2025年人教新课标必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新课标必修3物理下册月考试卷939考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、中国是全球最大的家用电器生产和消费国。家用电器拥有量的迅速增长带来了巨大的能源消耗；同时也加重了对环境的污染。因此，我国通过制定和实施能效标准；推广能效标识制度来提高用能产品的能源效率，促进节能减排，减少对环境的污染。图是某型号空调的能效标识。其中，能效等级是依据能效比来划分的，目前中国的能效等级根据能效比由高到低依次分为1、2、3三个等级。能效比是指空调在额定工作条件下制冷时，制冷量与输入功率之比。制冷量是指空调制冷时，单位时间内从密闭空间内去除的热量总和。若空调在额定工作条件下制冷，根据以上资料可以判断，下列说法中正确的是（）

A.在制冷量相同的情况下，能效比大的空调输入功率大B.在能效比相等的情况下，制冷量大的空调输入功率小C.在输入功率相同的情况下，能效比大的空调制冷量大D.在输入功率相同的情况下，制冷量大的空调能效比小2、如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心，∠MOP=60°，在M、N处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，这时O点的磁感应强度大小为B1，若将N处的长直导线移至P处，则O点的磁感应强度大小变为B2，则B2与B1之比为。

A.1∶1B.∶1C.1∶2.D.3∶23、新型冠状病毒在显微镜下的形状如图所示；其大小在纳米（nm）的数量级，普通防尘口罩已不能有效阻止该病毒的传播。根据我们所学内容，下列选项中的单位均为基本单位的是（）

A.g、cm、sB.kg、nm、NC.m/s、km、sD.Ω、N、J4、如图所示，真空中xOy坐标系平面内有以O为圆心的两个同心圆，分别与坐标轴交于a、b、c、d和e、f、g、h；在a、c两点固定两个正点电荷，b、d两点固定两个负点电荷；且四个点电荷所带电荷量相等。下列说法正确的是（）

A.g、f两点的电场强度相同B.e、h两点的电场强度相同C.将质子从O移到f电场力做负功D.将电子从O移到e电场力做正功5、在物理学的研究中用到的思想方法很多；下列有关各图的说法中正确的是()

A.①③采用的是放大的思想方法B.②④⑤采用的是控制变量的思想方法C.④⑤采用的是猜想的思想方法D.①③⑤采用的是放大的思想方法6、如图甲，高大建筑物上通常都装有避雷针，雷雨天气时避雷针发生尖端放电现象，中和空气中的电荷，达到避免雷击的目的。图乙所示是某次避雷针放电时的电场线分布，电场线关于直线ac对称，且以下说法正确的是（）

A.B.接近建筑物的雷雨云带负电C.电子在c点的加速度大于在a点的加速度D.将质子从图中d点由静止释放，质子可能沿电场线运动7、下列关于场强和电势的叙述正确的是（）A.在匀强电场中，场强处处相同，电势也处处相等B.在正点电荷形成的电场中，离点电荷越远，电势越高，场强越小C.等量异种点电荷形成的电场中，两电荷连线中点的电势为零，场强不为零D.在任何电场中，场强越大的地方，电势也越高8、如图甲所示，电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，A为理想电流表，R1、R2为可变电阻，R3为定值电阻，R4为光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照射的强弱而改变．“光强”是表示光的强弱程度的物理量，照射光越强，光强越大，光强符号用I表示，国际单位为坎德拉(cd)．实验测得光敏电阻的阻值R4与光强I间的关系如图乙所示；当电路发生变化时，下列说法正确的是()

A.当光照增强时，电容器所带电荷量减小B.当光照增强时，电源的输出功率减小C.若R2的阻值减小，电流表的示数减小D.若R1的阻值减小，R3消耗的功率减小9、中国宋代科学家沈括在公元1086年写的梦溪笔淡中最早记载了“方家（术士）以磁石磨针锋；则能指南，然常微偏东，不全南也”。进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布如图所示，结合上述材料，下列说法正确的是（）

A.在地磁场的作用下小磁针静止时指南的磁极叫北极，指北的磁极叫南极B.对垂直射向地球表面宇宙射线中的高能带电粒子，在南、北极所受阻挡作用最弱，赤道附近最强C.形成地磁场的原因可能是带正电的地球自转引起的D.由于地磁场的影响，在奥斯特发现电流磁效应的实验中，通电导线应相对水平地面竖直放置评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、和表示，电表示数变化量的绝对值分别用和表示，下列说法正确的是

A.变小，变大，变小，I变大B.变大，变小，变大，I变大C.不变，变小，变小D.不变，不变，不变11、M、N是一对水平放置的平行板电容器，将它与一电动势为E，内阻为r的电源组成如图所示的电路；R是并联在电容器上的滑动变阻器，G是灵敏电流计，在电容器的两极板间有一带电的油滴处于悬浮状态，如图，下列说法正确的是。

A.打开S后，使两极板靠近，则微粒将向上运动B.打开S后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止C.保持开关S闭合，将滑动变阻器的滑片向上滑动，灵敏电流计中有从a向b的电流D.保持开关S闭合，将滑动变阻器的滑片向上滑动，灵敏电流计中有从b向a的电流12、如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接地,静电计所带电荷量很少,可被忽略。一带负电油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离,则下列说法中正确的是（）

A.平行板电容器的电容值将变小B.静电计指针张角变小C.带电油滴的电势能将减少D.若先将上极板与电源正极的导线断开,再将下极板向下移动一小段距离,则带电油滴所受电场力不变13、如图所示，带电小球A、B的电荷分别为QA、QB，OA＝OB，都用长L的丝线悬挂在O点。静止时A、B相距为d。为使平衡时A、B间距离减为可采用以下哪些方法（）

A.将小球B的质量都增大到原来的2倍B.将小球B的质量增大到原来的8倍C.将小球B的电荷量都减小到原来的一半D.将小球B的电荷量都减小到原来的一半，同时将小球B的质量增大到原来的2倍14、如下图所示，在光滑绝缘水平面上，有两个质量相等、带有同种电荷的小球A和B，它们所带电荷量不相等，彼此相隔一定距离．现在给A球一个沿A、B球心连线水平向右的初速度v0，同时将B球由静止释放．若在此后的运动中两小球始终未相碰；则两小球在运动过程中（）

A.任一时刻加速度的大小一定不相等B.任一时刻加速度的大小一定相等C.相距最近时，它们的速度相等D.相距最近时，它们的速度不相等15、某平面区域电场线呈上下、左右对称分布，如图所示，已知M、N为区域中上；下对称的两点；根据以上条件，下列判断正确的是（）

A.M点电场强度与N点电场强度相同B.正电荷在该电场中受到的最大电场力向右C.将正电荷从M点沿虚线移动到N点，电场力做正功D.将一不计重力的带电粒子在电场中某点静止释放，粒子可能沿电场线运动16、如图所示，a、b、c、d为匀强电场中的等势面，一个质量为m，电荷量为q的带正电的粒子在A点以大小为v1的速度射入电场，沿如图轨迹到达B点时速度大小为v2，且速度与等势面平行，A、B连线长为L，连线与等势面间的夹角为θ，不计粒子受到的重力，则（）

A.v1大于v2B.等势面b的电势比等势面c的电势高C.粒子从A运动到B所用时间为D.匀强电场的电场强度大小为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、特点：温度升高时，热辐射中波长较______的成分越来越强。18、如图所示的平面内固定两个带电量为的异种点电荷，它们之间距离为以其连线中点为圆心，以为半径画圆，为圆周上有三点，点在两点电荷连线的中垂线上，两点连线恰好过点，则两点的电场强度_____（填“相同”或“不同”），点电势______（填“大于”“等于”或“小于”）点电势；已知静电力常数为则点电场强度大小为_______。

19、如图所示虚线为电场中的一簇等势面，两等势面间的电势差为10且的电势高于的电势，相邻两等势面电势差相等，一个电子在电场中通过的轨迹如图中实线所示，电子过点的动能为8它经过点时的动能为________电子在点的电势能比在点的电势能________．

20、如图所示直线a为某电源的路端电压随电流的变化图线，直线b为电阻R两端的电压随电流的变化图线，用该电源和该电阻组成的闭合电路，电源的输出功率为___________W，内阻为___________Ω。

21、绕在同一铁芯上的线圈Ⅰ；Ⅱ按图所示方法连接；判断在以下各情况中，线圈Ⅱ中是否有感应电流产生．

①闭合电健K的瞬时___________________．

②保持电键K闭合的时候________________________．

③断开电键K的瞬时_______________________．

④电键K闭合将变阻器R0的滑动端向左滑动时：_________．（以上各空均填“有”或“无”）评卷人得分四、作图题(共1题，共3分)22、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共1题，共2分)23、某同学测量阻值约为25kΩ的电阻Rx；现备有下列器材：

A．电流表（量程为100μA；内阻约为2kΩ）

B．电流表（量程为500μA；内阻约为300Ω）

C．电压表（量程为15V；内阻约为100kΩ）

D．电压表（量程为50V；内阻约为500kΩ）

E．直流电源（20V；允许通过的最大电流为1A）

F．滑动变阻器（最大阻值为1kΩ；额定功率为1W）

G．开关和导线若干。

（1）电流表应选________，电压表应选________。（选填字母代号）

（2）为保证实验顺利进行，并使测量误差尽量减小，请你在图甲所示的方框中给该同学设计出实验电路图________，并用笔画线代替导线，连接图乙电路。________评卷人得分六、解答题(共1题，共9分)24、如图所示，平面直角坐标系xOy，x轴沿水平方向，y轴沿竖直方向，O为坐标原点，分别为坐标平面内的四个点，其中整个区域内存在平行于xOy平面但方向未知的匀强电场（未画出）。A点有一个发射装置能向竖直面内的任意方向分别发射质量为电荷量为C、速率为的带电小球（可看作质点）。小球甲从A点射出后通过B点时速率为小球乙从A点射出后通过C点时的速率为小球丙从A点射出后恰好从固定圆轨道上的缺口D处沿切线射入圆内，圆心与D点连线与x轴正方向的夹角为不计小球间的相互作用，带电小球在运动过程中电量保持不变，不计阻力。求：

（1）若取A点的电势为0，则B、C两点的电势是多少；

（2）匀强电场电场强度的大小和方向；

（3）小球丙从D点切线射入后，缺口自动闭合成一完整的光滑绝缘圆形轨道，要使小球不脱离轨道，则圆轨道的半径R的范围是多少？

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．在制冷量相同的情况下；能效比大的空调输入功率小，故A错误；

B．在能效比相等的情况下；制冷量大的空调输入功率大，故B错误；

C．在输入功率相同的情况下；能效比大的空调制冷量大，故C正确；

D．在输入功率相同的情况下；制冷量大的空调能效比大，故D错误。

故选C。2、C【分析】【分析】

由磁场的叠加可知每根导线在O点产生的磁感强度大小；移动之后距O点的距离不变，故磁感强度大小不变，则由矢量合成的方向可得出移动之后的合磁感强度；即可求得比值．

【详解】

依题意，每根导线在O点产生的磁感强度为方向竖直向下，则当N移至P点时，O点合磁感强度大小为：则B2与B1之比为1：2；故ABD错误，C正确．故选C．

【点睛】

磁感强度为矢量，在求合磁感强度时应先分别求得各导线O点的磁感强度再由矢量的合成方法-平行四边形求得总的磁感强度．3、A【分析】【详解】

国际计量大会规定了七个基本物理量；分别为长度；质量、时间、热力学温度、电流、发光强度、物质的量，它们的单位均为基本单位，而由物理量之间的关系式推导出来的单位叫做导出单位。

故选A。4、D【分析】【详解】

A．根据电场叠加原理可知，两个正电荷在f点的合场强方向沿y轴负方向，两个负电荷在f点合场强沿y轴负方向，所以合场强方向沿y轴负方向，同理可得在g点合场强方向沿y轴正方向；因此场强方向相反，A错误；

B．根据电场叠加原理可知，e、h两点的电场强度大小相同；方向相反。B错误；

C．因为

将质子从O移到f电场力做功

将质子从O移到f电场力做正功。C错误；

D．因为

将电子从O移到e电场力做功

将电子从O移到e电场力做正功。D正确。

故选D。5、A【分析】【分析】

【详解】

图①采用光放射的方法显示微小形变；图②采用控制变量法研究加速度与力；质量的关系；图③采用扭秤装置放大静电力的作用效果；图④采用控制变量法研究静电力大小与距离和电荷量的关系；图⑤采用等效替代法研究力的合成与分解；故A正确；BCD错误。

故选A。6、A【分析】【详解】

A．电场线的疏密程度表示场强的大小，由图可知ab段的平均电场强度要大于bc段的电场强度，根据U=Ed

可得

因为所以

故A正确；

B．由图乙可知避雷针带负电；避雷针带电是由于带电的雷雨云靠近避雷针发生静电感应现象产生的，因此可推知此时接近建筑物的雷雨云带正电，故B错误；

C．电场线的疏密程度表示场强的大小，可知a点的场强大于c点的场强，所以电子在c点所受电场力小于在a点所受电场力，则电子在c点的加速度小于在a点的加速度；故C错误；

D．由于d点所在的电场线是曲线，所以只在电场力作用下，由d点静止释放的质子不可能沿电场线运动；故D错误。

故选A。7、C【分析】【分析】

【详解】

A.在匀强电场中；沿着电场线的方向电势逐点降低，A错误；

B.在正点电荷形成的电场中；离点电荷越远，电势越低，场强越小，B错误；

C.等量异种点电荷形成的电场中；两电荷连线中点的电势为零，场强不为零，C正确；

D.在任何电场中；场强越大的地方，电势不一定高，因为电势与场强无关，D错误。

故选C。8、C【分析】【详解】

A.由图知电阻与光强成反比，故随光强的增大电阻减小，所以当光照增强时，R4减小，总电阻减小，总电流增大，并联部分的电阻不变，所以电压增大，所以电容器两端的电压增大，根据Q=UC可知；电量增大，故A错误；

B.当外电路电阻等于内阻时；电源的输出功率最大，由于不知道外电路电阻与内阻的关系，所以无法判断电源的输出功率的变化，故B错误；

C.若R2的阻值减小，则总电阻减小，总电流增大，并联部分的电压减小，通过电流表A的电流减小；故C正确；

D.R1与电容器串联，相当于断路，其变化不影响电路变化，故D错误。9、B【分析】【分析】

【详解】

A．根据磁极间的相互作用可知；在地面上放置一个小磁针，静止时小磁针的南极指向地磁场的北极，故A错误；

B．地球上赤道附近磁场的方向与地面几乎平行；越往两极磁场的方向与地面之间的夹角越大，所以对垂直射向地球表面宇宙射线中的高能带电粒子，在南；北极所受阻挡作用最弱，赤道附近最强，故B正确；

C．地球磁场的N极在地球的地理南极附近；由安培定则可知，形成地磁场的原因可能是带负电的地球自转引起的，故C错误；

D．由于地磁场的影响；在奥斯特发现电流磁效应的实验中，通电导线应相对水平地面水平放置，且导线的方向沿南北方向，故D错误。

故选：B。二、多选题(共7题，共14分)10、C:D【分析】【详解】

AB.闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，滑动变阻器的电阻R2减小，由于和串联，则总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律得总电流为：

则总电流增大，由路端电压公式：

知，减小，由欧姆定律知电阻两端的电压为：

则增大，由串并联关系知

则减小；故AB错误；

CD.因不变，则由欧姆定律可得，

保持不变，由数学规律可知，也保持不变，因滑片向上移动，故的接入电阻减小，故变小，而

故保持不变，因

故比值减小，而

故比值保持不变；故CD正确；

故选CD；11、B:C【分析】【详解】

AB、打开S之前，由于带电的油滴处于悬浮状态，则有打开S后，电容器的两极板所带电量保持不变，根据可得使两极板靠近，电容器的两极板间的电场强度不变，所以带电的油滴仍保持静止，故选项B正确，A错误；

CD、电容器两极板间的电压当将滑动变阻器的滑片向上滑动时，增大，增大，电容器的电量增加，处于充电状态，灵敏电流计中有电流，由于电容器上板带正电，则灵敏电流计中有从向的电流，故选项C正确，D错误．12、A:C:D【分析】【详解】

A．根据知，d增大；则电容减小，故A正确；

B．静电计测量的是电容器两端的电势差；因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变，故B错误；

C．电势差不变，d增大，则电场强度减小，故P点与上极板的电势差减小，则P点的电势升高；因油滴带负电，可知带电油滴的电势能将减小，故C正确；

D．电容器与电源断开，则电荷量不变，再将下极板向下移动一小段距离，即d变大，根据可得

则两板间场强不变，油滴受电场力不变，选项D正确；故选ACD。13、B:D【分析】【详解】

如图所示；B受重力；丝线的拉力及库仑力；

将拉力及库仑力合成，其合力应与重力大小相等、方向相反，由几何关系可知＝

而库仑力F=即==

有mgd3=kQAQBL

则d=

要使d变为可以将小球B的质量增大到原来的8倍而保证上式成立，或将小球A；B的电荷量都减小到原来的一半，同时将小球B的质量增大到原来的2倍，也可保证等式成立。

故选BD。14、B:C【分析】【详解】

两小球所受的合力均为两者之间的库仑力，因库仑力是相互作用力，可知两球之间的静电斥力在任意时刻都是大小相等，方向相反，则根据牛顿第二定律得小球AB的加速度大小相等，方向相反．故A错误，B正确．因A做减速运动，B做加速运动，当速度相等时，距离最近，故D错误，C正确．故选BC．15、B:D【分析】【详解】

A．该电场是上下对称的，M点与N点处电场线的疏密是相同的，M点与N点的电场强度大小相等；但方向不同，故A错误；

B．电场线最密集的地方场强方向向右；正电荷在该电场中受到的最大电场力向右，故B正确；

C．该电场是上下对称的，M点与N点处电势大小相等，将正电荷从M点沿虚线移到N点；电场力做功为零，故C错误；

D．将一带电粒子放置在直线电场线上某点静止释放时；粒子会沿电场线运动，故D正确。

故选BD。16、A:C:D【分析】【分析】

根据粒子的运动轨迹可判断粒子受电场力方向向上，从而判断场强方向，根据动能定理可比较v1和v2的大小以及场强大小；粒子在竖直方向做匀变速运动；在水平方向做匀速运动，从而可求解从A到B的时间.

【详解】

由粒子的运动轨迹可知，粒子受向上的电场力，可知从A到B电场力做负功，动能减小，即v1大于v2，选项A正确；粒子带正电，受向上的电场力，可知场强方向向上，等势面b的电势比等势面c的电势低，选项B错误；粒子在水平方向不受力，可知在水平方向做匀速运动，速度为v2，则从A到B的时间为选项C正确；由A到B根据动能定理：解得选项D正确；故选ACD.

【点睛】

此题关键是能根据粒子的运动轨迹判断电场力的方向，知道粒子在水平方向做匀速运动，竖直方向做匀加速运动，结合动能定理求解.三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】短18、略

【分析】【详解】

[1]两个等量的异种电荷之间电场线如图所示。

由对称性可知，M、N两点的电场强度相同。

[2]设无穷远处电势为零，则P、O所在直线上的所有点电势均为零；由沿着电场线方向电势逐渐降低，可知点电势大于零，点电势小于零，所以点电势大于点电势。

[3]由勾股定理可得P点到两个电荷之间的距离为

P点的电场强度为两个带电量为的异种点电荷在P点产生的电场强度的矢量和；如图所示。

+Q、在P点产生的场强

则点电场强度大小【解析】相同大于19、略

【分析】【详解】

A、B间电势差为10V，根据图可知相邻的两个等势面间的电势差为2.5伏，由M到N电场力做功为动能减少所以N点动能为0.5ev,因为电场力做负功所以电势能增加．

思路分析：根据等势线的分布判断相邻等上面的电势差；根据电场力做功判断电势能的变化．

试题点评：考查电场能的性质【解析】0.5；小20、略

【分析】【详解】

[1]由交点坐标知工作电压为U=2V，工作电流为I=2A，则输出功率为P出=UI=2×2=4W

[2]由纵截距知电源的电动势为E=3V

由横截距知电源短路电流为I0=6A

电源的内阻【解析】40.521、略

【分析】【分析】

【详解】

①[1]闭合电健K的瞬时；穿过线圈Ⅱ的磁通量变化，有感应电流产生；