2025年北师大版高一物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版高一物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示；红蜡块能在玻璃管里的水中匀速上升，若红蜡块在A

点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右做匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的()

A.曲线R

B.曲线Q

C.直线P

D.无法确定2、下列关于机械能是否守恒的叙述中，正确的是()A.做匀速直线运动的物体，机械能一定守恒；B.做匀变速直线运动的物体，机械能一等不守恒；C.外力对物体做功为零时，机械能一定守恒；D.只有重力对物体做功时，物体的机械能一定守恒。3、质量为10kg

的物体，在变力F

作用下沿x

轴做直线运动，力随位移x

的变化情况如图所示.

物体在x=0

处速度为1m/s

一切摩擦不计，则物体运动到x=16m

处时，速度大小为(

)

A.22m/s

B.3m/s

C.4m/s

D.7m/s

4、某物体做直线运动，物体的速度﹣时间图象如图所示．若初速度的大小为v0，末速度的大小为vt，则在时间t1内物体的平均速度（）

A.等于B.小于C.大于D.条件不足，无法比较5、随着“神舟6号”的发射成功，中国航天员在轨道舱内停留的时间将增加，体育锻炼成了一个必不可少的环节，下列在地面上正常使用的未经改装的器材最适宜航天员在轨道舱中进行锻炼的是（）A.哑铃B.弹簧拉力器C.单杠D.徒手跑步机6、如图所示，重物M

沿竖直杆下滑，并通过绳子带动小车m

沿斜面升高.

则当滑轮右侧的绳子与竖直方向成娄脠

角且重物下滑的速度为v

时，小车的速度为()A.vcos娄脠

B.vsin娄脠

C.vcos娄脠

D.vtan娄脠

7、如图所示；物块AB

叠放在水平桌面上，装砂的小桶C

通过细线牵引B

使AB

一起在水平桌面上匀速直线运动，设AB

间的摩擦力用f1

表示，B

与桌面间的摩擦力用f2

表示，若同时适当增大A

物的质量和C

桶内砂的质量，而AB

仍一起保持匀速直线运动；

则摩擦力f1

和f2

的变化情况是(

)

A.f1

和f2

都变大B.f1

和f2

都不变C.f1

变大，f2

不变D.f1

不变，f2

变大8、火星绕太阳运转可看成是匀速圆周运动，设火星运动轨道的半径为r，火星绕太阳一周的时间为T，万有引力常量为G，则可以知道（）A.火星的质量m火=B.火星的质量m火=C.太阳的质量m太=D.太阳的平均密度ρ火=评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示；木块B

上表面是水平的，木块A

置于B

上并与B

保持相对静止，一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑，在下滑过程中()

A.A

所受的合外力对A

不做功B.B

所受的合外力对B

做正功C.B

对A

的摩擦力对A

做正功D.B

对A

的弹力对A

做正功10、如图所示，长为L

的轻杆，一端固定一个小球，另一端可绕光滑的水平轴转动，使小球在竖直平面内作圆周运动，关于小球在最高点的速度V

下列说法正确的是：((

)

A.V

的极小值为gL

B.V

由零逐渐增大，向心力也逐渐增大C.V

由gL

逐渐增大，杆对球的弹力逐渐增大D.V

由gL

逐渐减小，杆对球的弹力逐渐减小11、甲、乙两物体的v-t图象如图所示，则（）A.甲、乙两物体都做匀速直线运动B.甲、乙两物体若在同一直线上，就一定会相遇C.甲的速率大于乙的速率D.甲、乙两物体即使在同一直线上，也不一定会相遇12、“蹦极”是一项非常刺激的体育运动.

某人身系弹性绳自高空P

点自由下落，如图中a

点是弹性绳的原长位置，c

是人所到达的最低点，b

是人静止地悬吊着时的平衡位置.

人从P

点落下到最低点c

的过程中(

)

A.人在Pa

段做自由落体运动，处于完全失重状态B.在ab

段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C.在bc

段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态D.在c

点，人的速度为零，其加速度为零13、如图所示，在高为L

的木箱abcd

的底部放有一个小物体Q(

可视为质点)

现用力F

向上拉绳，使木箱由静止开始运动，若保持拉力的功率不变，经过t

时间，木箱达到最大速度，这时让木箱突然停止，小物体由于具有惯性会继续向上运动，且恰能达到木箱顶端.

若重力加速度为g

空气阻力不计，以下说法正确的是(

)

A.木箱即将达到最大速度之前，物体Q

处于超重状态B.木箱突然停止运动时，物体Q

处于超重状态C.木箱的最大速度为2gL

D.时间内木箱上升的高度为t2gL鈭�L

14、一个质量为m

的质点以速度v0

做匀速直线运动，某时刻开始受到恒力F

的作用，质点的速度先减小后增大，其最小值为3v02

质点从受到恒力作用到速度减至最小值的过程()

A.经历的时间为(2鈭�3)mv02F

B.经历的时间为mv02F

C.发生的位移为13mv028F

D.发生的位移为mv028F

15、(

多选)

宇宙间存在一些离其他恒星较远的三星系统，其中有一种三星系统如图所示，三颗质量均为m

的星位于等边三角形的三个顶点，三角形边长为R

忽略其他星体对它们的引力作用，三星在同一平面内绕三角形中心O

做匀速圆周运动，万有引力常量为G

则(

)

A.每颗星做圆周运动的半径都等于R

B.每颗星做圆周运动的加速度与三星的质量无关C.每颗星做圆周运动的线速度为GmR

D.每颗星做圆周运动的角速度为3GmR3

16、如图所示，当正方形薄板绕着过其中心O与板垂直的转动轴转动时，板上A、B两点的（）A.角速度之比ωA：ωB=1：1B.角速度之比ωA：ωB=1：1C.线速度之vA：vB=1：1D.线速度之比vA：vB=1：17、如图所示，物体A、B叠放在倾角θ＝37°的斜面体上，并通过跨过固定在斜面上的光滑滑轮的细线相连，细线与斜面平行．两物体的质量分别mA＝2kg，mB＝1kg,B与斜面间的动摩擦因数μ2＝0.2，A、B间动摩擦因数μ1＝0.1，对A施加一平行于斜面向下的拉力F，使A平行于斜面向下做匀速运动，斜面保持不动，斜面体质量为M＝10kg．则：（）(认为滑动摩擦力等于最大静摩擦力，g取10m/s2；sin37°＝0.6；cos37°＝0.8)

A.拉力F大小为2NB.拉力F大小为4NC.地面对斜面体的支持力大小为30ND.地面对斜面体的摩擦力方向水平向右评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)18、在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹．为了能准确地描绘运动轨迹，固定斜槽时应注意使末端____．实验过程中需经过多次释放小球才能描绘出小球平抛运动的轨迹，释放小球时应注意使小球每次从____开始自由滑下．19、质量M＝1kg的物体，在水平拉力F的作用下，沿粗糙水平面运动，至位移为4m处，拉力F停止作用，至位移为8m处物体停止运动，运动过程中的图线如图所示。物体的初速度为______m/s，物体和水平面间的滑动摩擦因数为_______，拉力F的大小为_______N。（g取）20、船在静水中的速率为5m/s

要横渡宽为60m

的河，河水的流速为3m/s.

该船能否沿垂直于河岸的航线抵达对岸______(

填能或不能)

该船渡河所用时间至少是______，该船渡河所经位移的大小至少是______．21、相互叠加的三个木块静止在水平地面上，其中木块B

所受水平拉力F1=2N

木块C

所受水平拉力F2=3N

则A

受到B

的摩擦力______NC

受到B

的摩擦力______N

方向______；C

受到地面的摩擦力______N

方向______．22、在“验证力的平行四边形定则”的实验中；需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套.

实验中需用两个弹簧测力计分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O

．

(1)

某同学在做该实验时认为：

A.拉橡皮条的绳细一些且长一些；实验效果较好。

B.拉橡皮条时；弹簧测力计；橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行。

C.橡皮条弹性要好；拉结点到达某一位置O

时，拉力要适当大些。

D.拉力F1

和F2

的夹角越大越好。

其中正确的是______(

填入相应的字母)

(2)

若两个弹簧测力计的读数均为4N

且两弹簧测力计拉力的方向相互垂直，则______(

选填“能”或“不能”)

用一个量程为5N

的弹簧测力计测量出它们的合力．23、如图所示，用50N的力拉一个质量为10kg的物体在水平地面上前进，若物体前进了10m，拉力F做的功W1=____J，如果物体与水平面间动摩擦因数μ=0.1，物体克服阻力做功W2=____J．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）

24、【题文】某人在地面上最多能举起质量为60kg的物体，而在一个加速下降的电梯里他最多能举起质量为80kg的物体，此时电梯的加速度是_________。当电梯经此加速度加速上升时，此人在电梯里最多能举起质量为__________的物体。（g取10m/s2）25、某学生在做“研究平抛运动”的实验中，忘记记下小球做平抛运动的起点位置，O为物体运动一段时间后的位置，取为坐标原点，平抛的轨迹如图示，根据轨迹的坐标求出物体做平抛运动的初速度为v0=______m/s，B点的速度为______m/s，抛出点的坐标为（______cm，______cm）．（g取10m/s2）26、小张同学采用如图1

所示的实验装置做“研究平抛运动”的实验．

(1)

实验时下列哪些操作是必须的______(

填序号)

．

垄脵

将斜槽轨道的末端调成水平．

垄脷

用天平称出小球的质量．

垄脹

每次都要让小球从同一位置由静止开始运动．

(2)

小张同学在做平抛运动实验时得到了如图2

所示的物体运动轨迹，abc

三点的位置在运动轨迹上已标出.

则。

垄脵

小球平抛的初速度为______m/s.(g=10m/s2)

垄脷

小球在b

点瞬时速度vb=

______m/s

．

垄脹

小球开始做平抛运动的位置坐标为：x=

______cmy=

______cm

．评卷人得分四、画图题(共2题，共12分)27、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。28、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分五、实验探究题(共3题，共9分)29、某同学在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中；记录小车运动情况的一条纸带如图所示．图中A；B、C、D、E为相邻的计数点，相邻的两计数点间还有4个点未画出。

（1）电火花计时器是一种能够按照相同的时间间隔，在纸带上连续打点的仪器，它使用______（填“交流”或“直流”）电源，工作电压为______V．在实验时正确的操作顺序是______（填序号A：“先释放纸带；后接通电源”或B：“先接通电源，后释放纸带”）；

（2）B、C、两点的瞬时速度：vB=______m/s，vC=______m/s．（结果保留两位有效数字）30、（1）在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹，为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上______．

A．通过调节使斜槽的末端保持水平。

B．每次释放小球的位置必须不同。

C．每次必须由静止释放小球。

D．记录小球位置用的木条（或凹槽）每次必须严格地等距离下降。

E．小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相触。

F．将球的位置记录在纸上后；取下纸，用直尺将点连成折线。

（2）在“研究平抛物体的运动”实验时，已备有下列器材：白纸、图钉、平板、铅笔、弧形斜槽、小球、刻度尺、铁架台，还需要下列器材器材中的______

A；秒表B、天平C、重锤线D、测力计。

（3）在研究平抛运动的实验中，让小球多次从斜槽上滚下，在白纸上依次记下小球的位置，同学甲和同学乙得到的记录纸分别如图所示，从图中明显看出甲的实验错误是______，乙的实验错误是______．31、如图是某次实验中用频闪照相方法拍摄的小球（可视为质点）做平抛运动的闪光照片。如果图中每个方格的边长l表示的实际距离和闪光周期T均为已知量，那么在小球平抛的初速度大小v0=______和当地的重力加速度值g=______参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】本题考查了运动的合成和分解。蜡块参与了竖直方向上的匀速直线运动和水平方向上的匀加速直线运动，判断合运动是直线运动看合速度与合加速度在不在同一条直线上，并且曲线运动的合力(

加速度)

大致指向轨迹凹点的一侧。解决本题的关键掌握判断直线运动还是曲线运动的方法，当速度方向与合力方向在同一条直线上，做直线运动，当合力方向与速度方向不在同一条直线上，做曲线运动。【解答】两个分运动的合加速度方向水平向右，与合速度的方向不在同一条直线上，所以合运动为曲线运动，根据曲线运动的合力(

加速度)

大致指向轨迹凹点的一侧，知该轨迹为曲线Q

故B正确，ACD错误。故选B。【解析】B

2、D【分析】解：A

做匀速直线运动的物体机械能不一定守恒；比如：降落伞匀速下降，机械能减小.

故A错误．

B；做匀变速直线运动的物体；机械能不一定守恒.

比如：汽车在水平面上的加速运动过程中机械能增大.

故B错误．

C；外力对物体做的功为零；动能不变，但重力势能可能变化，机械能不一定守恒，故C错误；

D；只有重力对物体做功；物体机械能一定守恒，故D正确；

故选：D

．

机械能守恒的条件：只有重力或弹力做功的物体系统；其他力不做功，可能有这样几种情况：

1

只受重力作用；例如各种抛体运动．

2

受到其它外力；但是这些力是不做功的.

例如：绳子的一段固定在天花板上，另一端系一个小球，让它从某一高度静止释放，下摆过程中受到绳子的拉力，但是拉力的方向始终与速度方向垂直，拉力不做功，只有重力做功，小球的机械能是守恒的．

3

受到其它外力；且都在做功，但是它们的代数和为0

此时只有重力做功，机械能也是守恒的．

本题关键是如何判断机械能守恒，可以看能量的转化情况，也可以看是否只有重力做功．【解析】D

3、B【分析】解：在0鈭�4m

位移内F

恒定；物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得；

a=Fm=1m/s2

根据2ax=v42鈭�v02

得：v4=3m/s

对物体在4鈭�16m

内运动过程运用动能定理得；

12mv162鈭�12mv42=F4鈭�8炉s4鈭�8+0鈭�F12鈭�16炉s12鈭�16

从图中可知F4鈭�8炉=F12鈭�16炉s4鈭�8=s12鈭�16=4m

所以4鈭�16m

内力F

做功之和为0

所以v16=v4=3m/s

故选B．

在0鈭�4m

位移内F

恒定；物体做匀加速直线运动，可以根据匀变速直线运动位移速度公式求出x=4m

处时的速度，在4m鈭�8m

位移内，力在逐渐减小，是变力，在8m鈭�12m

位移内力等于零，在12m鈭�16m

位移内，力F

反方向逐渐增大，根据做功公式可知：力F

在4鈭�16m

内做功之和为零，可对这一阶段运用动能定理得到x=16m

处时速度等于x=4m

处时的速度．

本题考查了牛顿第二定律、功的计算以及动能定理的应用，要求同学们能根据图象找出有用信息，选取合适的运动过程运用动能定理求解，该题难题适中．【解析】B

4、C【分析】【解答】解：从图象可以看出，图线与时间轴围成的面积表示位移，知道变加速直线运动的位移大于匀加速直线运动的位移，则变加速直线运动平均速度大于匀加速直线运动的平均速度，匀加速直线运动的平均速度为：=故ABD错误，C正确．

故选：C．

【分析】若物体做初速度大小为v0，末速度的大小为v的匀加速直线运动，则平均速度=通过比较变加速直线运动和匀变速直线运动的位移，比较平均速度大小与的大小．5、B【分析】解：A；用哑铃锻炼身体主要就是利用哑铃的重力；在轨道舱中哑铃处于完全失重状态，它对人的胳膊没有压力的作用；故A错误；

B；弹簧拉力器锻炼的是人肌肉的伸缩和舒张力；与重力无关．故B正确；

C；利用单杠锻炼身体需克服自身的重力上升；利用自身的重力下降．在完全失重状态下已没有重力可用；故C错误；

D；在轨道舱中人处于失重状态；就算人站在跑步机上，但是脚对跑步机一点压力也没有．根据压力与摩擦力成正比，那么这时脚与跑步机之间没有一点摩擦力．没有摩擦力人将寸步难行．故D错误．

故选：B

想弄清楚在超重和失重的状态下哪些器材可以用；必须清楚各个器材的物理原理，看看有没有与重力有关的原因，如果有那么，哪些器材就不能使用．

本题的关键是明白各种器材的物理原理．在完全失重的情况下器材的作用还能否发挥，这是一道基础题．【解析】【答案】B6、A【分析】略【解析】A

7、D【分析】解：由题意知；对Af1

是静摩擦力，f1=mAa

对AB

整体：F脌­鈭�f2=(mA+mB)a

．

f2

是滑动摩擦力；f2=娄脤(mA+mB)g

．

若增加C

桶内沙的质量；系统加速度变大，故f1

变大，f2

不变，故ABC错误，D正确．

故选：D

由于AB

一起向右运动；可以用整体法，AB

整体水平方向受绳的拉力和滑动摩擦力f2.

增大C

的质量，绳的拉力增大，AB

整体的合力即加速度增大.

对A

来说，合力就是静摩擦力f1

因此f1

是增大的．

本题考查受力分析与牛顿第二定律，应注意：f1

是静摩擦力，为A

提供加速度，如果增加C

的质量，整体的加速度就会变大，所以f1

也要变大为A

提供更大的加速度．【解析】D

8、C【分析】解：根据G=mr得，太阳的质量M太=．因为太阳的半径未知；则无法求出太阳的密度。

根据万有引力提供向心力；只能求出中心天体的质量，无法求出环绕天体的质量，所以无法求出火星的质量以及密度。故C正确，A；B、D错误。

故选：C。

根据万有引力提供向心力；结合轨道半径和周期求出太阳的质量．

解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，并能灵活运用．注意根据该理论只能求出中心天体的质量，环绕天体的质量被约去，无法求出．【解析】C二、多选题(共9题，共18分)9、BC【分析】【分析】分析两物体的受力及运动，由功的公式可分析各力对物体是否做功，根据夹角可判功的正负。判断外力是否做功及功的正负可根据做功的条件是否做功，再根据力与位移方向的夹角判断功的正负，也可以根据力与速度方向的夹角判断功的正负。【解答】A.木块向下加速运动；故动能增加，由动能定理可知，木块m

所受合外力对m

做正功，故A错误；

B.由牛顿第二定律得：竖直方向上：mg鈭�N=ma1垄脵

水平方向上：f=ma2垄脷

假设斜面与水平方向的夹角为娄脠

摩擦力与弹力的合力与水平方向夹角为娄脕

由几何关系得：a1=gsin娄脠sin娄脠垄脹

a2=gsin娄脠cos娄脠垄脺tan娄脕=Nf垄脵隆煤垄脻

联立得：tan娄脕=cos娄脠sin娄脠cot娄脠=tan(娄脨2鈭�娄脠)

所以B

对A

的作用力与斜面垂直；所以B

对A

的合力不做功，由牛顿第三定律得，A

对B

的作用力垂直斜面向下，所以A

对B

也不做功，B

只受重力，故合外力做正功，故B正确；

CD.AB

整体具有沿斜面向下的加速度，设为a

将a

正交分解为竖直方向分量a1

水平分量a2

如图所示，

由于具有水平分量a2

故必受水平向右摩擦力fA

受力如图所示，B

对A

的弹力做做负功，B

对A

的摩擦力做正功，故C正确，D错误；

故选BC。【解析】BC

10、BC【分析】解：A

由于杆能支撑小球；因此v

的极小值为零.

故A错误．

B、根据向心力公式Fn=mv2r

可知；速度逐渐增大，向心力也逐渐增大.

故B正确．

C、当v=gL

时，向心力Fn=mv2r=mg

说明杆对球没有弹力；

v

由gL

逐渐增大时，杆对球有向下的拉力，根据牛顿第二定律得：F+mg=mv2r

得F=mv2r鈭�mg

可见，v

增大，F

增大.

故C正确．

D、v

由gL

逐渐减小时；杆对球有向上的支持力，根据牛顿第二定律得。

mg鈭�F=mv2r

得F=mg鈭�mv2r

可见，v

减小，F

增大.

故D错误．

故选：BC

小球在竖直平面内作圆周运动；在最高点时，由于杆能支撑小球，小球速度的极小值为零；

根据向心力公式Fn=mv2r

分析速度增大时；向心力如何变化；

当v=gL

时，杆对球没有作用，v

由gL

逐渐增大时，杆对球有向下的拉力；v

由gL

逐渐减小时；杆对球有向上的支持力，根据牛顿第二定律分析杆对球的弹力的变化情况．

本题是轻杆模型，要掌握两个临界速度：一、小球恰好到达最高点的临界速度是零；二、杆对球没有弹力的临界速度v=gL.

根据牛顿第二定律分析弹力随速度的变化情况．【解析】BC

11、ACD【分析】解：A；在速度-时间图象中；某一点代表此时刻的瞬时速度，所以两物体的速度均不发生变化，分别做匀速直线运动，故A正确．

B；在速度-时间图象中；某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；即甲物体一直向正方向运动，乙物体一直向负方向运动，如果两物体从同一位置出发，则两物体越来越远，故B错误．

C；甲的速度大小为2m/s；乙的速度大小为1m/s，故C正确．

D；虽然两物体相向运动；由于不知最初的位置，所以无法判断是否相遇，故D正确．

故选：ACD

在速度-时间图象中；某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．

本题是为速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，但是要判断物体是否相遇，还需要知道两物体的初位置．【解析】【答案】ACD12、AB【分析】解：A

在Pa

段绳还没有被拉长；人做自由落体运动，所以处于完全失重状态，所以A正确．

B、在ab

段绳的拉力小于人的重力；人受到的合力向下，有向下的加速度，处于失重状态，所以B正确．

C、在bc

段绳的拉力大于人的重力；人受到的合力向上，有向上的加速度，处于超重状态，所以C错误．

D；在c

点；绳的形变量最大，绳的拉力最大，人受到的合力向上，有向上的加速度，处于超重状态，所以D错误．

故选AB．

当人对绳的拉力大于物体的真实重力时；就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；

当人对绳的拉力小于物体的真实重力时；就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；

如果没有拉力；那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g

．

本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对绳的拉力变了．【解析】AB

13、ACD【分析】解：A

木箱在达到最大速度前；做加速度逐渐减小的加速运动，加速度的方向向上，所以物体Q

处于超重状态.

故A正确．

B

木箱突然停止运动；物块Q

仅受重力，处于完全失重状态.

故B错误．

C

木箱的最大速度等于物体Q

离开木箱竖直上抛运动的初速度，向上的位移：L=vm22g

所以vm=2gL.

故C正确．

D

当速度达到最大时，有F=(M+m)g

则M+m=Pvmg

根据动能定理得，Pt鈭�(M+m)gh=12mvm2

解出h=t2gL鈭�L.

故D正确．

故选：ACD

．

1.

拉力的功率不变；速度增大，则拉力减小，木箱做加速度减小的加速运动，当加速度减小到0

速度达到最大，达到最大速度之前有向上的加速度．

2.

木箱突然停止运动；物块Q

仅受重力，处于完全失重状态．

3.

木箱的最大速度等于物体Q

离开木箱竖直上抛运动的初速度；根据Q

恰能达到木箱顶端，运用运动学公式，求出最大速度．

4.

当速度达到最大时，有F=(M+m)g

即M+m=Pvmg

然后根据动能定律求出木箱上升的高度．

解决本题的关键知道拉力功率不变时，v

增大，拉力F

减小，根据牛顿第二定律得出木箱做加速度逐渐减小的加速运动，当F=(M+m)g

加速度为0

速度达到最大．【解析】ACD

14、BC【分析】【分析】根据运动的合成与分解，求出速度与合力方向的夹角，结合力的平行四边形定则与运动学公式，即可求解。本题主要掌握合成法则与运动学公式的应用，注意分运动与合运动的等时性。【解答】AB.

质点减速运动的最小速度不为0

说明质点不是做直线运动，是做类斜抛运动，质点的速度先减小后增大，其最小值为3v02

分析可知初速度与恒力的夹角为120鈭�

沿恒力方向根据牛顿第二定律可得加速度为：a=Fm

在沿恒力方向上有：v0sin30鈭�鈭�at=0

解得：t=mv02F

故A错误，B正确；CD.

此过程中垂直于力F

方向发生的位移为：x=3v02t=3mv024F

在沿恒力方向上有：y=12at2=12隆脕Fm隆脕(mv02F)2=mv028F

质点的位移为：s=x2+y2=13mv028F

故C正确，D错误。故选BC。【解析】BC

15、CD【分析】解：A

根据几何关系知，每颗星的轨道半径r=33R

故A错误．

B、任意两颗星之间的万有引力F=Gm2R2

根据2Fcos30鈭�=ma

得，a=3GmR2

与三星的质量有关，故B错误．

C、根据2Fcos30鈭�=mv2r=mr娄脴2

得，v=GmR娄脴=3GmR3

故C正确，D正确．

故选：CD

．

三星系统中；任何一颗星靠其它两颗星对它引力的合力提供向心力，根据几何关系求出轨道半径，结合牛顿第二定律求出线速度和角速度．

解决该题首先要理解模型所提供的情景，然后能够列出合力提供向心力的公式，才能正确解答题目．【解析】CD

16、AD【分析】解：AB；板上A、B两点绕同一个转轴转动；所以具有相同的角速度。

即角速度之比ωA：ωB=1：1；故A正确，B错误；

CD、根据几何关系得板上A、B的轨道半径之比为1：

所以线速度之比vA：vB=1：故C错误，D正确；

故选：AD。

板上A；B两点绕同一个转轴转动；所以具有相同的角速度。

根据v=rω得出线速度之比。

解该题要掌握绕同一个转轴转动的物体具有相同的角速度以及线速度与角速度的关系【解析】AD17、A:D【分析】【分析】

【详解】

A、B项：对A，根据平衡条件，有：F+mAgsinθ=T+μ1mAgcosθ；

对B，同样根据平衡条件，有：T=mBgsinθ+μ1mAgcosθ+μ2（mA+mB）gcosθ；

解得：F=2N；故A正确，B错误；

C项：利用整体法：N=（M+mA+mB）g+Fsinθ=131.2N；故C错误；

D项：利用“类整体法”可知；F有水平向左的分力，故地面对斜面体的摩擦力方向水平向右，故D正确．

故应选：AD．三、填空题(共9题，共18分)18、略

【分析】

通过调节使斜槽末端保持水平；是为了保证小球做平抛运动，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度．

故答案为：水平；相同的位置。

【解析】【答案】保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平；因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线．

19、略

【分析】试题分析：根据图线可知物体的初动能所以撤去拉力后物体的动能由10J减到零，根据动能定理解得=0.25；在拉力作用的前4m的位移内，根据动能定理解得F=4.5N。考点：此题考查了对物理图像的理解及动能定理。【解析】【答案】2；0.25；4.520、略

【分析】解：因为静水速的大小大于水流速；根据平行四边形定则知，合速度的方向可以垂直河岸，则船可以垂直河岸的航线抵达对岸．

当静水速与河岸方向垂直时，渡河时间最短，则最短时间t=dvc=605=12s.

船可以垂直河岸的航线抵达对岸；所以最小位移等于河的宽度，等于60m

．

故答案为：能；12s60m

船既随水向下游运动；又相对于水向对岸行驶，根据船相对于水的速度与水流速度的比较，分析船能否到达正对岸．

当船头的指向与河岸垂直时；该船渡河所用时间最短；当船运动的轨迹与河岸的方向垂直时，位移最小．

本题是小船渡河问题，关键是运用运动的合成与分解做出速度分解或合成图，分析最短时间或最短位移渡河的条件．【解析】能；12s60m

21、略

【分析】解：以A

为对象：水平方向不受力；所以A

受到B

的摩擦力0

以B

为对象：水平方向受向右拉力2N

而平衡，所以受到C

的摩擦力为2N

分析向左，C

受到B

的摩擦力2N

方向右；以整体为研究对象，C

受到地面的摩擦力1N

方向水平向右．

故答案为：02

水平向右，1

水平向右。

由于这个系统处于平衡状态；选择不同的研究对象受力分析，逐个分析即可求解．

对于叠加体和连接体问题，在处于平衡状态时，经常应用整体法和隔离法进行分析．【解析】02

水平向右；1

水平向右22、略

【分析】解：(1)A

拉橡皮条的绳细一些且长一些；实验效果更好.

故A正确．

B；作图时；我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出图的方向与实际力的方向有有较大差别，同时为了减小因摩擦造成的误差，故应使各力尽量与木板面平行.

以及读弹簧秤示数时，视线要正对刻度.

故B正确；

C；在实验中必须确保橡皮筋拉到同一位置；即一力的作用效果与两个力作用效果相同，且拉力适当大一些，减小测量的误差.

故C正确；

D；两个拉力的夹角过大；合力会过小，量取理论值时相对误差变大，夹角太小，会导致作图困难，也会增大偶然误差，故D错误．

故选：ABC

．

(2)

两力均为4N

且相互垂直，则其合力大小为F=2N=5.6N>5N

合力超过了弹簧秤的量程，故弹簧秤无法测出物体所受的合力，故不能使用．

故答案为：

(1)ABC

(2)

不能。

(1)

本实验采用“等效法”；即要求两次拉橡皮筋的效果相同，对于两弹簧拉力，为了减小误差，拉力需大一些，夹角适当大一些，不能太大，也不能太小．

(2)

由平行四边形定则可得出两拉力的合力大小；比较拉力与弹簧秤的量程则可知5N

量程的弹簧秤是否可用．

本题主要考查验证力的平行四边形定则的误差分析及数据的处理，应通过实验原理及数据的处理方法去思考减少实验误差的方法【解析】ABC

不能23、略

【分析】

根据功的定义式F=Flcosα得。

拉力F做的功W1=50×10×cos37°=400J；

如图所示；物体受重力；支持力、拉力及摩擦力；

FN=mg-Fsin37°=100-30=70N；

摩擦力f=μFN=0.1×40=7N；

摩擦力所做的功W=-fL=-7×10J=-70J；

故答案为：40070

【解析】【答案】根据功的定义式F=Flcosα求解拉力F做的功．

求得物体受到的摩擦力；再由功的公式可求得摩擦力对物体所做的功．

24、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】2.5m/s248kg25、略

【分析】解：在竖直方向上，根据△y=gT2得：T===0.1s；

则小球的初速度为：=

A点竖直分速度为：=

则B点竖直方向速度为：vyB=vyA+gT=2+1=3m/s；

则B点速度为：

则从抛出点到A点的时间为：t==

所以抛出点距离A点的水平位移为：xA=v0t=1×0.2m=0.2m=20cm；

抛出点的横坐标为：x=10-20=-10cm．

抛出点离B点的竖直位移为：=20cm；

抛出点的纵坐标为：y=15-20=-5cm．

故答案为：1；-10；-5

根据平抛运动竖直方向上相邻相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔；结合水平位移求出小球的初速度，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出A点的竖直分速度，从而结合速度时间公式求出抛出点到B点的时间，根据位移公式求出抛出点到B点的水平距离和竖直距离，从而得出抛出点的横纵坐标．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合运动学公式和推论灵活求解．【解析】1；-10；-526、略

【分析】解：(1)垄脵

为了保证小球的初速度水平；斜槽的末端需调节水平，故垄脵

正确．

垄脷

该实验不需要测量小球的质量；故垄脷

错误．

垄脹

为了保证小球每次做平抛运动的初速度大小相等；每次让小球从斜槽的同一位置由静止开始运动，故垄脹

正确．

故选：垄脵垄脹

．

(2)垄脵

在竖直方向上，根据鈻�y=gT2

得：T=鈻�yg=0.2鈭�0.110s=0.1s

则小球平抛运动的初速度为：v0=xT=0.20.1m/s=2m/s

．

垄脷

小球在b

点的竖直分速度为：vyb=yac2T=0.30.2m/s=1.5m/sb

点的速度为：vb=v02+vyb2=4+2.25m/s=2.5m/s

．

垄脹

抛出点到b

点的运动时间为：t=vybg=1.510s鈭�0.15s

则抛出点到b

点的水平位移为：xb=v0t=2隆脕0.15m=0.3m=30cm

则抛出点的横坐标为：x=20鈭�30cm=鈭�10cm

抛出点到b

点的竖直位移为：yb=12gt2=12隆脕10隆脕0.152m=0.1125m=11.5cm

则抛出点的纵坐标为：y=10鈭�11.25=鈭�1.25cm

．

故答案为：(1)垄脵垄脹(2)垄脵2垄脷2.5垄脹鈭�10鈭�1.25

．

(1)

根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤．

(2)

根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔；结合水平位移和时间间隔求出初速度．

根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出b

点的竖直分速度，结合平行四边形定则求出b

点的速度．

根据速度时间公式求出抛出点