确。

故选ADE。13、B:D【分析】【详解】

某气体的摩尔体积为V，每个气体分子运动占据的空间的体积为V0，则阿伏加德罗常数可表示为NA=V/V0，选项A错误；由气体摩尔质量除以密度可求解摩尔体积，再除以阿伏加德罗常数可求解一个气体分子运动占据的空间的体积，把分子占据的空间看做正方体，可求解正方体的边长即为分子间的平均距离，选项B正确；在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，把油膜视为单分子层油膜时，认为分子一个一个紧密排列，不考虑分子间隙，选项C错误；在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，分子直径为若将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，会使分子直径计算结果偏大，选项D正确；故选BD.14、A:B:E【分析】【详解】

A、由题可知则波速故选项A正确；

BC；A点速度沿y轴正方向；则波沿x轴负方向传播，故选项B正确，C错误；

D；简谐横波沿x轴传播；质点A沿波传播方向并不迁移，故选项D错误；

E、在时，质点B处在平衡位置，速度沿y轴正方向，故选项E正确；三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【详解】

[1][2]光电流恰好为零，表明光电子的最大初动能为

根据光电效应方程，用波长的光子照射光电管，当光电管上反向电压达3V时有

波长1.5×10-7m的光照，当电压表读数为7.1V时，灵敏电流表读数为零；则有

代入数据可解得【解析】16、略

【分析】【详解】

[1]若把A；B两只玻璃瓶并靠在一起；则A、B瓶内水的内能都将发生改变，这种改变内能的方式叫热传递。

[2]根据题意，由公式可得，瓶中水的体积为

一个水分子的体积为

瓶中水分子个数约为

联立代入数据解得个【解析】热传递17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]从图像可以看出为等容变化，所以=

[2]一定质量的理想气体内能只与温度有关所以＜

[3]从状态A到状态B体积不变，内能增加，所以应该为吸收热量。【解析】=＜吸收18、略

【分析】【详解】

[1]气体的分子平均动能和温度有关，温度越高气体的分子平均动能越大。从到过程中；温度降低，所以气体的分子平均动能变小。

[2]从到的过程压强不变；温度升高，则内能增加，同时体积增大，气体膨胀对外做功，因此气体要吸热，不可能为绝热过程。

[3]从到的过程中温度不变，压强降低，可知体积增大，则气体的密度变小。【解析】变小不可能变小19、B:C:D【分析】【详解】

A．将大颗粒的粗盐磨成细盐；细盐仍然是晶体，A错误；

B．两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中；分子间表现出先斥力后引力，故分子力先做正功，后做负功，它们的分子势能先减小后增大，B正确；

C．空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水平的饱和蒸气压的比值；C正确；

D．给自行车打气，越打越困难主要是因为胎内气体压强增大，与分子间的斥力无关，因为分子斥力起作用的距离D正确；

E．第二类永动机违反了热力学第二定律；因为内能在转化为机械能的过程中要生热，所以要引起其它变化，E错误。

故选BCD。20、略

【分析】【详解】

根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，所以上板带正电，即a是电源的正极．两板上有电荷，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，有：qvB=q所以：．

【点睛】

解决本题的关键掌握等离子体进入磁场受到洛伦兹力发生偏转，根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡．【解析】2200正21、略

【分析】【详解】

如图，从正向最大位移处开始计时，振动方程的表达式为为：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

据题可得：T=4×0.1s=0.4s，则ω==5πrad/s

则振动方程的表达式为为：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt四、作图题(共3题，共18分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共16分)25、略

【分析】【详解】

（1）因要得到从零开始连续可调的多组电压；则控制电路中滑动变阻器的连接方法，应选择分压式连接，故选A.

（2）小灯泡的电阻则为了减小系统误差，关于测量电路中电压表和电流表的连接方式，应选择安培表外接法，故选B.

（3）电压表的量程为3V，内阻为3kΩ，则要把电压表的量程扩大到4伏，改装电压表时，应将电阻箱阻值调至并与题中所给电压表串联.

（4）实验的电路图：

（5）为操作方便，实验中滑动变阻器应选择阻值较小的R1．选择理由是：选择R1时；移动滑片，小灯泡两端的电压示数变化比较均匀（线性关系较好）.

（6）由实验曲线可知，随着电压的增加I-