2025年外研版三年级起点选修三物理下册月考试卷VIP

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A.3BkLB.C.D.3、如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠．R为滑动变阻器，电源电动势为E，内阻为r．现将开关S闭合；当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列结论正确的是()

A.电流表示数变大，电压表示数变小B.小电珠L变亮C.电容器C上电荷量减小D.电源的总功率变小4、在如图所示的逻辑电路中，当A端和B端都输入电信号“1”时，则在C和D端输出的电信号分别为（）

A.1和0B.0和0C.0和1D.1和15、下列说法错误的是（）A.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的B.液体表面层内分子间的相互作用力表现为斥力C.若一定质量的理想气体被压缩且吸收热量，则压强一定增大D.分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大6、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻；R为滑动变阻器。开关闭合后，灯能正常发光，当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是。

A.路端电压变小B.灯泡L将变亮C.电容器C的电量将减小D.电容器C的电量将增大7、某物体左右两侧各有一竖直放置的平面镜；两平面镜相互平行，物体距离左镜4m，右镜8m，如图所示，物体在左镜所成的像中从右向左数的第二个像与物体的距离是()

A.24mB.32mC.40mD.48m评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、下列有关热现象和内能的说法中正确的是（）A.把物体缓慢举高，其机械能增加，内能不变B.盛有气体的容器做加速运动时，容器中气体的内能必定会随之增大C.电流通过电阻后电阻发热，它的内能增加是通过“做功”方式实现的D.分子间引力和斥力相等时，分子势能最小9、如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A．其中，A→B和C→D为等温过程，B→C和D→A为绝热过程(气体与外界无热量交换)．这就是著名的“卡诺循环”．该循环过程中；下列说法正确的是。

A.A→B过程中，气体对外界做功B.B→C过程中，气体分子的平均动能增大C.C→D过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多E.D→A过程中，气体分子的速率分布曲线不发生变化E.D→A过程中，气体分子的速率分布曲线不发生变化10、用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列哪些公式是这些物理量的比值定义式（）A.加速度B.电阻C.电场强度D.电容11、如图所示，一通电螺线管P水平放置，其左侧用绝缘丝线悬挂一轻质铝环Q；螺线管的中轴线通过铝环的中心并与铝环所在平面垂直．当闭合开关S的瞬间。

A.铝环中产生顺时针方向的感应电流（从右向左看）B.铝环中产生逆时针方向的感应电流（从右向左看）C.铝环向左摆动D.铝环向右摆动12、如图所示，在P一T图像中，一定质量的理想气体经历了从状态A到状态B、再到状态C，最后回到状态A的过程，在该过程中，下列说法正确的是___________

A.从A到B过程中，气体对外做功B.从B到C过程中，气体放出热量C.从C到A过程中，气体分子密度减小E.从A到B再到C过程中，气体内能先增加后减少E.从A到B再到C过程中，气体内能先增加后减少13、下列说法正确的是()A.光波在介质中传播的速度与光的频率无关B.雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的干涉形成的C.杨氏双缝干涉实验中，当两缝间的距离以及挡板和屏的距离一定时，红光干涉条纹的相邻条纹间距比蓝光干涉条纹的相邻条纹间距小D.光的偏振特征说明光是横波评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、由爱因斯坦光电效应方程可以画出光电子的最大初动能和入射光的频率的关系，若该直线的斜率和横轴截距分别为k和b，电子电荷量的绝对值为e，则普朗克常量可表示为_______,所用材料的逸出功可表示为__________．（结果均用k和b表示）

15、如图为简易测温装置，玻璃管中一小段水银封闭了烧瓶内一定质量的气体，当外界温度升高时，瓶内气体的密度_____________（选填“不变”“增大”或“减小”），瓶内气体分子的平均动能________（选填“增大”或“减小”）。

16、带有活塞的汽缸中封有一定质量的理想气体，缸内气体从状态A变化到状态B，如图所示。设气体在状态A时的压强为pA，体积为VA，温度为TA，到状态B时的温度为TB。此过程中，汽缸单位面积上所受气体分子撞击的作用力____（选填“变大”“不变”或“减小”），____（选填“气体对外做功”或“外界对气体做功”）的绝对值为____，缸内气体____（选填“吸收”或“放出”）热量。

17、图为某同学改装的毫安表的电路图；其中虚线框内是毫安表的改装电路。

已知毫安表表头的内阻为100Ω，满偏电流为1mA，R1和R2为阻值固定的电阻，若使用a和b两个接线柱，电表量程为3mA：若使用a和c两个接线拄，电表量程为10mA，由题给条件和数据，可以求出R1=___Ω，R2=_______Ω。18、.如图甲所示，为某简谐横波在t=0时刻的波形图象，乙图为在该波的传播方向上某质点的振动图象．下列说法中正确的是_______(填正确答案标号．)

A.该波的波速为10m/s

B.该波一定沿x轴正方向传播

C.若图乙是质点P的振动图象，那么，在t=0.15s时刻，质点Q的坐标为(0.5m，0)

D.若图乙是质点Q的振动图象，那么，在t=0.15s时刻，质点P的坐标为(1m，－4cm)

E.当t=0.1s时，质点P一定正在经过平衡位置评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共6分)22、如图是用高电阻放电法测电容的实验电路图，其原理是测出电容器在充电电压为U时所带的电荷量Q，从而求出其电容C.该实验的操作步骤如下：

①按电路图接好实验电路;

②接通开关S，调节电阻箱R的阻值，使微安表的指针接近满刻度，记下这时的电压表读数U0＝6.2V和微安表读数I0＝490μA;

③断开电键S并同时开始计时，每隔5s读一次微安表的读数i,将读数记录在预先设计的表格中;

④根据表格中的12组数据，以t为横坐标，i为纵坐标；在坐标纸上描点(图中用“×”表示),则：

(1)根据图示中的描点作出图线_________

(2)图示中i-t图线下所围的“面积”所表示的物理意义是：______________.

(3)根据以上实验结果和图线，估算当电容器两端电压为U0所带的电量Q0=__________，并计算电容器的电容C=________________.（这两空均保留两位小数）23、在做“探究单摆周期与摆长的关系”的实验时；

（1）为了利用单摆较准确地测出重力加速度，可选用的器材为______

A．20cm长的结实的细线；小木球、秒表、米尺、铁架台。

B．100cm长的结实的细线；小钢球、秒表、米尺、铁架台。

C．100cm长的结实的细线、大木球、秒表、50cm量程的刻度尺；铁架台。

D．100cm长的结实的细线；大钢球、大挂钟、米尺、铁架台。

（2）为了减小测量周期的误差，摆球应在经过最______（填“高”或“低”）点的位置时开始计时，并计数为1，摆球每次通过该位置时计数加1．当计数为63时，所用的时间为t秒，则单摆周期为______秒．

（3）实验时某同学测得的g值偏大，其原因可能是______．

A．实验室的海拔太高B．摆球太重。

C．测出n次全振动时间为t，误作为（n+1）次全振动时间进行计算。

D．摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现了松动，使摆线长度增加了。

（4）有两位同学利用假期分别去参观北京大学和厦门大学的物理实验室，各自在那里利用先进的DIS系统较准确地探究了“单摆的周期T与摆长L的关系”，他们通过校园网交换实验数据，并由计算机绘制了T2-L图象，如图甲所示．去北大的同学所测实验结果对应的图线是______（填“A”或“B”）．另外，在厦大做探究的同学还利用计算机绘制了a、b两种单摆的振动图象如图乙所示，由图可知，a、b两单摆的摆长之比=______．（北大所在地的纬度比厦大高．）评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)24、如图所示，一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从O点以初速度v0水平射出．若该带电粒子运动的区域内有一方向竖直向下的匀强电场，则粒子恰好能通过该区域中的A点；若撤去电场，加一垂直纸面向外的匀强磁场，仍将该粒子从O点以初速度v0水平射出；则粒子恰好能经A点到达该区域中的B点．已知OA之间的距离为d，B点在O点的正下方，∠BOA=60°，粒子重力不计．求：

(1)磁场磁感应强度的大小B；

(2)粒子在电场时运动中到达A点速度的大小v．25、有些核反应过程是吸收能量的。例如在中，核反应吸收的能量在该核反应中，X表示什么粒子？X粒子以动能轰击静止的若则该核反应能否发生？请简要说明理由参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

设日地距离为r，则设人眼到最远的与太阳相同的恒星的距离为R，则其中解得:

则。

故选B.2、C【分析】【详解】

质子带正电；且经过C点，其可能的轨迹如图所示：

所有圆弧所对圆心角均为60°，所以质子运行半径（n=1，2，3，）

质子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得qvB=m

解得（n=1，2，3，）

C正确．

故选C。3、D【分析】当滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律得知，总电流减小，路端电压增大，则电流表示数变小，电压表示数变大，小电珠L变暗，故AB错误；电源的总功率P=EI，I减小，E不变，则电源的总功率变小，故D正确；电容器的电压U=E-I（RL+r），I减小，其它量不变，则U增大，由Q=CU可知电容器C上电荷量Q增加，故C错误．所以D正确，ABC错误．4、A【分析】【分析】

【详解】

正确认识门电路的符号，“≥1”为或门，“1”为非门，其真值为：B端1输入，则D端0输出，或门为“0，1”输入，则C端输出1．

故选A。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．根据热力学第二定律；自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，故A正确；

B．液体表面层内的分子之间距离大于所以表面层内分子间的相互作用力表现为引力，故B错误；

C．一定质量的理想气体被压缩；则分子数密集程度增加，同时吸收热量，则温度升高，分子运动激烈，从压强的微观角度分析可知，压强一定增大，故C正确；

D．当分子间距小于时，分子间作用力表现为斥力，分之间距离变大分子力做正功势能降低，当距离大于分子力表现为引力，距离变大做负功势能增加，故D正确。

本题选错误的，故选B。6、D【分析】当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，路端电压增大，故A错误．电路中电流减小，灯L变暗，故B错误．电容器的电压等于路端电压，可见其电压是增大的，则由Q=CU知，电容器C的电荷量将增大．故C错误，D正确．故选D.7、A【分析】【分析】

【详解】

物体在左镜所成的像中从右向左数的第二个像实质上是物体在右镜中成的第一个像后；再次在左镜中成像得到的，所以只需画出物体的这个像即可求解.如下图所示.

物体与右镜距离8m，物与左镜为4m，所以R1与左镜的距离为20m，,即L2与左镜的距离为20m，所以物体与L2间的距离为24m．

故选A。二、多选题(共6题，共12分)8、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．把物体缓慢举高；重力势能增加，由于速度不变，动能不变，故机械能增加，在举高的过程中，由于物体的温度；质量和体积没有变化，故内能不变，故A正确；

B．气体的内能与物体的宏观速度大小无关；则容器中气体的内能不变，故B错误；

C．电流通过电阻后电阻发热；内能的增加是通过电流“做功”的方式实现的，故C正确；

D．分子间引力和斥力相等时；分子力的合力为零，分子势能最小，故D正确。

故选ACD。9、A:C:D【分析】【详解】

A．A→B过程中；温度不变，体积增大，气体对外界做功，故A正确；

B．B→C过程中；绝热膨胀，气体对外做功，内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减小，故B错误；

C．C→D过程中；等温压缩，体积变小，分子数密度变大，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，故C正确；

D．C→D过程中；气体内能不变，体积减小，外界对气体做功，则气体放热，故D正确；

E．D→A过程中；绝热压缩，外界对气体做功，内能增加，温度升高，分子平均动能增大，气体分子的速率分布曲线发生变化，故E错误。

故选ACD．

【点睛】

本题考查了理想气体状态方程的应用，根据图象判断出气体体积如何变化，从而判断出外界对气体做功情况，再应用热力学第一定律与题目所给条件即可正确解题；要知道：温度是分子平均动能的标志，理想气体内能由问题温度决定．10、B:C:D【分析】【详解】

A．根据牛顿第二定律，加速度与所受的合力成正比，与质量成反比，所以

不属于比值定义法；选项A错误；

B．电阻等于导体两端的电压与通过导体电流的比值；属于比值定义法，选项B正确；

C．电场强度与放入电场中的电荷无关，所以

属于比值定义法；选项C正确；

D．电容器的电容等于极板上所带的电量与两极板间电压的比值，所以

属于比值定义法；选项D正确。

故选BCD。

【点睛】

解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小改变而改变。11、A:C【分析】A；B项：由右手螺旋定则可得；螺线管中产生磁场的方向N极向右；电键S闭合瞬间，螺线管产生的磁场增大，穿过环的磁通量增大，根据楞次定律，在环中产生的感应电流阻碍环的磁通量的增大，方向向右，由右手螺旋定则可得，感应电流的方向为顺时针方向，故A正确，B错误；

C、D项：由右手螺旋定则可得，螺线管中产生的磁场的方向N极向右；电键S闭合瞬间，螺线管产生的磁场增大，穿过环的磁通量增大，根据楞次定律，在环中产生的感应电流阻碍环的磁通量的增大，环将向左运动，故C正确，D错误．12、A:B:E【分析】【详解】

根据可知从A到B过程中，体积增大，因此气体对外做功，A正确；从B到C过程中，直线是通过原点的直线，故体积不变，而温度降低，气体内能减少，根据热力学第一定律可知气体放出热量，B正确；从C到A过程中，气体温度不变，压强增大，根据理想气体状态方程可知，气体体积减小，分子密度增大，C错误；从A到B过程和从C到A过程，气体体积变化相等，但两个过程气体压强的平均值不同，因此两个过程气体做功绝对值不同，D错误；由于从A到B再到C过程，气体温度先升高后降低，因此气体内能先增加后减小，E正确13、B:D【分析】【详解】

A．光波在介质中传播的速度与光的频率有关；选项A错误；

B．雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的干涉形成的；选项B正确；

C．杨氏双缝干涉实验中，根据可知；当两缝间的距离以及挡板和屏的距离一定时，因红光的波长大于蓝光，则红光干涉条纹的相邻条纹间距比蓝光干涉条纹的相邻条纹间距大，选项C错误；

D．光的偏振特征说明光是横波，选项D正确.三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

根据光电效应方程得，分析可知与成一次函数关系，知图线的斜率等于普朗克常量，即为：与图象比较可知，横轴截距b为金属的极限频率，则料的逸出功为：．

【点睛】

只要记住并理解了光电效应的特点，只要掌握了光电效应方程就能顺利解决此题，所以可以通过多看课本加强对基础知识的理解．【解析】kkb15、略

【分析】【详解】

[1][2]当外界温度升高时，瓶内气体体积增大，质量不变，瓶内气体的密度减小；由于热传递，瓶内气体温度升高，瓶内气体分子的平均动能增大。【解析】减小增大16、略

【分析】【详解】

[1]．缸内气体从状态A变化到状态B为等压变化，故气缸单位面积上所受气体分子撞击的作用力不变；

[2][3]．气体体积变大；对外做功；

由可得

则气体对外做功的绝对值

[4]．理想气体对外做功的同时，温度升高，内能增大，根据热力学第一定律△U=W+Q可知：△U＞0，W＜0，所以Q＞0．即气体吸收热量．【解析】不变气体对外做功吸收17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]使用a、b接线柱时

使用a、c两个接线柱时

即

联立解得【解析】153518、A:D:E【分析】【详解】

由甲图读出波长由乙图读出周期T=0.2s，则该波的波速故A正确；由于不知道乙图为波的传播方向上哪个具体质点的振动图象，所以无法判断波的传播方向，故B错误；若乙是质点P的振动图象，则此时刻P向下振动，则波沿x轴负方向传播，所以Q点向上振动，经过时间：时，处于波谷处，所以坐标为（2m、-4cm），故C错误；若乙是质点Q的振动图象，则此时刻Q向下振动，则波沿x轴正方向传播，所以P点向上振动，经过时间：时，处于波谷处，所以坐标为（1m、-4cm），故D正确．由图可知t=0时刻P点处于平衡位置，经时P点又再次回到平衡位移，向反方向运动，故E正确.故选ADE.四、作图题(共3题，共15分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共6分)22、略

【分析】【详解】

（1）根据坐标系内所描出的点；用平滑的曲线把各点连接起来，作出图象，图象如图所示．

（2）由△Q=I•△t知，电荷量为I-t图象与坐标轴所包围的面积：则面积为电容器在开始放电时时所带的电荷量，即电容器两端电压为U0时所带电量为Q.

（3）由图示图象可知，“面积”格数约32～33格．电容器电容为U0时，电荷量Q=8.00×10-3C（8.00×10-3C～8.25×10-3C均正确），电容器的电容【解析