2025年华师大新版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大新版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示；一根竖直的弹簀支持着一倒立汽缸中的活塞，使汽缸悬空而静止。设活塞与缸壁间无摩擦且可以在缸内自由移动，缸壁导热性能良好，则下列说法中正确的是（）

A.若外界大气压增大，则弹簧将压缩一些B.若外界大气压增大，则汽缸上底面距地面的高度将不变C.若气温升高，则活塞距地面的高度将减小D.若气温升高，则汽缸上底面距地面的高度将增大2、下列说法正确的是（）A.运动员入水过程激起的水花中，很多水滴呈现球形是因为水的表面张力的作用B.浸润液体在毛细管中下降，不浸润液体在毛细管中上升C.晶体一定表现出各向异性，非晶体一定表现出各向同性D.在轨道上运行的空间站中的密闭容器内的气体压强为零3、用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系（）

A.B.C.D.4、一段导线abcde位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc、cd和de的长度均为L，且∠abc＝∠cde＝120°，流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcde所受到的磁场的作用力的合力大小为()

A.BILB.2BILC.3BILD.4BIL5、如图所示，边长为L、电阻为R的正方形金属线框abcd放在光滑绝缘水平面上，其右边有一磁感应强度大小为B、方向竖直向上的有界匀强磁场，磁场的宽度为L，线框的ab边与磁场的左边界相距为L，且与磁场边界平行．线框在某一水平恒力作用下由静止向右运动，当ab边进入磁场时线框恰好开始做匀速运动．根据题中信息，下列物理量可以求出的是（）

A.外力的大小B.匀速运动的速度大小C.通过磁场区域的过程中产生的焦耳热D.线框完全进入磁场的过程中通过线框某横截面的电荷量6、传感器是把非电学物理量（如位移、压力、流量、声强等）转换成电学量的一种元件。如图所示为一种电容传感器，电路可将声音信号转化为电信号。电路中构成一个电容器，是固定不动的金属板，是能在声波驱动下沿水平方向振动的镀有金属层的振动膜。若声源发出频率恒定的声波使振动，则在振动过程中（）

A.板之间的电场强度不变B.板所带的电荷量不变C.向右位移最大时，电容器的电容量最大D.电路中始终有方向不变的电流7、据有关资料介绍，受控核聚变装置中有极高的温度，因而带电粒子将没有通常意义上的“容器”可装，而是由磁场约束带电粒子运动，使之束缚在某个区域内。如图所示，环状磁场的内半径为外半径为被束缚的带电粒子的比荷为k，若中空区域内带电粒子均具有沿半径方向的速度，速度大小为v。中空区域中的带电粒子都不会穿出磁场的外边缘而被约束在半径为的区域内；则环状区域内匀强磁场的磁感应强度最小值为（）

A.B.C.D.8、现代科学的发展极大地促进了人们对原子、原子核的认识，下列有关原子、原子核的叙述正确的是：A.卢瑟福α粒子散射实验说明原子核内部具有复杂的结构B.轻核聚变反应方程有：C.天然放射现象表明原子核内部有电子D.氢原子从n＝3能级跃迁到n＝1能级和从n＝2能级跃迁到n＝1能级，前者跃迁辐射出的光子波长比后者的长9、在一个原子核衰变为一个原子核的过程中，发生β衰变的次数为A.6次B.10次C.22次D.32次评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图所示；图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向右端移动时，下面说法中正确的是()

A.电压表的读数减小，电流表的读数增大B.电压表的读数减小，电流表的读数减小C.电压表的读数的变化量与的读数变化量之比不变D.电压表的读数与的读数之比变大11、如图所示，一理想变压器的原线圈接有电压为U的交流电，副线圈接有电阻R1和光敏电阻R2（阻值随光照增强而减小），开关S开始时处于闭合状态；下列说法正确的是。

A.当U增大时，副线圈中电流变大B.当光照变弱时，变压器的输入功率变大C.当开关S由闭合到断开时，交流电流表的示数变大D.当滑动触头P向下滑动时，电阻R1消耗的功率增加12、如图所示的电路，a、b、c为三个相同的灯泡，其电阻大于电源内阻，当变阻器R的滑片P向上移动时；下列判断中正确的是。

A.a、b两灯变亮，c灯变暗B.a、c两灯变亮，b灯变暗C.电源输出功率先增大后减小D.b灯中电流变化值大于c灯中电流变化值13、一定质量的理想气体，从状态A开始经历三个不同的过程I、Ⅱ、Ⅲ到状态B、C、D，状态B、C、D的体积相同。过程I是等温膨胀过程；过程Ⅱ是等压膨胀过程，过程Ⅲ是绝热膨胀过程。关于三个过程和三个状态有关参量的比较，正确的是（）A.D三个状态，C状态的温度最高B.Ⅱ过程对外做的功最多C.三个状态的D相比较，D状态分子数密度最小E.只有状态D的内能小于状态A的内能E.只有状态D的内能小于状态A的内能14、回旋加速器是用来加速带电粒子的装置，如图所示．它的核心部分是两个D形金属盒，两盒相距很近（缝隙的宽度远小于盒半径），分别和高频交流电源相连接，使带电粒子每通过缝隙时恰好在最大电压下被加速，最大电压为U．两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒面，带电粒子在磁场中做圆周运动，粒子通过两盒的缝隙时反复被加速，直到最大圆周半径时通过特殊装置被引出．利用该加速器分别给质子和粒子（氦原子核）加速，已知质子、粒子质量之比为14，带电量之比为12，则下列说法正确的是()

A.引出的质子和粒子动能之比为11B.引出的质子和粒子动量之比为11C.若增大电压U，质子、粒子被引出的动能都增大D.质子、粒子被引出的动能大小与电压U无关．15、在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r；闭合开关S，将滑动变阻器滑片P向右移动一段距离后，下列结论正确的是（）

A.电流表示数变大，电压表示数变小B.灯泡L变亮C.容器C上电荷量增加D.电源的输出功率变小16、如图，电源电动势E=6V，内阻r=0.8定值电阻及R4=3Ω,图中电压表和电流表均为理想电表，当在P、Q之间连接另外一只理想电流表G时；下列说法正确的是。

A.通过G的电流为无穷大，从而会将G烧坏B.通过G的电流为0.2AC.V的示数将变大D.V的示数变化量的绝对值与A示数变化量的绝对值的比值为0.817、如图所示，物体A、B的质量分别为m和2m,之间用轻弹簧连接；放在光滑的水平面上，物体A紧靠竖直墙，现在用力向左推B使弹簧压缩，然后由静止释放，则。

A.从撤去推力到A离开竖直墙之前，B和弹簧组成的系统动量不守恒，机械能守恒B.从撤去推力到A离开竖直墙之前，B和弹簧组成的系统动量守恒，机械能不守恒C.弹簧第二次恢复为原长时，B两物体的速度方向一定相同D.弹簧第一次、第二次压缩最短时弹性势能之比为3：1评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)18、按照玻尔理论，一个氢原子核外的电子从半径为ra的圆轨道自发地直接跃迁到半径为rb的圆轨道上，在此过程中原子要___________（填“发射”或“吸收”）某一频率的光子，电子的动能________（填“增大”、“减小”或“不变”），电子（系统）的电势能________（填“增大”、“减小”或“不变”），原子的总能量（）。19、如图所示电路，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，安培表A的示数如何变化？小明同学的分析思路如下：

试写出以下步骤的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。20、（1）一定质量的气体做等容变化，温度为200K时的压强为0.8atm，压强增大到2atm时的温度为________K。

（2）一定质量的气体，在压强不变时，温度为200K，体积为V0，当温度升高100K时，体积变为原来的________倍。21、如图，粗细均匀的长玻璃管竖直放置且开口向下，管内的水银柱封闭了一部分体积的空气柱．当外界大气压缓慢减小，水银柱将_______（上升、不动、下降）；若大气压减小△p，水银柱移动L1，大气压再减小△p，水银柱又移动L2，则：L1_______L2（选填“>”、“<”；“=”）．（保持温度不变）

22、在水平放置的气垫导轨上，质量为0.4kg、速度为0.5m/s的滑块甲与质量为0.6kg、速度为0.1m/s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小变为0.2m/s，此时滑块甲的速度大小为______m/s，方向与它原来速度方向_______．评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共12分)26、某研究性学习小组为了研究标有“3.0V；1.5W"字样小灯泡的伏安特性曲线，设计并完成了有关实验．以下是实验中可供选择的器材。

A.直流电源E(5V；内阻约0.5Ω)；

B.电流表(0～3A；内阻约0.1Ω)；

C.电流表(0～0.6A；内阻约1Ω)；

D.电压表(0～3V；内阻约3kΩ)；

E电压表(0～15V；内阻约15kΩ)；

F.滑动变阻器(0～10Ω；额定电流1A)

G.滑动变阻器(0～1000Ω；额定电流0.5A)；

H开关；导线等。

(1)请选用合适的器材，在虚线框中画出电路图，并在图上标出所选器材的符号__________．

(2)某次读数如图所示，则电流表的读数为__________A，电压表的读数为__________V.

(3)实验中根据测得小灯泡两端的电压与通过它的电流的数据描绘出该小灯泡的U-I曲线如图所示根据图所作出的小灯泡U-I曲线，可判断下图中关系图象正确的是________．(图中P为小灯泡的功率，I为通过小灯泡的电流)

A.B.C.D.

(4)某同学将两个完全相同的这种小灯泡并联接到如图所示的电路中，其中电源电动势E=3V，内阻r=3Ω，则此时每个小灯泡的实际功率为__________(结果保留两位有效数字)．

27、物理实验社团的某小组同学在实验室“探究单摆的周期与摆长的关系”。

（1）为测量摆长，必须使单摆处于__________状态（填“A”；“B”或“C”）。

A.水平放置且拉直。

B.竖直面内自然悬垂。

C.悬挂且用竖直外力拉紧。

（2）他已测得摆线长度为然后用某种仪器来测量摆球的直径，得到的测量值为此测量数据是选用了仪器____（填“A”；“B”或“C”）测量得到的。

A．毫米刻度尺。

B．10分度游标卡尺。

C．20分度游标卡尺。

（3）正确挂起单摆后，将摆球从平衡位置拉开一个小角度由静止释放，使摆球在竖直平面内稳定摆动，当摆球某次经过平衡位置时开始计时，测出小球完成30次全振动的时间为____s。

（4）实验中的摆球可看成为质量均匀分布的球体，社团中另一小组同学错将摆线长和小球直径之和当作单摆的摆长，那么在探究周期T与摆长L的关系时将会得到如图所示的__________线（填“A”；“B”或“C”）。

评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)28、在一根长L=5m，横截面积S=3.5×10-4m2的铜质导线两端加2．5×10-3V电压．已知铜的电阻率ρ=1.75×10-8Ω·m；则：

（1）该导线的电阻多大？

（2）该导线中的电流多大？

（3）当电阻线对折后，接入相同的电压，电流是多大？29、如图所示，倾角为的光滑斜面上，有一垂直于斜面向下的有界匀强磁场区域PQNM，磁场区域宽度L=0.1m．将一质量m=0.02kg、边长L=0.1m、总电阻R=0.4的单匝正方形闭合线圈abcd由静止释放，释放时ab边水平，且到磁场上边界PQ的距离也为L，当ab边刚进入磁场时，线圈恰好匀速运动，g=10m/s2；求：

（1）ab边刚进入磁场时，线圆所受安培力的大小F安方向；

（2）ab边刚进入磁场时，线圈的速度及磁场磁感应强度B的大小；

（3）线圈穿过磁场过程产生的热量Q．30、一条绝缘的挡板轨道ABC固定在光滑水平桌面上，BC段为直线，长为4R，动摩擦因数为AB是半径为R的光滑半圆弧（两部分相切于B点）．挡板轨道在水平的匀强电场中，场强大小为方向与BC夹角为．一带电量为质量为的小球从C点静止释放，已知求：

（1）小球在B点的速度大小；

（2）若场强E与BC夹角可变，为使小球沿轨道运动到A点的速度最大，的取值以及A点速度大小；

（3）若场强E与BC夹角可变，为使小球沿轨道运动到A点沿切线飞出，的取值范围．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

【详解】

AC．选择汽缸和活塞为整体；则弹簧弹力始终等于整体重力，弹簧长度不发生变化，则活塞距地面的高度不变，AC错误；

B．选汽缸为研究对象，竖直向下受重力和大气压力向上受到缸内气体的压力由平衡条件得。

若外界大气压增大，则一定增大；根据玻意耳定律得。

（常数）当压强增大时；气体体积一定减小，所以汽缸的上底面距地面的高度将减小，B错误；

D．若气温升高；缸内气体做等压变化，根据。

可知；当温度升高时，气体体积增大，汽缸上升，则汽缸的上底面距地面的高度将增大，D正确。

故选D。2、A【分析】【详解】

A．运动员落水激起的水花中；较小的水滴呈现接近球形是因为表面张力的作用，故A正确；

B．浸润液体在毛细管里上升；不浸润液体在毛细管里下降，故B错误；

C．单晶体表现为各向异性；多晶体和非晶体表现为各向同性，故C错误；

D．在轨道上运行的空间站中的密闭容器内的气体处于失重状态；但分子热运动不会停止，所以分子仍然不断撞击容器壁产生压力，故压强不为零．故D错误。

故选A。3、C【分析】【详解】

甲图均为并联部分的电压电流，所以测量值为电压表内阻与电阻的并联值，小于电阻值，即．乙图均为串联部分的电压电流，所以测量值为电流内阻与电阻的串联值，大于电阻值，即C对．4、C【分析】【详解】

ab段导线受力根据左手定则判断方向向上；bcd段导线的有效长度即是bd的长度，因为∠abc＝∠cde＝120°，所以bd长也为L，受到安培力根据左手定则判断方向向上；dc段导线受安培力根据左手定则判断方向向上，所以整段导线受力ABD错误C正确5、D【分析】【分析】

根据线框做匀速运动；可得外力大小等于安培力大小，通过磁场的过程是一个匀速过程，外力做的功全部转化为焦耳热，通过线框某横截面的电荷量等于平均电流乘时间．

【详解】

根据动能定理可得，刚进入磁场时速度满足恰好匀速，可得线框质量未知，A、B、C都错；通过线框某横截面的电荷量D对．

【点睛】

此类问题综合性很强，我们针对特殊状态进行分析．6、C【分析】【详解】

A．电容器与电源相连，则电容的电压不变。当振动膜片a向右振动时电容器两极板的距离周期性变化，由知，不变的情况下，a、b板间场强周期性变化；选项A错误；

B．由知，不变，在变化；则电容器所带电量也在变化，选项B错误；

C．电容器的电容当向右位移最大时，板间距离最小，则电容器的电容量最大，选项C正确；

D．当振动膜片a向右振动时电容器两极板的距离周期性变化，根据及可知电容器的电量不断变化；充电和充电交替产生，所以电路中电流方向时刻在变化，选项D错误。

故选C。

【点睛】

电容器极板间距离的变化引起了电容的变化，电容的变化引起了电量的变化，从而场强变化，G中有电流。7、B【分析】由题意可知，粒子的比荷k已经确定，粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，则有

粒子运动的半径r已经确定；要使所有的粒子都不能穿出磁场，则：

与内圆相切的方向进入磁场的粒子在磁场运动的轨迹刚好与外圆相切，可知2r最大为如图所示：

从而推知，

即

则故C正确，ABD错误；

故选C。8、B【分析】【详解】

A．卢瑟福α粒子散射实验提出原子核式结构；天然放射现象说明原子核内部具有复杂的结构，故A错误；

B．轻核聚变反应是较小的核反应生成较大的核的过程；再由质量数与电荷数守恒可知，B正确；

C．天然放射线中放出的粒子是原子核中的一个中子转变了一个质子和一个电子而来的；故C错误；

D．跃迁时辐射的能量等于两能级差，氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级和从n=2能跃迁到n=1能级，前者跃迁辐射光子的能量大，频率大，则波长比后者的短，故D错误．9、A【分析】【详解】

假设发生x次α衰变y次β衰变，核反应方程依据质量数守恒和电荷数守恒，有238=206+4x，92=82+2x+（-1）y，解方程得y=6，因此选项A正确.二、多选题(共8题，共16分)10、A:C【分析】【详解】

滑动变阻器滑片向右端移动时，滑动变阻器电阻减小，则整个回路总电阻减小，总电流增大，即电流表A1的读数增大，内电压增大，外电压减小，R1两端的电压增大，则R3两端的电压减小，即V1的读数减小，A2的读数减小；总电流增大，通过R3的电流减小，则通过RP和R2的电流增大，可知R2两端的电压增大，即V2的示数增大，故A正确，B错误；根据闭合电路欧姆定律有U1=E-I（R1+r），则有故电压表V1的读数的变化量与电流表A1的读数的变化量的比值保持不变，故C正确；由上可知V1的读数减小，A1的读数增大，所以电压表的读数与的读数之比变小，故D错误．所以AC正确，BD错误．11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A项：当U增大时；副线圈两端电压增大，所以副线圈中的电流增大，故A正确；

B项：当光照变弱时，光敏电阻阻值变大，副线圈中的总电阻变大，总电流变小，由公式P=U2I2可知；副线圈消耗的功率变小，变压器的输入功率变小，故B错误；

C项：当开关S由闭合到断开时；副线圈中的总电阻变大，总电流变小，即电流表的示数变小，故C错误；

D项：当滑动触头P向下滑动时，原线圈匝数变小，副线圈电压变大，R1中的电流变大；所以消耗的功率变大，故D正确．

故应选：AD．12、A:D【分析】【分析】

当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，即可知道a灯亮度的变化．由欧姆定律分析并联部分电压的变化，判断c灯亮度的变化．由通过c的电流与总电流的变化，分析通过b灯电流的变化，判断其亮度的变化．a、b；c三个灯泡的电阻都大于电源内阻；根据推论：外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，分析电源的输出功率如何变化。

【详解】

A、B项：当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流I增大，a灯变亮。并联部分电压减小，c灯变暗。由总电流增大，而通过c灯的电流减小，可知通过b灯的电流增大，b灯变亮；故A正确，B错误；

C项：A；B、C三个灯泡的电阻都大于电源内阻；根据推论：外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，则知，当变阻器的滑动触头P向上移动时，外电路总电阻减小，电源输出的电功率增大，故C错误；

D项：由于Ia=Ib+Ic，Ia增大，Ic减小，Ib增大，则知，流过b灯的电流变化值大于流过c灯的电流变化值；故D正确。

故应选：AD。

【点睛】

本题是电路动态分析问题，按局部到整体，再局部分析电压、电流的变化．利用推论分析电源输出功率的变化。13、A:B:E【分析】【详解】

A．过程I是等温膨胀过程，根据玻意耳定律可知当体积增大时，压强减小；过程Ⅱ是等压膨胀过程，根据盖吕萨克定律可知当体积增大时，温度升高；过程Ⅲ是绝热膨胀过程，根据热力学第一定律

体积增大时；气体对外做功，故内能减小，又因为理想气体的内能只与温度有关，所以可得温度降低，根据理想气体状态方程，当温度降低，体积增大时，压强减小；综合可得C状态的温度最高，A正确；

B．根据前面分析；Ⅱ过程中压强不变，Ⅰ；Ⅲ过程中压强都减小，同时状态B、C、D的体积变化量相同，可知Ⅱ过程对外做的功最多，B正确；

C．三个状态的B；C、D的体积相同；所以分子数密度相同，C错误；

D．根据前面分析；Ⅱ过程对外做的功最多，末状态的温度最高即内能最大，根据热力学第一定律可知该过程吸收的热量最多，D错误；

E．理想气体的内能只与温度有关；只有状态D的温度低于状态A，所以只有状态D的内能小于状态A的内能，E正确。

故选ABE。14、A:D【分析】【详解】

粒子被引出时满足此时粒子的动能：则引出的质子和粒子动能之比为11，选项A正确；粒子的动量：则引出的质子和粒子动量之比为12，选项B错误；由可知，质子、粒子被引出的动能大小与电压U无关，选项C错误，D正确．15、A:B【分析】滑动变阻器滑片P向右移动一段距离后；总电阻减小，则总电流增大，内电压增大，外电压减小，所以灯泡L的电流增大，灯泡变亮，电流表示数增大，电压表示数减小．故AB正确．灯泡两端的电压变大，外电压变小，则滑动变阻器两端的电压减小，根据Q=CU知，电容器C上的电荷量减小．故C错误．因为当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率变大，外电阻大于内电阻，外电阻减小，则输出功率变大．故D错误．故选AB．

点睛：本题的难点在于确定电源的输出功率如何变化，可以用数学证明，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，这是很重要的结论．对于电容器，关键确定电压，记住这个结论很有必要：电容器与与它并联的电路电压相等．16、B:D【分析】【详解】

A、B、当在P、Q之间连接另外一只理想电流表G时外电路中的总电阻为根据闭合电路欧姆定律知R2和R4是并联关系，根据分流原理知流过R4的电流是0.8A；所以有0.2A的电流从电流计流过；故A错误，B正确.

C；当在P、Q之间连接另外一只理想电流表G时相比原来的电阻变小；所以电流变大，导致路端电压减小，所以电压表的示数变小，故C错误.

D、根据闭合电路欧姆定律知：则故D正确.

故选BD.

【点睛】

掌握电阻的连接方式和闭合电路的欧姆定律，动态分析电路的从局部导轨整体再到局部的步骤.17、A:C:D【分析】【详解】

对A、B和弹簧组成的系统，从撤去推力到A离开竖直墙之前，系统受到墙壁的弹力作用，合外力不为零，则A、B和弹簧组成的系统动量不守恒；此过程中由于只有弹力做功，则机械能守恒，选项A正确，B错误；弹簧第二次恢复为原长时，此时A、B两物体的速度方向均向右，方向一定相同，选项C正确；撤去力F后，B向右运动，弹簧弹力逐渐减小，当弹簧恢复原长时，A开始脱离墙面，这一过程机械能守恒，即满足：E=(2m)vB2；A脱离墙面后速度逐渐增加，B速度逐渐减小，此过程中弹簧逐渐伸长，当A、B速度相同时，弹簧弹性势能最大，这一过程系统动量和机械能均守恒，有：动量守恒：2mvB=（m+2m）v，机械能守恒：EPmax＝(2m)vB2−(m+2m)v2；可解得：EPmax＝即弹簧第一次；第二次压缩最短时弹性势能之比为3：1，所以D正确；故选ACD.

【点睛】

正确认识动量守恒条件和机械能守恒条件是解决本题的关键．如果一个系统不受外力或所受外力的矢量和为零，那么这个系统的总动量保持不变；系统只有重力或弹力做功为机械能守恒．三、填空题(共5题，共10分)18、略

【分析】【详解】

[1]因为一个氢原子核外的电子从半径为的圆轨道能够自发地直接跃迁到半径为的圆轨道上，则有

即氢原子的能量减小；会向外发射光子，因为能级差一定，只能发出特定频率的光子；

[2][3]氢原子在发出特定频率的光子之后，氢原子的总能量减小，根据可知轨道半径减小，电子的动能增大，则原子的电势能减小。【解析】发射，增大，减小，减小19、略

【分析】【详解】

②根据闭合电路欧姆定律得：总电流减小，所以路端电压变大；④根据并联电路电流关系：总电流变小，而变大，则一定变小【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】50021、略

【分析】【详解】

设外界大气压为封闭气体的压强为封闭气体的横截面为S，气柱的长度为封闭水银柱受力平衡：解得由于气体的温度不变，所以的乘积应该是一定值，设为C，则解得当外界大气压降低相同的量时，根据函数关系可知气柱的长度会增加，且气柱移动的长度．【解析】下降<22、略

【分析】【分析】

【详解】

滑块甲乙系统在碰撞过程中水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有：＋＝＋由题意知，两者迎面碰撞，说明两者初速度方向相反，不妨假设甲的初速度方向为正方向，又由于题目中只说明碰后乙的速度大小，未说明碰后速度方向，但系统初始总动量方向与正方向相同，因此碰后系统的总动量方向也应与正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度为：＝0.05m/s，为正值，即方向与它原来的方向相同．【解析】0.05相同四、作图题(共3题，共21分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共12分)26、略

【分析】【详解】

（1）灯泡的额定电压为3V，则电压表选择V1；额定电流为可知电流表选择A2；滑动变阻器要用分压电路，则选择阻值较小的R1；因小灯泡的电阻较小；则用电流表外接电路；电路图如图；

（2）电流表的量程为0.6A；则读数为0.42A；电压表的量程为3V，则读数为2.30V；

（3）由小灯泡U-I曲线可知，小灯泡的电阻随电流的增加而增大；根据P=I2R可知I2=P，可知随R的增加I2-P图像的斜率减小；故图像B正确；

（4）设通过灯泡的电流为I，灯泡两端电压为U，根据图丙所示电路图，由闭合电路欧姆定律可得：E=U+2Ir，